江西省上饶市横峰中学2022-2023学年物理高三第一学期期中复习检测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一个质量为m的钢球，放在倾角为的固定斜面上，用一垂直于斜面的挡板挡住，处于静止状态。各个接触面均光滑，重力加速度为g,则挡板从该位置缓慢放平的过程中，球对挡板的压力

2、和球对斜面的压力( )A增大 增大B减小 减小C增大 减小D减小 增大2、如图所示，倾角为37、长为l16 m 的传送带，转动速度为v10 m/s，在传送带顶端A处无初速度地释放一个质量为m0.5 kg的物体，已知物体与传送带间的动摩擦因数0.5，取g10 m/s2.则说法正确的是( )A传送带顺时针转动时，物体从顶端A无法滑到底端BB传送带顺时针转动时，物体从顶端A滑到底端B先做匀加速后匀速运动C传送带逆时针转动时，物体从顶端A滑到底端B的一直做匀加速运动D传送带逆时针转动时，物体从顶端A滑到底端B的时间为2s3、如图所示，物体A放置在固定斜面上，一平行斜面向上的力F作用于物体A上在力F变大

3、的过程中，A始终保持静止，则以下说法中正确的是（ ）A物体A受到的合力变大B物体A受到的支持力不变C物体A受到的摩擦力变大D物体A受到的摩擦力变小4、如图所示，两长直导线P和Q垂直于纸面固定放置，两者之间的距离为l，在两导线中通有方向垂直于纸面向里的电流在纸面内与两导线距离均为l的a点，每根通电直线 产生的磁场磁感应强度大小均为B若在a点平行于P、Q放入一段长为L的通电直导线，其电流大小为I，方向垂直纸面向外，则关于它受到的安培力说法正确的是A大小等于BIL，方向水平向左B大小等于BIL，方向水平向右C大小等于，方向竖直向下D大小等于，方向竖直向上5、如图所示，电路中所有元件完好，光照射到阴极

4、上时，灵敏电流计中没有电流通过，其原因可能是（）A入射光太弱B入射光波长太短C光照时间短D电源正负极接反6、如图所示，AB为光滑竖直杆，ACB为构成直角的光滑L形直轨道，C处由一小圆弧连接可使小球顺利转弯（即通过转弯处不损失机械能）套在杆上的两个小球自A点静止释放，分别沿AB轨道和ACB轨道运动，如果沿ACB轨道运动的时间是沿AB轨道运动时间的15倍，则BA与CA的夹角为A60B53C45D30二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于静电场的电场线，下列说法正确的是（

5、）A电场强度较大的地方电场线一定较密B沿电场线方向，电场强度一定越来越小C沿电场线方向，电势一定越来越低D电场线一定是带电粒子在电场中运动的轨迹8、如图所示，一圆形金属环与两固定的平行长直导线在同一竖直平面内，环的圆心与两导线距离相等，环的直径小于两导线间距两导线中通有大小相等、方向向下的恒定电流若A金属环向左侧直导线靠近，穿过环的磁通量增加B金属环向右侧直导线靠近，穿过环的磁通量减小C金属环向上运动，环上无感应电流D金属环向下运动，环上的感应电流方向为顺时针方向9、在光滑的水平面上，质量分别为 m1和m2的木块A和B之间用轻弹簧相连，在拉力F的作用下，以加速度a做匀加速直线运动，某时刻突然撤

6、去拉力F，此瞬时A和B的加速度a1和a2，则（ ）ABCD10、如图所示，细线一端固定在天花板上的O点，另一端穿过一张CD光盘的中央圆孔后拴着一个橡胶球橡胶球静止时，竖直悬线刚好挨着水平桌面的边沿现将CD光盘按在桌面上，并沿桌面边缘以速度v匀速移动，移动过程中，CD光盘中央小孔始终紧挨桌面边线当悬线与竖直方向的夹角为45时（ ）A小球的竖直分速度大小为vB小球的竖直分速度大小为vC小球的速度大小为vD小球的速度大小为v三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学利用如图甲所示的装置验证动能定理。固定并调整斜槽，使它的末端O点的切线水

7、平，在水平地面上依次铺放好木板、白纸、复写纸。将小球从不同的标记点由静止释放，记录小球到达斜槽底端时下落的高度H，并根据落点位置测量出小球平抛的水平位移x。改变小球在斜槽上的释放位置，进行多次测量，记录数据如下：高度 H（h为单位长度）h2h3h4h5h6h7h8h9h水平位移 x/cm5.59.111.714.215.917.619.020.621.7（1）已知斜槽倾角为，小球与斜槽之间的动摩擦因数为，斜槽底端离地的高度为y，不计小球与水平槽之间的摩擦，小球从斜槽上滑下的过程中，动能定理若成立应满足的关系式是_；（2）以H为横坐标，以_为纵坐标，在坐标纸上描点作图，如图乙所示；由第（1）、（

8、2）问，可以得出结论：在实验误差允许的范围内，小球运动到斜槽底端的过程中，合外力对小球所做的功等于动能变化量。（3）受该实验方案的启发，某同学改用图丙的装置实验。他将木板竖直放置在斜槽末端的前方某一位置固定，仍将小球从不同的标记点由静止释放，记录小球到达斜槽底端时下落的高度H，并测量小球击中木板时平抛下落的高度d，他以H为横坐标，以_为纵坐标，描点作图，使之仍为一条倾斜的直线，也达到了同样的目的。12（12分）某同学利用如图a所示装置做探究弹簧弹力大小和其长度的关系的实验。(1)他通过实验得到如图b所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线由此图线可得该弹簧的原长x0_cm，劲度系数k_N/m。(

9、2)他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图c所示时，该弹簧的长度x_cm。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一质量为m、电荷量为q(q0)的液滴，在场强大小为3mgq、方向水平向右的匀强电场中运动，运动轨迹在竖直平面内.A、B为其运动轨迹上的两点，已知该液滴在A点的速度大小为v0，方向与电场方向的夹角为60；它运动到B点时速度方向与电场方向的夹角为30，不计空气阻力。求（1）A、B两点间的电势差。（2）当此带电液滴运动到最高点C时（C点图中为画出），液滴由A点运动到C点过

10、程中的机械能改变量。14（16分）一半径为R的半圆形竖直圆柱面，用轻质不可伸长的细绳连接的A、B两球，悬挂在圆柱面边缘两侧，A球质量为B球质量的2倍，现将A球从圆柱边缘处由静止释放，如图所示，已知A球始终不离开圆柱内表面，且细绳足够长，若不计一切摩擦.求:(1)A球沿圆柱内表面滑至最低点时速度的大小.(2)从A被释放到B上升到最大高度过程中，绳子拉力对A球所做的功15（12分）一列沿x轴传播的简谐横波，在t=0时刻的波形如图所示，已知该波的传播速度为6.0m/s，求：（1）.该列波的周期；（2）.平衡位置在x=4cm处的质点在00.045s时间内的位移和路程参考答案一、单项选择题：本题共6小题

11、，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】画出球的受力图，由平行四边形法则可知，当挡板从该位置缓慢放平的过程中，挡板对球的弹力逐渐变大；斜面对球的弹力逐渐减小；根据牛顿第三定律可知，球对挡板的压力逐渐变大，球对斜面的压力逐渐减小；A增大、增大；与结论不相符，选项A错误；B减小、减小；与结论不相符，选项B错误；C增大、 减小；与结论相符，选项C正确；D减小、增大；与结论不相符，选项D错误；故选2、D【解析】（1）传送带顺时针转动时，物体相对传送带向下运动，则物体所受滑动摩擦力沿斜面向上，因mgsin37mg cos37，则物体向下匀加速运动，选项A

12、B错误；（2）传送带逆时针转动，当物体下滑速度小于传送带转动速度时，物体相对传送带向上运动，则物体所受滑动摩擦力沿传送带向下，设物体的加速度大小为a1，由牛顿第二定律得：mgsin37+mgcos37=ma1，代入数据得：a1=10m/s2，设当物体运动速度等于传送带转动速度时经历的时间为t1，位移为x1，则有： ，x1=a1t2=5ml=16m，当物体运动速度等于传送带速度瞬间，有mgsin37mgcos37，则下一时刻物体相对传送带向下运动，受到传送带向上的滑动摩擦力设当物体下滑速度大于传送带转动速度时物体的加速度为a2，由牛顿第二定律得： ，代入数据得：a2=2m/s2，位移：x2=l-

13、x1=16-5=11m，又因为x2=vt2+a2t2，则有：10t2+t2=11，解得：t2=1s（t2=-11s舍去），所以有：t总=t1+t2=1+1=2s选项C错误，D正确；故选D.点睛：解决本题的关键理清物体的运动规律，知道物体运动，明确速度和加速度的变化，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解从此题看出出，皮带传送物体所受摩擦力可能发生突变，不论是其大小的突变，还是其方向的突变，都发生在物体的速度与传送带速度相等的时刻3、B【解析】A.物体受重力、支持力、摩擦力及拉力的作用而处于静止状态，故合力为零，故A错误；B.将重力分解到沿斜面和垂直于斜面的方向；在垂直于斜面方向，重力的分力、支持

14、力平衡，所以支持力不变，故B正确；CD.若，摩擦力沿斜面向下，受力分析如图所示：由平衡得：，在力F变大的过程中，故根据平衡条件，静摩擦力逐渐增加；若，摩擦力向上，由平衡得：，故根据平衡条件，静摩擦力应先减小，后反方向增大，故CD错误.故选B。4、D【解析】a点所在通电直导线的受力分析如图所示：由题意得：，安培力合力为，方向竖直向上，故D正确，ABC错误5、D【解析】当入射光的波长小于金属的极限波长时，金属能产生光电效应。当光电管上加上反向电压时，灵敏电流计中可能没有电流通过。结合光电效应的条件分析。【详解】AC.能否发生光电效应与入射光的强弱、照射时间长短无关。故A、C不符合题意。BD.光照射

15、到光电管上，灵敏电流计中没有电流通过，可能未发生光电效应，即入射光的波长太长，也可能是发生了光电效应，由于所加的电压为反向电压，光电子不能到达阳极。故B不符合题意，D符合题意。【点睛】解决本题的关键掌握光电效应的条件，即入射光的频率大于金属的极限频率，与入射光的强弱、光照时间无关。6、B【解析】设AB的长度为2L，小球沿AB做自由落体运动，运动的时间满足：，可解得，小球沿AC段运动时，且，所需的时间满足；，解得：，在C点小球的速度，以后沿BC做匀加速运动，其加速度为：，且，故：，其中，代入后解得：，即，B正确【点睛】本题的关键是能正确对ABC进行受力和运动分析，把运动的时间正确表示；可视为多过

16、程的运动分析，一定明确前后过程的衔接物理量二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A、电场强度与电场线的密集程度有关电场线越密，电场强度越大；反之则越小，故A正确，BC、沿电场线方向，电势一定越来越低但电场强度不一定越来越小，比如正电荷的电场线沿电场线电场强度越来越小；沿电场线方向，电势一定越来越低，故B错误C正确; D、电场线并不实际存在，它只是人为的辅助工具，而带电粒子的运动轨迹是实际存在的，故D错误综上所述本题答案是：AC8、AC【解析】由题中“一圆形金

17、属环与两固定的平行长直导线在同一竖直平面内”可知，本题考查闭合线圈磁通量变化以及感应电流方向，根据楞次定律和通电导线磁场分布规律可分析本题。【详解】AB、根据通电导线磁场分布规律可知，在两根通电导线中间，及分布垂直纸面向外的磁场也分布垂直纸面向里的磁场，并且在中间位置，磁通量为零，因此金属环无论向左向右移动，磁通量均增加，故A正确B错误；CD、因为金属环内磁通量为零，根据对称性，金属环上下移动磁通量不会发生变化，根据楞次定律可知，无感应电流产生，故C正确D错误。9、AD【解析】力F作用时，对A有：F弹=m1a；对B有F-F弹=m2a；当突然撤去推力F的瞬间，弹簧弹力没有发生改变，对B受力分析有

18、：-F弹=m2a2，解得：a2=-a，A受到弹力作用，撤去F的瞬间弹簧的弹力不变，所以A的加速度不变，仍为a，故选AD10、BD【解析】试题分析：由题意可知，线与光盘交点参与两个运动，一是沿着线的方向运动，二是垂直线的方向运动，则合运动的速度大小为v，由数学三角函数关系，则有：；而线的速度的方向，即为小球上升的速度大小v，再依据矢量的合成法则，则小球的速度大小为：，故BD正确【考点定位】考查了速度的合成与分解【点睛】对线与光盘交点进行运动的合成与分解，此点既有沿着线方向的运动，又有垂直线方向的运动，而实际运动即为光盘的运动，结合数学三角函数关系，即可求解三、实验题：本题共2小题，共18分。把答

19、案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 【解析】（1）设小球离开斜槽时的速度为v，根据平抛运动的规律得：x=vt，y=gt2联立得： 小球在斜槽上滑下过程中，重力和摩擦力做功，则合力做的功为：小球动能的变化量 则小球从斜槽上滑下的过程中，动能定理若成立应满足的关系式是 ，即（2）根据上题结果可知，以H为横坐标，以x2为纵坐标，在坐标纸上描点作图（3）根据平抛运动的规律有：则动能定理表达式为：所以以H为横坐标，以为纵坐标，描点作图，使之仍为一条倾斜的直线；【点睛】本题关键利用平抛运动的知识求得小球到达斜槽的末速度，从而写出动能定理表达式，要能根据数学知识灵活选择坐标12、4 25

20、 16 【解析】(1)12如果以弹簧长度x为横坐标，弹力大小F为纵坐标，作出Fx图象，那么图象与横轴的截距表示弹簧的原长，图线的斜率表示弹簧的劲度系数，所以根据图象可知，该弹簧的原长x04cm劲度系数(2)3弹簧秤的读数表示弹力的大小，即F3.0N，所以该弹簧的长度四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）3mv028q，（2）15mv028【解析】（1）由题意知qE3mg，液滴重力不能忽略，把运动分解水平方向：vsin 60v0sin 30qEmt 竖直方向：vcos 60v0cos 30gt 由可得：v233v0，t=3v06g 由牛顿第二定律得水平方向加速度a=qEm=3g，水平位移：xv0sin30t12(3g)t23v028g UABEx3mv028q .（2）竖直方向：0= v0cos 30gt1 水平方向：x= v0sin 30t1qEm t12 根据功能关系有：E=Eqx=15mv028【点睛】解答本题主要是应用力和运动的关系，根据