福建省泉州市达标名校2022-2023学年物理高三第一学期期中统考试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，A、B两小球分别连在轻绳两端，B球另一端用弹簧固定在倾角为30的光滑斜面上A、B两小球的质量分别为mA、mB，重力加速度为g，若不计弹簧质量，在绳被剪断瞬间，A、

2、B两球的加速度大小分别为()A都等于B和0C和D和2、如图表示的是一条倾斜的传送轨道，B是传送货物的平台，可以沿着斜面上的直轨道运送物体某次传送平台B沿轨道将货物A向下传送到斜轨道下端，运动过程可用如图中的速度时间图像表示下述分析中不正确的是（） A0时间内，B对A的支持力小于重力，摩擦力水平向右B时间内，B对A的支持力等于重力，摩擦力水平向左C时间内，B对A的支持力大于重力，摩擦力水平向左D0时间内出现失重现象； 时间内出现超重现象3、装修工人在搬运材料时施加一个水平拉力将其从水平台面上拖出，如图所示，则在匀加速拖出的过程中（ ）A材料与平台之间的接触面积逐渐减小，摩擦力逐渐减小B材料与平台

3、之间的相对速度逐渐增大，摩擦力逐渐增大C平台对材料的支持力逐渐减小，摩擦力逐渐减小D材料与平台之间的动摩擦因数不变，支持力也不变，因而工人拉力也不变4、一名攀岩运动员在登上陡峭的峰顶时不小心碰落了一块石块，8 s后他听到石块落到地面的声音若考虑到声音传播所需的时间，设声音在空气中传播的速度为340 m/s，则山峰的实际高度值应最接近于(g取10m/s2)()A80 mB160 mC250 mD320 m5、如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块A、B用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦）初始时刻，A、B处于同一高度并恰好静止状态剪断轻绳后A下落、B沿斜面下滑，则从剪断轻绳到物块

4、着地，两物块( )A速率的变化量不同B机械能的变化量不同C重力势能的变化量相同D重力做功的平均功率相同6、在竖直墙壁间有质量为m、倾角为的直角楔形木块和质量为2m的光滑圆球,两者能够一起以加速度a匀加速竖直下滑,已知ag(g为重力加速度).则木块与左侧墙壁之间的动摩擦因数为（ ）ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，面积为S、匝数为N、内阻不计的矩形线圈，在磁感应强度为B的匀强磁场中，从图示位置开始计时，绕水平轴oo以角速度匀速转动矩形线圈通过滑环连接

5、理想变压器理想变压器原线圈上的滑动触头P上下移动时，可改变副线圈的输出电压；副线圈接有可变电阻R电表均为理想交流电表下列判断正确的是（）A矩形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为B矩形线圈产生的感应电动势的有效值为C当P位置不动，R增大时，电压表示数也增大D当P位置向上移动、R不变时，电流表示数将增大8、如图所示，竖直平面内固定有半径为R的光滑半圆形轨道，最高点M、N与圆心O、在同一水平线上，物块甲、乙质量之比为1：3。物块甲从M处由静止开始无初速释放，滑到最低点P与静止在P处的物块乙发生第一次弹性碰撞，碰撞时间很短可不计，碰后物块甲立即反向，恰能回到轨道上Q点，物块甲、乙均可视为质点，不计空

6、气阻力，下列说法正确的是（）AQP之间的竖直高度为BQP之间的竖直高度为C在以后的运动中，物块甲不能回到M点D在以后的运动中，物块甲能回到M点9、如图所示，轻弹簧的下端固定在水平面上，上端固定一质量为m的物体。物体从静止开始在竖直向上恒力F的作用下向上运动L距离，此时物体的速度为v，此过程弹性势能增量为；系统机械能增量为，以下关系式成立的是（空气阻力不计） （）ABCD10、如图所示，水平粗糙桌面上有a、b两个小滑块，之间连接一弹簧，a、b的质量均为m，现用水平恒力F拉滑块b，使a、b一起在桌面上匀加速运动，弹簧原长为L，劲度系数为k，已知弹簧在弹性限度内物块与桌面间的动摩擦因数不变，下列说法

7、正确的是（ ）Aab间的距离为L+F/(2k)B撤掉F后，a作匀速运动，b作匀减速运动C若弹簧在a连接处突然断开，a、b的加速度一定都增大D撤掉F的瞬间，a的加速度不变，b的加速度可能增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）三个同学根据不同的实验条件，进行了探究平抛运动规律的实验：(1)甲同学采用如图甲所示的装置用小锤击打弹性金属片，金属片把A球沿水平方向弹出，同时B球被松开自由下落，观察到两球同时落地，改变小锤打击的力度，即改变A球被弹出时的速度，两球仍然同时落地，这说明 _ (2)乙同学采用如图乙所示的装置两个相同的弧形轨道M

8、、N，分别用于发射小铁球P、Q，其中N的末端可看作与光滑的水平板相切（水平板足够长），两轨道上端分别装有电磁铁C、D；调节电磁铁C、D的高度使ACBD，从而保证小铁球P、Q在轨道出口处的水平初速度v0相等现将小铁球P、Q分别吸在电磁铁C、D上，然后切断电源，使两小球能以相同的初速度v0同时分别从轨道M、N的末端射出实验可观察到的现象是_ 仅仅改变弧形轨道M的高度，重复上述实验，仍能观察到相同的现象(3)丙同学采用频闪摄影的方法拍摄到如图丙所示的小球做平抛运动的照片，图中每个小方格的边长为L2.5 cm，则由图可求得该小球做平抛运动的初速度大小为_ m/s.(保留2位有效数字，g取10m/s2)

9、12（12分）某同学为了探究物体的质量不变时，加速度跟合外力的关系将力传感器固定在小车上，然后把绳的一端固定在传感器挂钩上，用来测量绳对小车的拉力，根据所测数据在坐标系中作出了如图所示的a-F图象由于疏忽，实验者忘记了平衡摩擦力，将带滑轮的长木板固定在水平的桌面上了（1）实验中是否需要钩码的质最远小于小车和传感器的总质量：_（填“是“或“否”）（2）由图象求出小车和传感器受到的摩擦阻力为_N，总质量为_kg四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一质量为的木块放在光滑的水平面上，一质量为的子弹以初速度

10、水平飞来打进木块并留在其中，设相互作用力为试求：（1）子弹、木块相对静止时的速度（2）此时，子弹发生的位移以及子弹打进木块的深度分别为多少 （3）系统损失的机械能为多少14（16分）一个带正电的小物体，放在倾角为37，有挡板的绝缘斜面上，空间若加沿斜面向上方向的变化电场，其加速度随电场力变化图象为图乙所示，现把斜面放平从静止开始计时，改用图丙中周期性变化的水平电场作用(g取).求:（1）物体的质量及物体与斜面间的动摩擦因数；（2）在图丙所示周期性变化的水平电场作用下，物体一个周期内的位移大小；（3）在图丙所示周期性变化的水平电场作用下，15s内电势能的变化量。15（12分）如图所示，两个半径均

11、为R的四分之圆弧构成的光滑细管道ABC竖直放置，且固定在光滑水平面上，圆心连线O1O2水平，轻弹簧左端固定在竖直板上，右端与质量为m的小球接触（不栓接，小球的直径略小于管的内径），宽和高与为R的盒子固定于水平面上，盒子左侧DG到管道右端C的水平距离为R，开始时弹簧处于锁定状态，具有的弹性势能为6mgR，其中g为重力加速度，解除锁定、小球离开弹簧进入管道、最后从C点抛出。（轨道ABC与木盒截面EFGD在同一竖直面内）(1)求小球经C点时的动能；(2)求小球经C点时对轨道的压力；(3)小球从C点抛出后能直接击中盒子底部时，讨论弹簧锁定时弹性势能满足什么条件?参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每

12、小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】根据题意得：剪断绳子前弹簧的弹力为：，绳中的力为：；剪断绳后，绳子上的力瞬间消失，弹簧上的弹力瞬间保持不变。则A的加速度大小为：，代入解之得：；B的加速度大小为：，代入解之得：。A. 都等于。与结论不符，故A错误； B. 和0。与结论不符，故B错误；C. 和。与结论不符，故C错误； D. 和。与结论相符，故D正确。2、B【解析】A、 时间内，从图像上可以看出，整体沿斜面向下做匀加速运动，此加速度可以分解为水平向右和竖直向下的加速度，在分析A 的受力可以得到，竖直方向上A有向下的加速度，导致B对A的支持力小于重

13、力，水平方向由向右的加速度，导致A受到摩擦力水平向右的摩擦力，故A正确；B、 时间内，从图像上可以看出，整体向下做匀速运动，A受力应该是平衡得，所以竖直方向上B对A的支持力等于重力，水平方向上不受摩擦力的作用，故B错误；C、 时间内，从图像上可以看出，整体沿斜面向下做匀减速运动，此加速度可以分解为水平向左和竖直向上的加速度，再分析A 的受力可以得到，竖直方向上A有向上的加速度，导致B对A的支持力大于重力，水平方向由向左的加速度，导致A受到摩擦力水平向左的摩擦力，故C正确；D、 时间段内，整体沿斜面向下做匀加速运动，失重状态，整体沿斜面向下做匀减速运动，超重状态，故D正确；本题要选不正确的，所以

14、答案是B综上所述本题答案是：B3、D【解析】C匀加速拉动的过程只能持续到重心离开台面的瞬间，故在匀加速拉动过程中，物体的重心在台面上，故物体对台面的压力不变，故物体受到的支持力不变，故C错误；AB而在拉动过程中动摩擦因数不变，由可知摩擦力是不变的，故AB错误；D因为摩擦力不变，物体做匀加速直线运动，由牛顿第二定律可知因为加速度不变，摩擦力不变，所以工人的拉力是不变的，故D正确。故选D4、C【解析】若不考虑声音的传播需要时间，则这个山峰的高度： ，考虑到声音传播需要一定时间后，石块下落到地面的时间小于8s，因此落地速度和山峰高度都比上面算出的值小一些根据上面算出的高度，作为估算，声音传播的时间可

15、取约为，因此山峰的实际高度估计约为： ，故C正确，ABD错误。5、D【解析】由平衡知识可知则两者质量不等 所以重力势能变化量不等答案BC错，由机械能守恒可知两物块落地时速度大小相等，所以A错，再由功率可知重力的瞬时功率相等；答案D正确，选D6、A【解析】光滑圆球受力如图所示由牛顿第二定律得： ，；对直角楔形木块和光滑圆球系统，由牛顿第二定律得：，联立解得： ，故A正确，BCD错误；故选A【点睛】关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的运用二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对

16、但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】试题分析：从垂直于中性面时开始计时，矩形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为，A正确；矩形线圈产生的感应电动势的有效值为，B错误；交流发电机内电阻不计，故变压器输入电压不变，根据理想变压器的变压比公式：，当P位置不动，R增大时，电压表读数不变，仍然等于发电机的电动势有效值；C错误当P位置向上移动、R不变时，根据理想变压器的变压比公式：，输出电压变大，故电流变大，功率变大，输入电流也变大，故电流表读数变大，D正确；故选AD考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系【名师点睛】正弦式交流发电机从垂直中性面位置开始计时，其电动势表达式为：e=NBScost

17、；电压表和电流表读数为有效值；计算电量用平均值8、AD【解析】AB设QP之间的竖直高度为h，物块甲M点滑到P点过程机械能守恒，由机械能守恒定律得解得物块甲第一次与物块乙碰前速度大小碰后物块甲立即反向，恰能回到轨道上Q点，由机械能守恒定律得解得碰撞后甲的速度大小为设甲的质量为m，则乙的质量为3m，甲乙发生弹性碰撞，以向左为正方向，根据动量守恒定律有根据机械能守恒定律有联立解得，故A正确，B错误；CD由于第一次碰撞后两物块的速度大小相等，则物块甲、乙将同时回到最低位置P点发生第二次弹性碰撞，以向右为正方向，由动量守恒定律得由机械能守恒定律得解得物块甲的速度大小为碰撞后对甲，由机械能守恒定律得解得h

18、=R，物块甲能回到M点，故C错误，D正确。故选AD。9、BC【解析】由动能定理可知弹性势能增量为可知 根据功能关系可知，机械能增量等于力F做功，即故选BC。10、AD【解析】设弹簧伸长量为x，两木块一起匀加速运动，它们有共同的加速度设为a对于整体，由牛顿第二定律：F-2mg=2ma，a=F2m-g；对于a：kx-mg=ma；解得：x=F2k；故两木块之间的距离是：S=L+F2k，故A正确撤掉F后，由于弹簧的拉力大于所受的摩擦力，a将向右作加速运动，b所受的合力减小，加速度减小，作加速度减小的减速运动故B错误若弹簧在a连接处突然断开，a的加速度大小 aa=mgm=g，b的加速度ab=F-mgm=

19、Fm-g，则知b的加速度一定增大，而a的加速度则不一定增大故C错误撤掉F的瞬间，a的加速度不变，a的受力情况未变，加速度不变，而b的加速度ab=kx+mgm=mg+ma+mgm=a+2g，则知b的加速度一定增大，故D正确故选AD【点睛】本题是连接体问题，要抓住两个物体的加速度相同列式，关键要明确撤掉F的瞬间，弹簧的弹力没有改变进行分析三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动 P球击中Q球 1.0 【解析】（1）在打击金属片时，两小球同时做平抛运动与自由落体运动结果同时落地，则说明平抛运动竖直方向是自由

20、落体运动（2）两球在水平方向的运动是相同的，则在相同的时间内水平位移相同，则实验可观察到的现象是：P球击中Q球；（3）平抛运动可看成竖直方向自由落体运动与水平方向匀速直线运动；在竖直方向：由h=gt2可得： 水平方向：由x=v0t得：12、（1）否； （2）2； 2 【解析】（1）此实验中由于在小车上安装了拉力传感器，拉小车的力可以由拉力传感器测出，所以没有必要再用钩码的重力代替拉力，当然更没有必要使钩码的质最远小于小车和传感器的总质量（2）从a-F图象可以看出，当F2N时，小车才有加速度，所以F=2N时是小车受到的最大静摩擦力，从而它又是等于滑动摩擦力，所以摩擦阻力为2N根据牛顿第二定律，则

21、图象的斜率就是小车质量的倒数，则四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）（3）【解析】（1）由动量守恒得： ，子弹与木块的共同速度为（2）对于弹利用动能定理得： 所以，同理对木块有故木块发生的位移为，于弹打开木块的深度为（3）系统损失的机械能点睛：本题考查了求速度、内能、深度问题，分析清楚运动过程、应用动量守恒定律、能量守恒定律即可正确解题14、（1） 0.5（2）（3）483J【解析】（1）以物体为研究对象，根据牛顿第二定律求解加速度的表达式，根据图线的斜率和截距进行分析；（2）根据牛顿第二定律求解前内、内的加速度，在根据位移时间关系求解前2s内的位移、24s内的位移即可；（3）求出15s内的位移大小，根据电场力做的功等于电势能的变化来分析；【详解】（1）设物体的质量为m、与斜面间的动摩擦因