西安交通大学附属中学2022-2023学年高三物理第一学期期中质量跟踪监视试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图两个弹簧的质量不计,劲度系数分别为、,它们一端固定在质量为m的物体上,另一端分别

2、固定在Q、P上,当物体平衡时上面的弹簧处于原长,若把固定的物体换为质量为2m的物体(弹簧的长度不变,且弹簧均在弹性限度内),当物体再次平衡时,物体比第一次平衡时的位置下降了x,则x为( )ABCD2、如图，质量mAmB的两物体A、B叠放在一起，靠着竖直墙面让它们由静止释放，在沿粗糙墙面下落过程中，物体B的受力示意图是ABCD3、如图所示，在一个水平圆盘上有一个木块P随圆盘一起绕轴O做匀速转动。若圆盘的转速逐渐减慢，木块P受到静摩擦力的方向A沿P与O连线指向圆心OB跟P与O的连线的夹角小于90C跟P与O的连线的夹角等于90D跟P与O的连线的夹角大于904、一个物体以初速度v0沿光滑斜面向上运动，

3、其速度v随时间t变化的规律如图所示，在连续两段时间m和n内对应面积均为S，则b时刻速度vb的大小为( )ABCD5、对于质点的运动，下列说法正确的是A质点运动的加速度为零，则速度为零，速度变化也为零B质点速度变化率越大，则加速度越大C质点某时刻的加速度不为零，则该时刻的速度也不为零D质点运动的加速度越大，它的速度变化越大6、放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t 的关系如图所示。取重力加速度g10m/s2。由此两图线可以求得物块的质量m和物块与地面之间的动摩擦因素分别为Am0.5kg，0.2Bm1.0kg，0.4Cm1.5kg，0.6

4、Dm2.0kg，0.8二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、小明从德州东站乘高铁回家，列车开出后做匀加速直线运动，若阻力与速度大小成正比，则下列说法中正确的是（）A列车发动机的功率一定越来越大，牵引力越来越大B列车发动机的功率恒定不变，牵引力越来越小C当列车达到某一速率时，若要保持此速率做匀速运动，则发动机的功率应瞬间减小到某一值D当列车达到某一速率时，若要保持此速率做匀速运动，则发动机的功率一定跟此时速率的平方成正比8、甲、乙两弹簧振子水平放置时的振动图象如图所示，则

5、可知（ ）A两弹簧振子完全相同B振子甲速度为零时，振子乙速度最大C两弹簧振子所受回复力最大值之比F甲：F乙2：1D振子乙速度为最大时，振子甲速度不一定为零E.两振子的振动频率之比f甲：f乙1：29、如图所示，质量相等的两个物体，沿着倾角分别为a和 (a )的两个光滑固定斜面，由静止开始从斜面项端滑下，到达斜面底端，两个斜面高度相同。在此过程中，关于两个物体，不同的物理量是( )A下滑的加速度大小B下滑的时间C到达底端的速度D重力做的功10、如图所示，带有光滑竖直杆的三角形斜劈固定在水平地面上，放置于斜劈上的光滑小球与套在竖直杆上的小滑块用轻绳连接，开始时轻绳与斜劈平行现给小滑块施加一竖直向上的

6、拉力，使小滑块沿杆缓慢上升，整个过程中小球始终未脱离斜劈，则有()A轻绳对小球的拉力逐渐增大B小球对斜劈的压力先减小后增大C竖直杆对小滑块的弹力先增大后减小D对小滑块施加的竖直向上的拉力逐渐增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在研究小车的匀变速直线运动的实验中，某同学在实验时将打点计时器接到频率为50Hz的交流电源上如图为实验中得到的一条纸带,纸带上每相邻的两计数点间都有4个点未画出,按时间顺序取0、1、1、3、4、5、6共7个计数点,测出1、1、3、4、5、6点到0点的距离如图所示(单位:cm)由纸带数据计算可得计数点4所代

7、表时刻的瞬时速度大小v4=_m/s,小车的加速度大小为_m/s1(保留两位有效数字)12（12分）某同学为探究“合力做功与物体动能改变的关系”，设计了如下实验，他的操作步骤是:A按如图摆好实验装置;B将质量M=0.2kg的小车拉到打点计时器附近，并按住小车;C在总质量m分别为20g、30g、40g的三种钩码中，挑选了一个质量为40g的钩码挂在拉线的挂钩上;D接通打点计时器的电源(电源频率为f=50Hz)，然后释放小车，打出一条纸带.多次重复实验，从中挑选一条点迹清晰的纸带如图所示.把打下的第一点记作“0”，然后依次取若干个计数点，相邻计数点间还有4个点未画出，用毫米刻度尺测得各计数点到0点距离

8、分别为 ，他把钩码重力(当地重力加速度作为小车所受合力算出打下“0”点到打下“5”点合力做功.则合力做功W=_J，小车动能的改变量_J（结果均保留三位有效数字）此次实验探究的结果，他没能得到“合力对物体做的功等于物体动能的增量”，且误差很大，显然，在实验探究过程中忽视了各种产生误差的因素.请你根据该同学的实验装置和操作过程帮助分析一下，造成较大_（“系统”或“偶然”）误差的主要原因是_；_(写出两条即可)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）（1）我国高铁技术处于世界领先水平，和谐号动车组是由动车和拖车编组而

9、成，提供动力的车厢叫动车，不提供动力的车厢叫拖车假设动车组各车厢质量均相等，动车的额定功率都相同，动车组在水平直轨道上运行过程中阻力与车重成正比，某列动车组由节车厢组成，其中第和节车厢为动车，其余为拖车，则该动车组 （ ）A启动时乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相反B做匀加速运动时，第、节与第、节车厢间的作用力之比为C进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离与关闭发动机时的速度成正比D与改为节动车带节拖车的动车组最大速度之比为（2）动车组列车（如图所示）是由几节自带动力的车厢（动车）加几节不带动车的车厢（拖车）编成一组，它将动力装置分散安装在多节车厢上在某次试运行中共有节动车和节拖车组成动车

10、组，每节动车可以提供的额定功率，每节车厢平均质量为该次试运行开始时动车组先以恒定加速度启动做直线运动，达到额定功率后再做变加速直线运动，总共经过的时间加速后，动车组便开始以最大速度匀速行驶设每节动车在行驶中的功率相同，行驶过程中每节车厢所受阻力相同且恒定求：（1）动车组在匀加速阶段的牵引力大小（2）动车组在整个加速过程中每节动车的平均功率（3）动车组在整个加速过程中所通过的路程（计算结果保留两位有效数字）14（16分）如图，是一直角三棱镜的横截面，一细光束从BC边的D点折射后，射到AC边的E点，发生全反射后经AB边的F点射出EG垂直于AC交BC于G，D恰好是CG的中点不计多次反射（i）求出射光

11、相对于D点的入射光的偏角；（ii）为实现上述光路，棱镜折射率的取值应在什么范围？15（12分）一个带正电的小物体，放在倾角为37，有挡板的绝缘斜面上，空间若加沿斜面向上方向的变化电场，其加速度随电场力变化图象为图乙所示，现把斜面放平从静止开始计时，改用图丙中周期性变化的水平电场作用(g取).求:（1）物体的质量及物体与斜面间的动摩擦因数；（2）在图丙所示周期性变化的水平电场作用下，物体一个周期内的位移大小；（3）在图丙所示周期性变化的水平电场作用下，15s内电势能的变化量。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解

12、析】当物体的质量为m时，下方弹簧被压缩的长度为：；当物体的质量变为2m时，设物体下降的高度为x，则上方弹簧伸长的长度为x，下方弹簧被压缩的长度为x1+x，两弹簧弹力之和等于2mg，由胡克定律和平衡条件得：k2x+k1（x1+x）=2mg；联立解得：；故选A2、A【解析】A与B整体同时沿竖直墙面下滑，受到总重力，墙壁对其没有支持力，如果有，将会向右加速运动，因为没有弹力，故也不受墙壁的摩擦力，即只受重力，做自由落体运动；由于整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A、B间无弹力，再对物体B受力分析，只受重力，故A正确，BCD错误【点睛】本题关键先对整体受力分析，得到整体做自由落体运动，处于完全失

13、重状态，故A与B间无弹力，最后再对B受力分析，得到其只受重力3、B【解析】木块P随圆盘一起匀速转动时，静摩擦力提供向心力，指向圆心，当圆盘的转速逐渐减慢，则线速度减小，做变速圆周运动，合外力不指向圆心，合外力做负功，据此分析即可【详解】木块P随圆盘一起匀速转动时，静摩擦力提供向心力，指向圆心，若圆盘的转速逐渐减慢，则线速度减小，做变速圆周运动，合外力不指向圆心，由于线速度减小，则静摩擦力对物体做负功，方向与速度方向的夹角大于90，速度方向为该点的切线方向，则P受到的静摩擦力的方向跟P与O的连线的夹角小于90，故B正确，A，C，D错误.故选B.【点睛】解决本题的关键知道木块做圆周运动向心力的来源

14、，知道向心力的方向时刻指向圆心，明确物体做变速圆周运动时，合外力不指向圆心4、A【解析】设物体在a时刻速度为 ，b时刻速度为，物体加速度为a，则：；，联立解得：，故选A5、B【解析】选B.质点运动的加速度为零时，质点的速度变化为零，但速度不一定为零，A错误；质点速度变化率即为加速度，B正确；质点在某时刻的加速度不为零，其速度可能为零，如自由落体的物体在开始下落的瞬间，故C错误；质点的速度变化vat，即速度的变化由质点的加速度和时间共同决定，D错误6、B【解析】从图像可以看出匀速运动时F=4N,所以摩擦力的大小等于4N，在2-4s内物体做匀加速运动，加速度为 ，所以 ，解得： ，再根据 可知0.

15、4，故B正确；ACD错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】A、根据牛顿第二定律得，Ff=ma，牵引力F=ma+f=ma+kv，速度增大，则牵引力越来越大，根据P=Fv知，发动机的功率越来越大，故A正确，B错误；C、当列车的速度到达某一速率，保持该速率做匀速运动，之前牵引力F=f+ma=kv+ma，此时牵引力F=f=kv，可知牵引力减小，则发动机的功率瞬间减小到某一值，故C正确；D、当列车做匀速运动时，F=f，P=Fv=fv=kv2，可知发动机的功率与速

16、率的平方成正比，故D正确故选：ACD8、BDE【解析】A两弹簧振子不一定完全相同，A错误；B分析振动图像可知，振子甲速度为零时，振子乙处于平衡位置，速度最大，B正确； C弹簧振子的回复力本题中k可能不同，则无法判断两振子的回复力最大值的关系，C错误；D分析振动图像可知，振子乙速度最大时，振子甲可能处于最大位移处，也可能处于平衡位置，故振子甲速度不一定为零，D正确；E由图可知甲、乙两个振子的周期分别为，甲、乙两个振子的周期之比为2：1，频率所以甲乙振子的振动频率之E正确。故选BDE。9、ABC【解析】A. 下滑的加速度因为a，则在两斜面中下滑的加速度大小不相等，选项A符合题意；B. 根据解得因为

17、a，则下滑的时间不相等，选项B符合题意；C. 根据可知到达底端的速度大小相同，但是方向不同，则速度不同，选项C符合题意；D. 重力做的功W=mgh，则重力功相同，选项D不符合题意；故选ABC.10、AD【解析】试题分析：先对小球受力分析，受重力、支持力和细线的拉力，其中支持力的方向不变，拉力方向改变，根据平衡条件并结合图示法分析支持力和拉力的变化情况；然后对球和滑块整体分析，根据平衡条件列式分析对小球受力分析，受重力、支持力和细线的拉力，如图所示： 根据平衡条件，细线的拉力T增加，支持力N减小，根据牛顿第三定律，球对斜面的压力也减小，A正确B错误；对球和滑块整体分析，受重力、斜面的支持力N，杆

18、的支持力，拉力F，如图所示，根据平衡条件，有：水平方向，竖直方向，由于N减小，故减小，F增加，C错误D正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.41 0.76 【解析】（1）由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上4点时小车的瞬时速度大小（1）设0到1之间的距离为，以后各段分别为，根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小，得：，为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：即小车运动的加速度计算表达式为：点睛：要提

19、高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用12、0.0735； 0.0572； 系统； 未平衡摩擦力； 小车质量未远大于购码质量； 【解析】将砝码重力当作小车所受合外力，根据功的定义可以正确解答，根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度可以求出第5个点的速度大小，进一步求出其动能大小；实验误差主要来自由实验原理不完善导致的系统误差；【详解】从打下第一点到打下第5点拉力对小车做的功为：；根据中间时刻的瞬时速度等于这段时间的平均速度，则：小车动能的改变量：该实验产生误差的主要原因：一是钩码重力大小并不等于绳子拉力的大小，设绳子上拉力

20、为F，对小车根据牛顿第二定律有：对钩码有：联立得到：由此可知当时，钩码的重力等于绳子的拉力，显然该实验中没有满足这个条件；二是该实验要进行平衡摩擦力操作，否则也会造成较大误差显然，这是由于系统不完善而造成的系统误差。【点睛】明确实验原理往往是解决实验问题的关键，该实验的一些操作和要求与探究力、加速度、质量之间关系的实验类似可以类比学习。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）BD（2）（或约为）【解析】解：(1) A启动时乘客的加速度的方向与车厢运动的方向是相同的，所以乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相同，

21、故A错误；B做加速运动时，有两节动力车厢，对整个的车进行受力分析得，对、车厢进行受力分析得：，对、车厢进行受力分析得：，联立可得，故B正确；C设进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离为，则，可得，可以知道进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离与关闭发动机时的速度的平方成正比，故C错误；D当只有两节动力车时，最大速度为，则，改为节动车带节拖车的动车组时，故，故D正确(2)设动车组在运动中所受阻力为，动车组的牵引力为，动车组以最大速度匀速运动时，动车组总功率：，得出：设动车组在匀加速阶段所提供的牵引力为，由牛顿第二定律有：得出：；设动车组在匀加速阶段所能达到的最大速度为，匀加速运动的时间为，由，得出：由运动学公式：，得出：动车在非匀加速运动的时间：，动车组在加速过程中每节动车的平均功率：，代入数据得出：（或约为）；设动车组在加速过程中所通过的路程为由动能定理：，得出：14、（1）60 （2）【解析】(i)光线在BC面上折射，作出多次折射后的光路如图所示：由折射定律有： 式中，n为棱镜的折射率，i1和r1分别是该光线在BC面上的入射角和折射角光线在AC面上发生全反射，由反射定律有i2=r2 式中i2和r2分别是该光线在AC面上的入射角和反射角光线在AB面上发生折射由折射定律有 式中i3和r3分别是该光线在AB面上的入射角和折射角由几何关系得i2=r2=6