宁夏石嘴山市平罗中学2022-2023学年高三物理第一学期期中学业水平测试模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、有两个物体a和b，其质量分别为和，且，它们的初动能相同若a和b分别受到不变的阻力和的作用，经过相同的时间停下来，它们的位移分别为和，则A，且B，且C，且D，且2、

2、为了让乘客乘车更为舒适，某探究小组设计了一种新的交通工具，乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如图所示当此车加速上坡时，盘腿坐在座椅上的一位乘客( )A处于失重状态B不受摩擦力的作用C所受力的合力竖直向上D受到向前（水平向右）的摩擦力作用3、如图，电源内阻一定，将滑动变阻器R滑片向左滑动一小段距离，理想电压表V1、V2示数变化量的绝对值分别为U1、U2，理想电流表A示数变化量的绝对值为I，下列判断正确的是AV2的示数减小B电源输出功率一定在增大CU1与I比值在减小DU1小于U24、下列说法中正确的是( )A研究体积小的物体运动时,总可以把它看做质点B千克、牛顿、秒是国际单

3、位制中力学部分的三个基本单位C物体做直线运动的过程中，位移大小有可能不等于路程D物体运动速度越大，其惯性就越大5、如图所示,光滑水平面上有质量均为m的物块A和B,B上固定一轻弹簧.B静止,A以速度v0水平向右运动,通过弹簧与B发生作用。作用过程中,弹簧获得的最大弹性势能EP为ABCD6、如图所示，一质量均匀的实心圆球被直径AB所在的平面一分为二，先后以AB沿水平和竖直两种不同方向放置在光滑支架上，处于静止状态，两半球间的作用力分别为F和F,已知支架间的距离为AB的一半，则FF为（ ）A233 B32 C3 D33二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多

4、个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、 如图所示，在直角三角形AOC的三条边为边界的区域内存在着磁感应强度为B的匀强磁场，已知A60，边AO的长度为a现在O点放置一个可以向各个方向发射某种带负电粒子的粒子源，已知粒子的比荷为 ，发射的速度大小都为v0，且满足 粒子发射的方向可由图中速度与边CO的夹角表示，不计重力作用，关于粒子进入磁场后的运动，正确的是（）A以0和60飞入的粒子在磁场中的运动的时间相等B以60飞入的粒子均从AC边出射C以60飞入的粒子，越大，在磁场中的运动的时间越大D在AC边界上只有一半区域有粒子射出8、如图甲所示，倾斜放置的传送带沿

5、顺时针方向匀速转动，一物块从传送带的底端以一定的初速度冲上传送带，结果物块在传送带上运动的 vt 图象如图乙所示，重力加速度为 g，图中所示物理量均为已知量，则由图象可以求出的物理量是（） A物块与传送带间动摩擦因数的大小B传送带的倾角C物块的质量D传送带的速度9、关于分子动理论和物体的内能，下列说法正确的是()A“油膜法”估测分子大小实验中，可将纯油酸直接滴入浅盘的水面上B温度越高，液体中悬浮微粒的布朗运动就越明显C液体很难被压缩，这是因为压缩时液体分子间的分子力表现为斥力D分子势能随分子间距离的增大而增大E.当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小10、与嫦娥号、号月球探测器不同，嫦娥号是

6、一次性进入距月球表面高的圆轨道（不计地球对探测器的影响），运行一段时间后再次变轨，从的环月圆轨道，降低到距月球的近月点、距月球的远月点的椭圆轨道，如图所示，为下一步月面软着陆做准备关于嫦娥号探测器下列说法正确的是（ ）A探测器在轨道经过点的速度小于轨道经过点的速度B探测器沿轨道运动过程中，探测器中的科考仪器所受重力为零，出于完全失重状态C探测器从轨道变轨到轨道，在点应加速D探测器在轨道经过点时的加速度等于在轨道经过点时的加速度三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某实验小组的同学利用落体法验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示，该小

7、组 的同学完成了如下的操作：（1）首先利用螺旋测微器测出小圆柱的高度，螺旋测微器如图乙所示在测量小圆柱高度时先将小圆柱轻轻地夹在测砧与测微螺杆之间，先旋动粗调旋钮，当测微螺杆快靠近被测物休时，停上使用粗调旋钮，再旋动_（选填“A”、“B”或“C”），直到听见“喀喀的庐音，为固定刻度应旋转_（选填“A”、“B”或“C”）后再读数（2）螺旋测微器的示数如图丙所示，则该小圆柱的高度d= _cm；（3）将该小圆柱竖直，由光电门1的正上方无初速释放，测得小圆柱先后通过光电门2所用的时间为t1和t2，则小圆柱通过两光电门的速度分别为v1=_；v2=_；（用测量的物理量表示）：（4）该小组的同学测出了两光电

8、门之间的距离为H，重力加速度用g表示，若小圆柱的机械能守恒，则需要验证的关系式为_（结果用所测量的物理量表示），（5）某同学开始实验时，光电门1和光电门2安装得比较近，这样做实验产生的误差会比较_（选填“大”、“小”或“一样”）12（12分）某同学进行“验证力的平行四边形定则”实验，试完成主要步骤:(1)如图甲，用两只弹簧测力计分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，记下结点的位置O点、两弹簧测力计的读数F1、F2以及 _。(2)用一只弹簧测力计钩住细绳套把橡皮条与细绳套的结点拉到结点O,记下细绳的方向;读出第二个图中弹簧测力计的示数F=_ N. (注意有效位数)(3)图中,_(F或

9、F)的方向一定与橡皮条在同一直线上.(4)关于该实验的注意事项，下列说法中正确的是_。A弹簧测力计应在使用前校零B实验中所用的两根细绳越短越好C弹簧测力计的拉力方向必须与木板平行D每次实验中两个分力间的夹角必须大于90四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图，两水平虚线CD、EF之间的区域存在方向水平向右的匀强电场。自该区域上方同一高度的A点和B点将质量均为m、电荷量均为q的两带电小球M、N先后以初速度2v0、v0沿平行于电场的方向射出。小球在重力作用下进入电场区域，恰好从该区域的下边界的同一点G离开。已知

10、N离开电场时的速度方向竖直向下；M在电场中做直线运动。不计空气阻力，重力加速度大小为g，匀强电场的电场强度。求（1）小球M从G点离开电场时的水平速度；（2）小球M在进入电场前和电场中的竖直位移之比；14（16分）如图所示，AB、BC可视为两段阻力恒定但阻力大小不同的路段，一质量为的汽车以恒定的功率从静止开始启动，在AB路段汽车受到的阻力大小，汽车到达B点之前已经匀速，然后经t=10s通过BC路段，到达C点前再次达到匀速且通过C点速度。求：(1)汽车到达B点时的速度vB的大小；(2)汽车在BC路段所受到的阻力大小f2；(3)汽车通过BC路段的位移s大小。15（12分）如图所示，一个人用一根长1

11、m，只能承受46 N拉力的绳子，拴着一个质量为1 kg的小球，在竖直平面内做圆周运动已知圆心O离地面h=6 m，转动中小球在最低点时绳子断了求：（1）绳子断时小球运动的角速度多大？（2）绳断后，小球落地点与抛出点间的水平距离.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】试题分析：设物体的初速度为，初动能为，所受的阻力为，通过的位移为，物体的速度与动能的关系为，得，由得，由题和相同，则质量越大，位移越小，所以，由动能定理得：，因初动能相同，与成反比，则，故选项A正确考点：动能定理的应用【名师点睛】本题综合考查动能、

12、动能定理及位移公式，在解题时要注意如果题目中涉及时间时，则应考虑应用运动学公式，不涉及时间应优先采用动能定理或功能关系2、D【解析】当此车加速上坡时，整体的加速度沿斜面向上，乘客具有向上的分加速度，所以根据牛顿运动定律可知乘客处于超重状态，故A错误；对乘客进行受力分析，乘客受重力，支持力，由于乘客加速度沿斜面向上，而静摩擦力必沿水平方向，由于乘客有水平向右的分加速度，所以受到向前（水平向右）的摩擦力作用故B错误，D正确；由于乘客加速度沿斜面向上，根据牛顿第二定律得所受力的合力沿斜面向上故C错误故选D点睛：解决本题的关键知道乘客和车具有相同的加速度，通过汽车的加速度得出乘客的加速度以及能够正确地

13、进行受力分析，运用牛顿第二定律求解3、D【解析】A：滑动变阻器R滑片向左滑动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，干路电流I减小；据U1=E-Ir可得，电源的路端电压U1增大；据I1=U1R1可得，流过R1的电流增大；据UR0=(I-I1)R0可得，电阻R0的两端电压减小；据UR=U1-UR0可得，电阻R的两端电压增大，电压表V1示数增大故A项错误B：当外电阻等于内电阻时，电源的输出功率最大；滑动变阻器R滑片向左滑动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，外电阻增大，由于外电阻与内电阻的大小关系未知，电源的输出功率可能增大可能减小故B项错误C：电压表V1测电源的路端电压，电流表A测的是干路电

14、流，据U1=E-Ir可得，U1与I比值等于电阻内阻r故C项错误D：滑动变阻器R滑片向左滑动，电源的路端电压U1增大(U1)，电阻R0的两端电压减小，电阻R的两端电压增大(U1)，且U1=UR+UR0，所以U1小于U1故D项正确4、C【解析】A.体积小的物体也不一定能看做质点，如研究分子的运动时，分子虽然很小，但是不能看成质点，故A错误；B.千克、秒是是国际单位制中力学部分的基本单位，牛顿是根据牛顿第二定律导出的单位，故B错误；C.物体做由往返的直线运动的过程中，位移大小不等于路程，故C正确；D.物体的惯性大小只与质量有关，与物体的运动状态无关，故D错误故选C5、C【解析】当两个滑块速度相等时弹

15、簧压缩量最大,弹性势能最大，滑块A、B系统动量守恒,根据守恒定律，有解得系统减小的动能等于增加的弹性势能,故弹簧获得的最大弹性势能，则代入数据A不符合题意，错误；B不符合题意，错误；C正确；D不符合题意，错误。6、C【解析】对左图，上面球收重力和支持力而平衡，根据平衡条件得到支持力；对右图，隔离半个球分析，受重力、左侧球的支持力和右角的支持力，根据平衡条件列式求解。【详解】设两半球的总质量为m，当球以AB沿水平方向放置，可知F=12mg 当球以AB沿竖直方向放置，以两半球为整体，隔离右半球受力分析，由平衡条件可得：F=12mgtan 根据支架间的距离为AB的一半，可得=30，则FF=3，故C正

16、确。【点睛】本题关键是根据隔离法和整体法灵活选择研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】AD.粒子在磁场中做圆周运动的轨道半径 ，当粒子以0飞入磁场区域时，最终将从AC边的中点射出，A点为轨迹圆心，圆心角为60，时间为T，当60时，粒子将从A点射出磁场区域，圆心角为60，时间为T，故AD正确；B.随着的增大，粒子在AC边上的射出点将向A点靠拢，以60飞入的粒子均从AC边出射，故B正确；C.粒子的速度大小相等，在磁场中

17、做圆周运动的轨迹弧长越小，运动时间越短，以60飞入的粒子，随着的增大，出射点从A逐渐向O靠拢，轨迹长度逐渐减小，在磁场中运动时间逐渐减小，故C错误8、ABD【解析】设物块与传送带间动摩擦因数为，传送带的倾角为，0t1时间内，物块的加速度大小： a1=v1+v2t1，根据牛顿第二定律得： mgsin+mgcos=ma1；在t1t2时间内，物块的加速度大小a2=v2t2-t1，根据牛顿第二定律得：mgcosmgsin=ma2，由以上联立可求得和，不能求出m，故AB正确，C错误；传送带的速度等于v2，故D正确。所以ABD正确，C错误。9、BCE【解析】A. 在“油膜法”估测分子大小实验中，先在水面上

18、撒上痱子粉，再将油酸溶液滴入痱子粉上，故A错误；B. 布朗运动是由于液体分子碰撞的不平衡性造成的；温度越高，液体分子运动越激烈，则液体中悬浮微粒的布朗运动就越明显，故B正确；C. 液体很难被压缩，这是因为压缩时液体分子间的分子力表现为斥力，故C正确；DE. 当分子力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的增大而减小，当分子力表现为引力时，分子势能随分子间距离的增大而增大，则知当分子力为零，即当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小，故D错误，E正确。10、ABCD【解析】A项：探测器从轨道变为轨道做离心运动，所以要加速，所以探测器在轨道经过A点的速度小于在轨道经过A点的速度，故A正确；B项：探测器

19、沿轨道运动做匀速圆周运动，即万有引力完全提供向心力，所以探测器中的科考仪器处于完全失重状态，故B正确；C项：探测器从轨道变轨到轨道做近心运动，所以要减速，故C错误；D项：由牛顿第二定律可知：，由于距离相同，所以加速度相同，故D正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C A 0.3798cm 大 【解析】（1）12考察螺旋测微器的使用方法，当测微螺杆快靠近被测物休时，停上使用粗调旋钮，再旋动微调旋钮C，当听喀喀声时，再拔动固定旋钮A进行读数；（2）3读出示数为 d3.5mm29.80.01mm3.798mm0.3798cm；（3）45由运动学公式求圆柱体通过两光电门的速度，；（4）6该小组的同学测出了两光电门之间的距离为H，用于验证机械能守恒律：，所以若满足，则机械能守恒；（5）7某同学开始实验时，光电门1和光电门2安装得比较近，这样做的话测量的瞬时速度误差较大，所以整个实验产生的误差也会比大。12、细绳的方向 4.00N F AC 【解析】（1）1实验时用两只弹簧测力计分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，记下结点的位置O点、两弹簧测力计的读数F1、F2以及细