2023学年广东省深圳市龙文教育物理高二第一学期期中质量跟踪监视模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、长为L，间距也为L的两平行金属板M、N间有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，质量为m，电量为q的正离子从平行板左端中点以平行于金属板方向射入磁场，欲使离子不能离开磁场，入射

2、离子的速度大小应满足的条件是()AqBL4mv5qBL4mCvqBL4mDvqBLm2、在某控制电路中，需要连成如图所示的电路，主要由电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及电位器(滑动变阻器)R连接而成，L1、L2是红、绿两个指示灯，当电位器的触头由弧形碳膜的中点逆时针滑向a端时，下列说法中正确的是 ( )AL1、L2两个指示灯都变亮BL1、L2两个指示灯都变暗CL1变亮，L2变暗DL1变暗，L2变亮3、如图所示,a、b、c是匀强电场中三个点,各点电势依次为10V、2V、8V;三点在同一平面上.下列各图中,电场强度的方向表示可能正确的是()ABCD4、探究影响安培力大小因素的实验装置

3、如图所示，直导线垂直磁场方向置于磁场中某处。当导线中电流为I时，导线所受安培力大小为F；现仅将导线中电流减小为I/2时，导线所受安培力大小为A2F BFCF/2 DF/45、如图所示，虚线框MNQP内存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里a、b、c是三个质量和电荷量都相等的带电粒子，它们从PQ边上的中点沿垂直于磁场的方向射入磁场，图中画出了它们在磁场中的运动轨迹若不计粒子所受重力，则( )A粒子a带负电，粒子b、c带正电B粒子a在磁场中运动的时间最长C粒子b在磁场中的加速度最大D粒子c在磁场中的动量最大6、如图是某一电场中的一簇电场线，现把一个负电荷分别放在AB两点，下列说法正确的是（ ）A此负电

4、荷在A点受到的电场力比B点大B此负电荷在A点的电势能比B点大C电场中A点的电势高于B点的电势D若把此负电荷从B点由静止释放，它将沿电场线运动到A点二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，在P板附近有一电子由静止开始向Q板运动已知两极板间电势差为U，板间距为d，电子质量为m，电荷量为e.则关于电子在两板间的运动情况，下列叙述不正确的是A若将板间距d增大一倍，则电子到达Q板的速率保持不变B若将板间距d增大一倍，则电子到达Q板的速率也增大一倍C若将两极板间电势差U增大一倍

5、，则电子到达Q板的时间保持不变D若将两极板间电势差U增大一倍，则电子到达Q板的时间减为一半8、如图所示,电荷量和质量都相同的带正电粒子以不同的初速度通过A、B 两板间的加速电场后飞出,不计重力的作用,则( )A它们通过加速电场所需要的时间相等B它们通过加速电场过程中动能的增量相等C它们通过加速电场的过程中速度的增量相等D它们通过加速电场的过程中电势能的减少量相等9、如右图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是A这个电场可能是单独某个负点电荷产生的电场B电势，场强C将+q电荷分别放在A、B两点时的加速度D将+q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能10、如图所示，A是地球的同步卫星，B是地

6、球的近地卫星，C是地面上的物体，A、B、C质量相等，均在赤道平面上绕地心做匀速圆周运动。设A、B与地心连线在单位时间内扫过的面积分别为SA、SB，周期分别为TA、TB、TC，A、B、C做圆周运动的动能分别为EkA、EkB、EkC。不计A、B、C之间的相互作用力，下列关系式正确的是()ASA=SBBSASBCTC=TATBDEkAEkB=EkC三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在做测量干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材可选用：A干电池一节（电动势约1.5V）；B直流电流表（量程为00.6A和03A，0.6A挡内阻为0.1

7、0，3A挡内阻为0.025）；C直流电压表（量程为03V和015V，3V挡内阻为5K，15V挡内阻为25 K）；D滑动变阻器（阻值范围为015，允许最大电流为1A）；E. 滑动变阻器（阻值范围为01000，允许最大电流为0.5A）；F.电键；G.导线若干根；H.电池夹。(1)按本实验要求的电路选电压表的量程为_，选电流表的量程为_，滑动变阻器选_，图有甲、乙两个可供选择的电路，应选用_电路进行实验。(2)根据实验数据画出的U-I图线如图所示，则求得的电动势是_V，内电阻 _。12（12分）为了测量一个量程为3.0 V的直流电压表的内阻RV（约为几千欧），所用的电路如图甲所示（1）请将图乙的器材

8、连成完整的电路_；（2）该实验中需要进行的步骤罗列如下，合理的顺序是_(用步骤前的字母表示)A闭合开关SB将电阻箱R0的阻值调到零C调节滑动变阻器R的阻值，使电压表的示数为3.0 VD断开开关SE调节电阻箱R0的阻值使电压表示数为1.5 V，读出此时电阻箱R0的阻值F把滑动变阻器的滑片P滑到a端（3）若在实验步骤E中，如图丙读出R0的阻值为_，则该电压表的内阻RV的测量值为_，由于系统误差，测量值_（选填“偏大”或“偏小”）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在如图所示的电路中，定值电阻R1=1.4、R2

9、=0.5，电源内阻r=0.6，电容器的电容C=100。当开关S断开时，电容器上容纳的电荷量Q=3104C，理想电流表的示数I=1.5A。求：(1)电阻R3的阻值；(2)电源的电动势E及电源的效率；(3)当S闭合、电路稳定后，电容器上容纳的电荷量14（16分）如图所示，在x轴的上方(y0的空间内)存在着垂直于纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，一个不计重力的带正电粒子从坐标原点O处以速度v进入磁场，粒子进入磁场时的速度方向垂直于磁场且与x轴正方向成45角，若粒子的质量为m，电量为q，求：(1)该粒子在磁场中做圆周运动的轨道半径；(2)粒子在磁场中运动的时间15（12分）有三根长度皆为l=0.3

10、m的不可伸长的绝缘轻线，其中两根的一端固定在天花板的O点，另一端分别栓有质量皆为m=1.0101kg的带电小球A和B，它们的电荷量分别为q和+q，q=1.0106CA、B之间用第三根线连接起来，空间中存在大小为E=1.0105N/C的匀强电场，电场强度的方向水平向右平衡时A、B球的位置如图所示已知静电力常量k=9109Nm1/C1重力加速度g=10m/s1求：（1）A、B间的库仑力的大小（1）连接A、B的轻线的拉力大小参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，则根

11、据qvB=mv2R，得：R=mvqB；若粒子刚好从左侧射出，如图：则：R1=L4，所以：v1=qBL4m；若粒子刚好从右侧射出，如上图，有：R22=L2+R2-L22，解得：R2=5L4，得：v2=5qBL4m，欲使离子不离开磁场，则qBL4mv5qBL4m，故A正确，BCD错误。2、B【解析】当电位器向a段滑动时，电路的总电阻减小，干路电流增大，所以内电压增大，路段电压减小，所以灯L1变暗；通过电阻R1的电流变大，所以电位器两端的电压减小，即通过灯L2两端的电压减小，所以灯L2变暗，故ACD错误，B正确。故选B。3、D【解析】a、b、c三点的电势分别a=10V，b=2V，c=8V，则ab两点

12、连线上距b点3/4的位置电势为8V，因此该点与C点的连线为等势面，那么与连线垂直的即为电场线。由于A=10V，B=2V，又因为电势沿着电场线降低，则电场线指向右下方。故D正确；ABC错误。故选D。【点睛】本题的解题关键是确定等势点，再抓住电场线与等势面垂直，且指向电势降低最快的方向进行分析。4、C【解析】根据F=BIL得，电流减小为原来的时，则安培力减小为原来的倍故C正确，ABD错误故选C.点睛：解决本题的关键掌握安培力的大小公式，当电流与磁场垂直时，F=BIL.5、C【解析】A项：由左手定则可知，a粒子带正电，b、c粒子带负电，故A错误；B项：由公式结合题图可知，c粒子偏转角最大，所以c粒子

13、在磁场中运动时间最长，故B错误；C项：由图可知，b粒子的半径最大，由公式可知，b粒子的速度最大，由加速度公式可知，b粒子的加速度最大，故C正确；D项：由公式可知，所以b粒子在磁场中的动量最大，故D错误6、C【解析】根据电场线疏密比较电场强度的大小，从而比较出电场力的大小。根据沿电场线方向电势逐渐降低比较出电势的高低，结合电势能公式比较电势能的高低。【详解】A项：根据电场线的疏密知，A点的场强小于B点，则负电荷在A点所受电场力小于B点，故A错误；B、C项：沿着电场线方向电势逐渐降低，A点电势高于B点，则负电荷在A点电势能比B点小，故B错误，C正确；D项：将负电荷从B点静止释放，运动轨迹不沿电场线

14、方向，故D错误。故应选：C。【点睛】解决本题的关键知道电场线的疏密表示电场的强弱，沿电场线方向电势逐渐降低，掌握判断电势能高低的方法。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】AB根据动能定理得 知电子到达Q板的速度为：将板间距离增大一倍，因为电压不变，电子到达Q板的速率不变，故A正确，不符合题意；B错误，符合题意；CD电子的加速度为：根据得：若将两极板间电势差U增大一倍，则电子到达Q板的时间减为原来的 倍，故CD错误，符合题意；8、BD【解析】根据牛顿第二定

15、律得，粒子的加速度，可知加速度相等，因为初速度不同，根据位移时间公式知，运动的时间不同根据v=at知，速度的变化量不同，故A C错误根据动能定理得，qU=Ek，知电场力做功相同，则动能的增量相同故B正确因为电场力做做功相等，根据电场力做功与电势能的关系知，电势能的减小量相等故D正确故选BD9、BD【解析】A、单独负电荷产生的电场是直线不是弯曲的电场线，故A错误B、沿电场线电势降低，所以，电场线疏密代表了电场强度的大小，所以，故B正确；C、由于，所以将+q电荷分别放在A、B两点时的加速度 ，故C错误；D、由于，所以将+q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能，故D正确；综上所述本题答案是：BD10

16、、BC【解析】AB人造卫星绕地球做匀速圆周运动的圆的面积为：S=r2，所以人造卫星与地心连线在单位时间内所扫过的面积为因A的轨道半径大于B的轨道半径，则有SASB，故A错误，B正确；CD赤道上的物体A与同步通信卫星C转动周期相同，即为：TA=TC根据：，由于赤道上物体C的轨道半径小于同步通信卫星A的轨道半径，故 根据动能为： A与C的质量相等，而vCvA，故EkcEkA；A、B是围绕地球公转的卫星，根据得线速度为：周期因A的轨道半径大于B的轨道半径，则有vAvB，TATB根据动能，A与B的质量相等，而vAvB，故EkAEkB综上分析可得：TA=TCTB，EkCEkAEkB故C正确，D错误；三、

17、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0-3V 0-3A 0-15（D） 甲 1.5 0.75（0.7-0.8） 【解析】(1)1一节干电池的电动势最大为1.5V，则电压表选3V的量程就足够，15V的电压表精确度低且指针偏转角度小；2实验数据表明电路中的电流超过了0.6A，则电流表选择3A的量程；3因干电池内阻较小，为了让外电路的电压有明显变化且滑动变阻器方便调节，都需要先总阻值较小的D(15)；4干电池的内阻较小，故选择电流表的内接法(对滑动变阻器而言，或电源内阻叫外接法)可以减小系统误差，故选甲电路。(2)56由图读出两组电压值和电流值：

18、0.6A、1.0V和1.4A、0.4V，根据闭合电路的欧姆定律可知，图像的斜率大小等于内阻，则 （0.700.80）电源电动势为12、 BFACED或者FBACED 2900 2900 偏大 【解析】（1）如图所示：（2）B将电阻箱R0的阻值调到零；F把滑动变阻器的滑片P滑到a端；A闭合开关S；C调节滑动变阻器R的阻值，使电压表的示数为3.0V；E调节电阻箱R0的阻值使电压表示数为1.5V，读出此时电阻箱R0的阻值；D断开开关S（注意先调零与先移动滑动变阻器到最大阻值，前后不影响，故BF的顺序可以颠倒），则合理的顺序是BFACED（3）由如图丙读出R0的阻值为2900，因是串联关系，则电阻与电压成正比：电压表示数为1.5V，则电阻箱R0分压为1.5V则 Rv=R0=2900，因该支路实际电压要比原电压变大，即R0的分压要大一些，故Rv的实际值要小一些，即测量值比真实值大【点睛】考查半偏法测电阻的原理，明确串联电阻后会引起测量支路的电阻的增大，其分压要变大，此为误差的来源四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)2；(2)6V，85%；(3)【解析】(1)根据可求出电容器两端电压即R3两端电压为3V，由欧姆定律可知(2)根据闭合电路的欧姆定律可知，电源的电动势为电源的效率(3