2023学年福建省闽侯市第六中学物理高二第一学期期中学业质量监测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于重力势能的说法中，不正确的是( )A物体重力势能的值随参考平面的选择不同而不同B物体的重力势能严格说是属于物体和地球这个系统的C重力对物体做正功，物体的动能一定增加D物体位于参考面之下其重力势能取负值2、如图，有一重为G，带电量

2、为q的小球，从两竖直的带等量异种电荷的平行板上方高h处由静止自由落下，两板间有匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，则带电小球通过正交的电场、磁场空间时（）A一定作曲线运动B不可能作曲线运动C可能作匀速直线运动D可能作匀加速直线运动3、甲、乙两根同种材料制成的电阻丝，长度相等，甲横截面的半径是乙的两倍，将其并联后接在电源上A甲、乙的电阻之比是1：2B甲、乙中的电流强度之比是2：1C甲、乙电阻丝上产生的热量之比是4：1D甲、乙电阻丝两端的电压之比是1：24、有一个星球的密度与地球的密度相同，但它表面处的重力加速度是地球表面重力加速度的2倍，则该星球的质量是地球质量的()AB4倍C8倍D64倍5、如图所

3、示是某区域的电场线分布，A、B、C是电场中的三个点，下列关于三点处电场强度E和电势的关系正确的是（ ）AEAEBBcBEBEAEC， BAcCEAEBEC， BAcDEAEBEC， cAb c d ，若不计粒子所受重力，则( )A粒子一定带负电B粒子的运动是匀变速运动C粒子从 A 点到 B 点运动的过程中动能先减小后增大D粒子从 A 点到 B 点运动的过程中电势能增大8、如图所示在光滑、绝缘的水平面上，沿一直线依次排列三个带电小球A、B、C(可视为质点)若它们恰能处于平衡状态那么这三个小球所带的电荷量及电性的关系，下面的情况可能的是()A9、4、36B4、9、36C3、2、8D3、2、69、如

4、图所示，电解池内有一价的电解液，t s内通过溶液内截面S的正离子数是n1，负离子数是n2，设元电荷为e，则以下解释中正确的是A正离子定向移动形成的电流方向是从AB，负离子定向移动形成的电流方向是BAB溶液内正、负离子向相反方向移动，电流方向相同C溶液内电流方向从A到B，电流ID溶液中电流方向从A到B，电流I10、如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源电动势，r为电源的内电阻，以下说法中错误的是（）A当R2=R1+r时R2上获得最大功率B当R1=R2+r时，R1上获得最大功率C当R2=0时，R1上获得功率一定晕大D当R2=0时，电源的输出功率一定最大三、实验题：本题共2小题，共18分

5、。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图所示是“探究影响通电导线受力的因素”的装置图。实验时，先保持导线通电部分的长度不变，改变电流的大小；然后保持电流不变，改变导线通电部分的长度。每次导体棒在场内同一位置平衡时，悬线与竖直方向的夹角为。对该实验： （1）下列说法正确的是_A该实验探究了电流大小以及磁感应强度大小对安培力的影响B该实验探究了磁感应强度大小以及通电导体棒对安培力的影响C若想增大，可以把磁铁的N级和S级对调D若想减小，可以把接入电路的导体棒从1、4换成2、3两端（2）若把电流为I，且接通2、3时，导体棒受到的安培力记为F1，当电流减半且接通1、4时，导

6、体棒受到的安培力为_。12（12分）某研究性学习小组利用图甲所示的电路测量某电池的电动势E和内电阻r.由于该电池的内电阻r较小，因此在电路中接入了一阻值为2.00 的定值电阻R0.（1）按照图甲所示的电路图，将图乙所示的实物连接成实验电路_.（2）闭合开关K，调整电阻箱的阻值，读出电压表相应的示数，并计算出通过电阻箱的电流数值如下表所示：R/40.0012.008.006.00U/V1.901.661.571.43I/A0.0470.1380.1960.238为了比较准确地得出实验结论，在下图所示的坐标纸中作U-I图象_.（3）从图象得到E=_V，r=_.四、计算题：本题共2小题，共26分。把

7、答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图足够长的固定斜面倾角=37。一个物体以v0=4m/s的初速度从斜面A点处沿斜面向上运动。物体与斜面间的动摩擦因数为=0.25。（取g=10m/s2，sin37=0. 6，cos37=0. 8）。求：（1）物体沿斜面上滑时的加速度；（2）物体沿斜面上滑的最大距离；（3）物体从最高点返回到A点时的速度大小。14（16分）如图所示，匀强电场的电场强度E=2.0104N/C，沿电场线方向有A、B两点，A、B两点间的距离s=0.10m将电荷量q=+2.010-8C的点电荷从A点移至B点求：（1）电荷从A点移至B点的

8、过程中，电势能变化了多少（2）若将A点的电势规定为0，则B点的电势是多少？15（12分）如图所示，定值电阻R1=9，R2=7.当开关S接到位置1时，电压表V的示数为3.6V；当开关S接到位置2时，电压表V的示数为3.5V，求电源电动势和内阻参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】重力做正功，重力势能减小，重力做负功，重力势能增加重力势能的大小与零势能的选取有关，但重力势能的变化与零势能的选取无关.【详解】A、重力势能的大小取决于相对于零势能面的高度差，故和选择的参考平面有关，随参考平面的选择不同而不同，故A正

9、确；B、物体的重力势能，实际上是物体和地球所组成的系统的重力势能，故B正确；C、动能的改变量取决于合外力的功，故只有重力做正功，但合外力的功可能为负值，故动能可能减小，故C不正确；D、物体位于重力势能参考面以下时，物体的重力势能为负值，故D正确.本题选不正确的故选C.【点睛】解决本题的关键知道重力势能的大小与零势能的选取有关，但重力势能的变化与零势能的选取无关.以及知道重力做功和重力势能变化的关系，重力做正功，重力势能减小，重力做负功，重力势能增加.2、A【解析】带电小球进入复合场受到重力、电场力和洛伦兹力作用，根据小球的合力与速度方向的关系确定小球的运动情况【详解】若小球进入磁场时电场力和洛

10、伦兹力相等，因为小球向下运动时，速度会增加，小球所受的洛伦兹力增大，将不会再与小球所受的电场力平衡，不可能做匀加速直线运动，也不可能做匀速直线运动；若小球进入磁场时电场力和洛伦兹力不等，则合力方向与速度方向不在同一条直线上，小球做曲线运动故A正确3、C【解析】A. 两根长度相同，甲的横截面的圆半径是乙的2倍，根据电阻定律得：R甲：R乙=1：4，故A错误；B. 并联电路电压相等，由可知，甲乙中的电流强度之比为I甲：I乙=4：1，故B错误；C. 由电阻丝产生的热量：可得：Q甲：Q乙=4:1，故C正确；C. 两电阻并联，则两电阻两端的电压相等，故D错误。4、C【解析】根据万有引力等于重力列式，得：，

11、其中M是任一星球的质量，R应该是物体在某位置到星球球心的距离.根据密度与质量关系得：，则得：星球的密度跟地球密度相同，星球的表面重力加速度是地球表面重力加速度的2倍，所以星球的半径也是地球的2倍，再根据，得星球质量是地球质量的8倍.故选C.5、B【解析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以EBEAEC；顺着电场线方向电势降低，BAC，故B正确，ACD错误6、C【解析】根据可知，故C正确，ABD错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】

12、A根据电场线和等势线垂直，且从高电势处指向低电势处，得知电场沿竖直向下方向,而粒子的轨迹向上弯曲,则知电场力竖直向上,所以粒子带负电.故A正确.B在匀强电场中粒子所受的电场力是恒力，粒子做匀变速运动.故B正确.C粒子的电场力向上,轨迹向上弯曲，则电场力对粒子做正功，其动能逐渐增大,所以C错误;D粒子从 A 点到 B 点运动的过程中电场力对带电粒子做正功，其电势能减小.故D错误.8、AD【解析】因题目中要求三个小球均处于平衡状态，故可分别对任意两球进行分析列出平衡方程即可求得结果三个小球只受静电力而平衡时，三个小球所带的电性一定为“两同夹一异”，且在大小上一定为“两大夹一小”ADAD均满足“两同

13、夹一异”且“两大夹一小”，故AD正确BC根据电场力方向来确定各自电性，从而得出“两同夹一异”，因此BC均错误9、BD【解析】试题分析：电荷的定向移动形成电流，正电荷的定向移动方向是电流方向，由图示可知，溶液中的正离子从A向B运动，负离子从B到A，因此电流方向是AB，故A错误，B正确；溶液中的正离子从A向B运动，因此电流方向是AB，电流，故C错误，D正确；故选BD.考点：电流【名师点睛】本题考查电流的定义，要知道电荷的定向移动形成电流，正电荷的定向移动方向是电流的方向，负电荷的定向移动方向与电流方向相反；应用电流定义式即可正确解题；此题意在考查学生对基本公式的理解和掌握.10、BD【解析】A将视

14、为电源内阻，则当R2=R1+r时R2上获得最大功率，故A正确；BC由于为定值电阻，故当电流越大，其功率越大，因此当时，其功率最大故B错误，C正确；D由于、r的大小关系未知，当时，当时，电源输出功率最大，当时，当时，电源的输出功率最大，故D错误；故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D 【解析】（1）1AB该实验探究了导体棒通长度和电流大小对安培力的影响，故AB错误；C把磁铁的N极和S极对调，不改变B的大小，故F不变，故C错误；D把接入电路的导体棒从1、4两端换成2、3两端，L减小，故安培力F减小，则减小，故D正确；故选D。（2）

15、2若把电流为I且接通2、3时，导体棒受到的安培力记为F1；则当电流减半且接通1、4时，导体棒的安培力为12、（1）电路连线如图；（2）图像如图；（3）2.00V0.40.【解析】（1）实物连线如图；（2）电源U-I图象如图；（3）由图像可知，图象与纵轴交点坐标值是2.0，则电源电动势E=2.0V，图象斜率：k=r+R0=，则电源内阻r=k-R0=0.4；点睛：本题考查了电路连线图、求电源电动势与内阻，知道电源U-I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是等效电源内阻，要注意：图象斜率绝对值与定值电阻阻值之差是电源内阻四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) ，方向沿斜面向下； (2) ； (3) 【解析】（1）沿斜面向上运动时，由牛顿第二定律得解得：，方向沿斜面向下； （2）物体沿斜面匀减速上滑到速度为零，由速度位移关系得：解得：（3）物体沿斜面返回下滑时，根据牛顿第二定律：解得：由速度位移关系得：解得：14、（1）4.010-