2023学年赣州中学高二物理第一学期期中达标检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、如图所示，电流表A1(03 A)和A2(00.6 A)由两个相同的电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中，闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是AA1、A2的内阻之比为51BA1、A2的指针偏转角度之比为11CA1、A2的读数之比为11DA1、A2的指针偏转角度之比为152、关于电场力与洛伦兹力，以下说法正确的是（）A只有运动的电荷在磁场中才会受到洛伦兹力的作用B电场力对运动的电荷一定做功，而洛伦兹力对运动的电荷却不会做功C电场力与洛伦兹力一样，方向都沿电场线或磁感线的切线方向D电荷只要处在电场中，就会受电场力，电荷静止在磁场中，也可能受到洛伦兹力3、真空中有两

3、个尺寸相同的可以看成点电荷的带电金属小球A、B，两小球相距固定，A小球所带电荷量为2Q，B所带电荷量为+4Q，两小球间的静电力大小是F，现在让A、B两球接触后，使其距离变为原来的一半。此时，A、B两球之间的库仑力的大小是（）ABCD4、下表列出了某品牌电动自行车(如图)及所用电动机的主要技术参数，不计其自身机械损耗。若该车在额定状态下以最大运行速度行驶，则（ ）自重40(kg)额定电压48(V)载重75(kg)额定电流12(A)最大行驶速度20(km/h)额定输出功率350(W)A电动机的输入功率为576WB电动机的内电阻为4C该车获得的牵引力为104ND该车受到的阻力为17.5N5、如图所示

4、，水平地面上质量为的木块，受到大小为、方向与水平方向成角的拉力作用，沿地面做匀加速直线运动已知木块与地面之间的动摩擦因数为，则木块的加速度大小为ABCD6、真空中两个相同的金属小球A和B，带电荷量分别为QA=210-8C和QB=410-8C，相互作用力为F，若将两球接触后再放回原处，则它们之间的作用力将变为（ ）A B C D二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、传感器是把非电物理量（如高度、温度、压力等）的变化转换成电学量（如电压、电流、电容等）变化的一种元件，它在自

5、动控制中有着广泛的应用如图是一种测定液面高度的电容式传感器的示意图金属棒与导电液体构成一个电容器，将金属棒和导电液体分别与直流电源的两极相连接，从电容C和导电液与金属棒间的电压U的变化就能反映液面的升降情况，即（ ）A电源接通，若此后电容C减小，反映h减小B电源接通，若此后电容C减小，反映h增大C电源接通再断开，若此后电压U减小，反映h减小D电源接通再断开，若此后电压U减小，反映h增大8、电源电动势为E，内阻为r，向可变电阻R供电，关于路端电压说法正确的是()A因为电源电动势不变，所以路端电压也不变B因为UIR，所以当I增大时，路端电压也增大C因为UEIr，所以当I增大时，路端电压下降D若外电

6、路断开，则路端电压等于电动势9、某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在同一坐标系内，如图所示，根据图线可知 （ ）A反映Pr变化的图线是aB电源电动势为8 VC电源内阻为2 D当电流为0.5 A时，外电路的电阻为6 10、某一热敏电阻其阻值随温度的升高而减小，在一次实验中，将该热敏电阻与一小灯泡并联，通电后各自的电流I随所加的电压U变化的图线如图所示，M为两元件的伏安特性曲线的交点。则关于热敏电阻和小灯泡的下列说法中，正确的是( )A图中图线b是小灯泡的伏安特性曲线，图线a是热敏电阻的伏安特性曲线B图中图线a是小灯泡的伏安特性曲线，图线b是热

7、敏电阻的伏安特性曲线C图线中的M点，表示该状态小灯泡的电阻大于热敏电阻的阻值D图线中M点对应的状态，小灯泡的功率与热敏电阻的功率相等三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学在进行扩大电流表量程的实验时，需要知道电流表的满偏电流和内阻他设计了一个用标准电流表G1来校对待测电流表G2的满偏电流和测定G2内阻的电路，如图所示已知G1的量程略大于G2的量程，图中R1为滑动变阻器，R2为电阻箱该同学顺利完成了这个实验实验过程包含以下步骤，其合理的顺序依次为_（填步骤的字母代号）；A合上开关S2B分别将R1和R2的阻值调至最大C记下R2的最

8、终读数D反复调节R1和R2的阻值，使G1的示数仍为I1，使的指针偏转到满刻度的一半，此时R的最终读数为rE合上开关S1F调节R1使G2的指针偏转到满刻度，此时G1的示数为I1，记下此时G1的示数仅从实验设计原理看，用上述方法得到的G2内阻的测量值与真实值相比_（填“偏大”、“偏小”或“相等”）；若要将G2的量程扩大为I，并结合前述实验过程中测量的结果，写出须在G2上并联的分流电阻RS的表达式，RS=_12（12分）为了研究一个“2.5 V 0.2 W”小灯泡的伏安特性，现有4 V蓄电池1个，电键1个，导线若干，其他可供选择的器材如下：A量程为00.6 A，内阻约为0.2的电流表1个；B量程为0

9、100 mA，内阻约为5的电流表1个；C量程为03 V，内阻约为10 k的电压表1个；D量程为015 V，内阻约为50 k的电压表1个E.额定电流为1 A，阻值为05 的滑动变阻器1个(1)要正确完成这个实验，电流表应选_，电压表应选_(选填相应器材前面的代号)(2)画出实验的电路原理图_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示电路中，R1=3，R2=6，R3=1.5，C=20F。当开关S1闭合、S2断开，电路稳定时，电源的总功率为2W，当开关S1、S2都闭合，电路稳定时，电源的总功率为4W，求：（1）

10、电源电动势E和内电阻r；（2）当S1、S2都闭合时电源的输出功率及电源内部产生的热功率；（3）当S1闭合，分别计算在S2闭合与断开时，电容器所带的电荷量各为多少？14（16分）如图所示，充电后的平行板电容器水平放置，电容为C，极板间的距离为d，上板正中有一小孔质量为m、电荷量为+q的小球从小孔正上方高h处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零（空气阻力忽略不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g）求：（1）小球到达小孔处的速度；（2）极板间电场强度的大小和电容器所带电荷量；（3）小球从开始下落运动到下极板处的时间15（12分）如图所示，在的竖直匀强电场中，有一光滑的半圆形绝缘轨Q

11、PN与一水平绝缘轨道MN连接，半圆形轨道平面与电场线平行，P为QN圆弧的中点，其半径R=40cm，一带正电q=10-4C的小滑块质量m=10g，与水平轨道间的动摩擦因数，位于N点右侧1.5m处，小滑块恰能运动到圆轨道的最高点Q，取g=10m/s2，求：(1)滑块在最高点速度多大？(2)这样运动的滑块通过P点时对轨道的压力是多大？(3)滑块应以多大的初速度v0向左运动？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】电流表A1（0-3A）和A2（0-0.6A）是由两个相同的电流计改装而成，都是并联电路，在图中两电流计也

12、是并联的，电压相等，电流相等，则A1、A2的指针偏转角度之比为1：1；它们的量程之比为5：1，即总电阻之比为1：5，所以并联时读数之5：1故B正确，ACD错误。故选B。【点睛】本题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成指针偏转角度取决于流过表头的电流大小2、A【解析】AD.电荷只要在电场中就会受到电场力作用，运动电荷在磁场中，与磁场方向平行，不会受到洛伦兹力的作用，只有运动电荷在磁场中才可能受到洛伦兹力作用。故A正确，D错误B.当电场力与电荷的速度方向相垂直时，则电场力对在其电场中的电荷不会做功，而洛伦兹力对磁场中的电荷不会做功。故B错误C.电场力与电场线某点切线

13、方向平行，洛伦兹力与磁场线相互垂直。故C错误3、A【解析】根据库仑定律，则有两球间的库仑力为将它们接触后再分开，然后放在距离为原来的一半，则电荷量中和，再进行平分，因此电量均为+Q，则库仑力为故选A。4、A【解析】A.电动机的输人功率故选项A正确；B.电动机正常工作时为非纯电阻元件，不能用欧姆定律求内电阻，故选项B错误；CD.电动车速度最大时，牵引力F与阻力大小相等， 根据功率公式故选项CD错误。故选A。5、D【解析】对物体受力分析可以知道，物体受到重力、支持力、拉力和摩擦力的作用，在水平方向有，竖直方向有，滑动摩擦力，根据以上三式联立可以求得所以选项是正确的点睛：物体受多力作用时，采用正交分

14、解法进行分析，分解为两方向立式后，再找两方向之间的关联，最终联立方程组求解6、A【解析】设A球的电荷量为Q，则B球的电荷量为2Q，未接触前，根据库仑定律，得： ，接触后两球带电量平分，再由库仑定律，得： ，则，故A正确。点晴：本题考查运用比例法求解物理问题的能力对于两个完全相同的金属球，互相接触后电量平分。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】由图，金属棒与导电液体构成一个电容器，电源接通时，电容器的电压一定，电容C减小时，由电容的决定式分析电容减小时，h的

15、变化，电源接通再断开，电容器的电量不变，电压减小，再由电容的定义式分析电容的变化，由电容的决定式分析h的变化；【详解】A、电源接通时，电容器的电压一定，若电容C减小时，金属棒与导电液的正对面积减小，所以h减小，故A正确，B错误；C、电源接通再断开，电容器的电量不变，电压减小，由公式分析可知，C增大，金属棒与导电液的正对面积增大，所以h增大，故C错误，D正确。【点睛】本题是电容器动态变化分析问题，根据电容的定义公式和电容的决定因素进行综合分析。8、CD【解析】A. 电源电动势不变，路端电压随外电阻的增大而增大，减小而减小，故A错误；BC. 当R增大时，I减小，不能根据判断路端电压的变化，而由分析

16、，E、r不变，I减小，得到U增大；I增大，得到U减小；故C正确B错误；D. 若外电路断开，则路端电压等于电动势，故D正确。故选CD。9、CD【解析】试题分析：电源的总功率，功率与电流成正比，由知电源内部的发热功率与电流的平方成正比，A正确；直流电源的总功率，P-I图象的斜率等于电动势E，则有，电流为2A时电源的总功率与发热功率相等，则根据可得，当电流为15A时，根据闭合电路欧姆定律可得出外电路的电阻为6，CD正确考点：考查闭合电路欧姆定律的图象应用【名师点睛】要注意根据电源的总功率公式求解电动势，根据发热功率的公式，求解电源的内阻10、AD【解析】AB.热敏电阻电阻值随温度升高而减小，电压增大

17、，电流增大，电流热效应增强，温度升高，所以图线上电压越大的点对应电阻越小，与原点连线应越远离U轴，故图线a表示热敏电阻伏安曲线，小灯泡电阻为金属热电阻，其大小随温度升高而增大，电压越大的点与原点连线应越靠近U轴，所以图线b表示小灯泡的伏安特性曲线，故A正确B错误；CD.M点处，小灯泡和热敏电阻的I、U都相同，根据可得，此时它们的电阻相等，根据可得，此时它们的功率相等，故D正确C错误。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BEFADC 相等 【解析】闭合开关前将R1和R2的阻值调至最大，以免烧坏电流表，本实验用半偏法测电流表的量程

18、和内阻，实验时通过反复调节R1和R2的阻值，使G1的示数仍为I1保持不变，使G2和R2的电流相等，等G2满刻度的一半，G2和R2并联，则G2和R2电阻相等由并联电路关系可得分流电阻RS=12、BC【解析】(1)小灯泡的额定电压为2.5V，所以采用电压表C，小灯泡的额定电流为，所以采用电流表B；(2)由于电压电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法，正常工作时灯泡的电阻，远小于电压表的内阻，属于小电阻，电流表采用外接法电路图如图所示：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、4V 0.5 3.5W 0.5W 0 6

19、10-5C【解析】试题分析：（1）当开关S1闭合、S2断开电路稳定时，R2和R3串联当开关S1、S2都闭合电路稳定时，R1和R2并联，再与R3串联，结合闭合电路欧姆定律以及功率的公式求出电源的电动势和内电阻；（2）当开关S1闭合、S2断开电路稳定时，电容器与并联在R2两端，电容器板间电压等于R2两端的电压，由Q=CU求出电容器所带的电量；（3）当S1、S2闭合时，根据P=I2R外求出输出功率当开关S1、S2都闭合电路稳定时，电容器两端的电势差为零，结合Q=CU求出电容器所带的电荷量.（1）当S1闭合、S2断开电路稳定时电源消耗的总功率为P总=E2R2+R3+r代入数据得：2=E26+1.5+r当S1、S2都闭合电路稳定时，R12=R1R2R1+R2=363+6=2电源消耗的总功率为P总=E2R12+R3+r代入数据：4=E22+1.5+r联立解得电源的电动势E=4V，内电阻r=0.5（2）当S1、S2都闭合电路稳定时，外部总电阻R=R12+R3=2+1.5=3.5干路上总电流I=ER+r=43.5+0.5A=1A电源的输出功率P=UI=I2