2023学年福建省厦门市海沧中学高二物理第一学期期中达标检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如下图所示，水平放置的平行板间的匀强电场正中有一带电微粒正好处于静止状态如果把两平行带电板

2、改为竖直放置，带电微粒的运动状态将是 （ ）A保持静止状态B从P点开始作自由落体运动C从P点开始做类平抛运动D从P点开始做初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动2、在如图所示平行板电容器A、B两板上加上如图所示的交变电压，开始时B板的电势比A板的高，这时两板中间原来静止的电子（图中黑点表示）在电场作用下开始运动，设电子在运动中不与极板发生碰撞，则下述说法正确的是（不计电子重力）（ ） A电子先向A板运动，然后向B板运动，再返回A板做周期性往返运动B电子一直向A板运动C电子一直向B板运动D电子先向B板运动，然后向A板运动，再返回B板做周期性往返运动3、关于牛顿第二定律Fma，下列说法正确的是()

3、Aa的方向与F的方向相同Ba的方向与F的方向相反Ca的方向与F的方向无关Da的方向与F的方向垂直4、下面各图中A球系在绝缘细线的下端，B球固定在绝缘平面上，它们带电的种类以及位置已在图中标出，则A球能保持静止的是A B C D5、电动机与小电珠串联接人电路，电动机正常工作时，小电珠的电阻为R1，两端电压为U1，流过的电流为I1；电动机的内电阻为R2，两端电压为U2，流过的电流为12。则ABCD6、如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，abcd10cm，adbc20cm，电场线与矩形所在平面平行已知a点电势为20V，b点电势为24V，则( )A电场强度大小

4、一定为E40V/mBcd间电势差一定为4VC电场强度的方向一定由b指向aDc点电势可能比d点低二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一带正电的小球向右水平抛入范围足够大的匀强电场，电场方向水平向左，不计空气阻力，则小球（ ）A一定做曲线运动B可能做直线运动C速率先减小后增大D速率先增大后减小8、如图电路,在平行金属板、内部左侧中央有一质量为的带电粒子(重力不计)以水平速度射入电场并打在板的点。改变或的阻值，粒子仍以射入电场，则( )A该粒子带负电B增大，粒子打在点C减少

5、，粒子打在点左侧D增大，粒子在板间运动时间不变9、如图所示，带电小球Q固定在倾角为的光滑固定绝缘细杆下端，一质量为m，电荷量为q的带正电小球M穿在杆上从A点由静止释放，小球到达B点时速度恰好为零，已知A、B间距为L，C是AB的中点，两小球均可视为质点，重力加速度为g，则A小球从A到B的过程中加速度先减小后增大B小球在B点时受到的库仑力大小为mgsinC小球在C点时速度最大D在Q产生的电场中，A、B两点间的电势差为UAB=10、一质量为m的带电小球，在竖直方向的匀强电场中以初速度v0水平抛出，小球的加速度大小为g/3，则小球在下落h高度过程中()A动能增加了mghB电势能增加了mghC重力势能减

6、少了mghD机械能减少了mgh三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）利用如图所示装置进行验证机械能守恒定律的实验时，需要测量物体由静止开始自由下落到某点时的瞬时速度v和下落高度h.某班同学利用实验得到的纸带，设计了以下四种测量方案：A用刻度尺测出物体下落的高度h，并测出下落时间t，通过vgt计算出瞬时速度v.B用刻度尺测出物体下落的高度h，并通过计算出瞬时速度v.C根据做匀变速直线运动时纸带上某点的瞬时速度，等于这点前后相邻两点间的平均速度，测算出瞬时速度v，并通过计算出高度h.D用刻度尺测出物体下落的高度h，根据做匀变速直线运动时

7、纸带上某点的瞬时速度，等于这点前后相邻两点间的平均速度，测算出瞬时速度v.以上方案中只有一种正确，正确的是_(填入相应的字母)12（12分）在“研究感应电流产生的条件”实验中：（1）在右图中用笔画线代替导线将实验电路补充完整_；（2）电路连接完成后，如果闭合电键时发现电流表指针向右偏转，则在闭合电键情况下向左移动滑动变阻器的滑片，电流表的指针会向_选填“左”或“右”偏转四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图，倾角为=30斜面固定在水平台阶边缘，台阶下有一足够长、质量为6m的木板C，木板上表面与斜面底端等高

8、，并且通过一小段光滑圆弧平滑连接。质量为6m的滑块B静止在木板左端，斜面与水平面均光滑。已知滑块B与木板C间的动摩擦因数为=。现让质量为m的滑块A在高为h处静止释放，与B发生正碰，碰后A返回高度为原来的。滑块均视为质点，重力加速度为g，不计空气阻力，求：（1）碰后滑块B的速度；（2）A返回到最高点时，B在木板上的滑行距离。14（16分）如图足够长的固定斜面倾角=37。一个物体以v0=4m/s的初速度从斜面A点处沿斜面向上运动。物体与斜面间的动摩擦因数为=0.25。（取g=10m/s2，sin37=0. 6，cos37=0. 8）。求：（1）物体沿斜面上滑时的加速度；（2）物体沿斜面上滑的最大距

9、离；（3）物体从最高点返回到A点时的速度大小。15（12分）示波器的示意图如图，金属丝发射出来的电子（初速度为零，不计重力）被加速后从金属板的小孔穿出，进入偏转电场电子在穿出偏转电场后沿直线前进，最后打在荧光屏上设加速电压U1=1640V，偏转极板长=4cm，偏转板间距d=1cm，当电子加速后从两偏转板的中央沿板平行方向进入偏转电场（1）偏转电压U2为多大时，电子束打在荧光屏上偏转距离最大？（2）如果偏转板右端到荧光屏的距离=20cm，则电子束最大偏转距离为多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】由粒子

10、静止不动可知粒子受力平衡qE=mg当平行带电板改为竖直放置，粒子受到水平方向的电场力和重力作用，由力的合成和牛顿第二定律可知合力大小为mg，则加速度为g，即粒子从P点开始做初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动。故选D。2、C【解析】电子在0受力向左指向B板，做加速运动，T受力向右指向A板，做减加速运动，到零。由运动学规律画出如答图所示的图像，可知电子一直向B板运动，故C正确，ABD错误。故选：C3、A【解析】根据牛顿第二定律F=ma得：a=F/m，质量是标量，力和加速度都是矢量，所以加速度方向与合外力方向相同，故选A4、A【解析】A图中，对A球进行受力分析：根据力的合成，可知道任意两个力的合

11、力的方向不可能与第三个力方向相反，故A错误B图中，对A球进行受力分析：根据力的合成，可知道三个力合力可以为0.故B正确C图中，对A球进行受力分析：根据力的合成，可知道任意两个力的合力的方向不可能与第三个力方向相反故C错误D图中，对A球进行受力分析：根据力的合成，可知道三个力合力不可以为0，故D错误故选B.5、D【解析】由题意可知I1=I2，选项A错误；因U2I2R2，U1=I1R1，则，选项BC错误，D正确；故选D.6、B【解析】根据题设条件可知，场强方向无法确定，知道了ab间电势差，但不能根据E=U/d求出场强的大小故AC错误根据匀强电场的电场线与等势线分布的特点可知，cd间电势差必等于ba

12、间电势差，为4V，故B正确cd间电势差为4V，则知c点电势比d点高4V故D错误故选B二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A、小球受重力和电场力两个力作用，如图：合力的方向与速度方向不在同一条直线上，小球做曲线运动故A正确，B错误；C、小球所受的合力与速度方向先成钝角，然后成锐角，可知合力先做负功然后做正功，则速度先减小后增大故C正确，D错误故选AC8、ABC【解析】根据外电路中顺着电流方向电势逐渐降低，判断M、N两板电势的高低，确定板间电场的方向，即可判断

13、粒子的电性；电路稳定时R2相当于导线；粒子射入板间电场中做类平抛运动，运用运动的分解法，由牛顿第二定律和运动学公式分析改变R1时粒子打在极板上的位置和运动时间【详解】A.根据外电路中顺着电流方向电势逐渐降低，可知M板的电势低于N板的电势，板间电场方向向上，而粒子在电场中向下偏转，所受的电场力方向向下，则知该粒子带负电，故A正确；B.电路稳定时R2中没有电流，相当于导线，改变R2，不改变M、N间的电压，板间电场强度不变，粒子所受的电场力不变，所以粒子的运动情况不变，仍打在O点。故B正确；CD.设平行金属板M、N间的电压为U。粒子在电场中水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动

14、，则竖直方向有：水平方向有：x=v0t联立得：由图知，y一定，q、m、d、v0不变，则由式知：当减少R1时，M、N间的电压U增大，时间变短，x减小，所以粒子将打在O点左侧；由知，增大R1，U减小，t增大，故C正确，D错误。故选：ABC。9、AD【解析】由题意可知，小球从A由静止运动在B点时，速度为零，则小球先加速后减速，那么一开始库仑力小于重力沿着细杆的分力，当减速运动时，则库仑力大于重力沿着细杆的分力，因此加速度先减小，再增大，故A正确；球在B点时，速度为零，但不是处于平衡状态，由于球要向上运动，那么受到的库仑力大小大于mgsin ，故B错误；当球的加速度为零时，速度才能达到最大，而C虽是A

15、B的中点，但此处库仑力、支持力与重力的合力不为零，故C错误；根据动能定理，从A到B，则有：00mgLsin qUAB；解得：UABmgLsinq，故D正确，故选AD.10、BD【解析】A.根据牛顿第二定律得，mg-F=ma解得电场力F=mg在小球下落h的过程中，合力做功为mgh，则动能增加了mgh，选项A错误；B.电场力做功为-mgh，则电势能增加mgh，选项B正确；C.重力做功为mgh，则重力势能减小mgh，选项C错误；D.除重力以外其它力，即电场力做功为-mgh，则机械能减小mgh故D正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、d;【解

16、析】物体由静止开始自由下落过程中受到空气阻力和纸带与打点计时器的摩擦阻力作用，不是自由落体运动，v=gt，都是自由落体运动的公式故A、B错误C、物体下落的高度是用米尺测量的，不是计算的，故c错误D、为验证机械能守恒定律的实验测量方案，故正确12、（1） （2）左 【解析】（1）将电源、电键、变阻器、线圈B串联成一个回路，注意滑动变阻器接一上一下两个接线柱，再将电流计与线圈A串联成另一个回路，电路图如图所示。（2）闭合电键时，穿过线圈的磁通量增加，电流表指针向右偏，说明穿过线圈的磁通量增加时电流表指针向右偏转；由电路图可知，在闭合电键情况下向左移动滑动变阻器的滑片，通过线圈B的电流较小，穿过线圈

17、A的磁通量减小，则电流表的指针会向左偏转。【点睛】本题考查研究电磁感应现象及验证楞次定律的实验，对于该实验注意两个回路的不同，应用楞次定律即可正确解题。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）；（2）【解析】（1）设A碰B前瞬间速度为v0，碰后速度分别为v1和v2，则有对A，mgh=mv02 返回时，有 得 AB碰撞动量守恒，有mv0=mv1+6mv2 解得 （2）返回时A的加速度为 返回到最高点的时间为 设BC能共速，则有 6mv2=(6m+6m)v3 共速时间为t2，则有 解得t1t2，说明A回到最高点之前BC已经共速。设滑行距离为L，则 得14、 (1) ，方向沿斜面向下； (2) ； (3) 【解析】（1）沿斜面向上运动时，由牛顿第二定律得解得：，方向沿斜面向下； （2）物体沿斜面匀减速上滑到速度为零，由速度位移关系得：解得：（3）物体沿斜面返回下滑时，根据牛顿第二定律：解得：由速度位移关系得：解得：15、 (1) (2) 【解析】试题分析：（1）设