2023学年福建省霞浦第一中学物理高二上期中联考试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于线圈的自感系数，下面说法正确的是（ ）A线圈的自感系数越大，自感电动势一定越大B线圈中的电流变化越快，自感

2、系数越大C线圈的自感系数由线圈本身的因素及有无铁芯决定。D线圈中的电流等于零时，自感系数也等于零2、已知无限长直线电流周围空间的磁感应强度大小可表示为B=KI/d(其中K为比例系数,I为电流强度,d为空间位置到直线电流的距离)。如图，无限长直线电流相距为d，纸面内有一点P，且与两根电流的距离均为d，则P点的磁感应强度大小为（ ）AkdI12+I22 BkdI12-I22 CkI1d+kI2d DkI1d-kI2d3、某人以不变的速度垂直于对岸游去，游到河中间时，水流速度变大，则此人渡河所用时间比预定时间：A增加B减少C不变D无法确定4、如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连

3、接，下极板接地一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态现将平行板电容器的下极板竖直向上移动一小段距离(仍在P点下方)A电容器的电容减小，则极板带电量将增大B带电油滴将沿竖直方向向下运动CP点的电势将升高D带电油滴的电势能将增大5、要使真空中的两个点电荷间的库仑力增大到原来的4倍，下列方法中可行的是（）A每个点电荷的带电量都增大到原来的4倍，电荷间距离变为原来4倍B保持点电荷的带电量不变，使两个电荷间的距离增大到原来的2倍C使一个点电荷的电荷量加倍，另一个点电荷的电荷量保持不变，同时将两个点电荷间的距离减小为原来的D保持点电荷的电荷量不变，将两个点电荷的距离减小到原来的1/26、如图所示，

4、在等量的异种点电荷形成的电场中，有、三点，点为两点电荷连线的中点，点为连线上距点距离为的一点，为连线中垂线距点距离也为的一点，则下面关于三点电场强度的大小、电势高低的比较，正确的是（）A，B，C，D因为零电势点未规定，所以无法判断电势的高低二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、欧姆表调零后，用“10”档测量一个电阻的阻值，发现指针偏转角度很小，则下列说法和做法中正确的是（）A这个电阻的阻值很大B这个电阻的阻值很小C为测得更准确些，应当换用“1”档，并且重新调零后进行测量

5、D为测得更准确些，应当换用“100”档，并且重新调零后进行测量8、一个直流电动机，线圈电阻是0.5，当它两端所加电压为6V时，通过电动机的电流是2A。由此可知A电动机消耗的电功率为10WB电动机发热的功率为10WC电动机输出的机械功率为10WD电动机的工作效率为83.3%9、如图所示直流电路中电源的内阻不能忽略，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，下列说法正确的是()A电流表读数变大B电压表读数变小C总功率一定减小D内部损耗功率一定减小10、如图所示，把一个架在绝缘支架上的枕形导体放在正电荷形成的电场中，导体处于静电平衡时，下叙说法正确的是 （ ）AA、B两点场强相等，且都为零BA、B两点的场强不

6、相等CA、B两点的电势相等D当电键K闭合时，电子从大地沿导线向导体移动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“测定电源的电动势和内电阻”的实验中，已连接好部分实验电路（1）按如图甲所示的电路图连好实验电路为避免烧坏电流表，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于端（选填“左”或“右”）（2）如图是根据实验数据作出的UI图像，由图可知，电源 的电动势EV，内阻r（3）在其他操作规范的情况下，该实验误差产生的主要原因是 ，测得电源的电动势 （填“偏大”或“偏小”）12（12分）某同学通过实验测量一根长度为L的电阻丝的电阻率（1）由图甲可知电

7、阻丝的直径D= mm（1）将如下实验操作补充完整：按图乙连接电路，将滑动变阻器R1的滑片P置于B端；将S1拨向接点1，闭合S1，调节R1，使电流表示数为I0；将电阻箱R1的阻值调至最大，S1拨向接点1， ，使电流表示数仍为I0，记录此时电阻箱的示数为R1（3）此电阻丝的电阻率的表达式= （用已知量和所测物理量的字母表示）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示的电路中，电源电动势E9V，内阻r2，定值电阻R16，R210，R36，电容器的电容C10F (1)保持开关S1、S2闭合，求电容器C所带的电荷量

8、；(2)保持开关S1闭合，将开关S2断开，求断开开关S2后流过电阻R2的电荷量14（16分）在如图所示的电路中，电源的电动势E=9.0V，内电阻r=1.0，外电路的电阻R=5.0闭合开关S求：（1）通过电阻R的电流；（2）电阻R消耗的电功率P15（12分）如图所示，理想变压器的原线圈两端接在（V）的交流电源上，副线圈两端接有R55的负载电阻，原、副线圈匝数之比为2：1，电流表、电压表均为理想电表求：（1）电压表的读数；（2）电流表的读数参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A.磁通量有变化才有感应电动势，故

9、A错误B.自感系数与电流无关，故B错误C.线圈的自感系数由线圈本身的因素及有无铁芯决定，故C正确D.自感系数与电流无关，故D错误故选C2、A【解析】I1在P点产生的磁感应强度为：B1=kI1d，方向：垂直纸面向里；I2在P点产生的磁感应强度为：B2=kI2d，方向：水平向左，由平行四边形定则可知：P点的磁感应强度大小为B=B12+B22=kdI12+I22 故应选：A。【点睛】本题是一道信息给予题，认真审题，知道磁感应强度的计算公式、熟练应用安培定则、磁场的叠加原理即可正确解题。3、C【解析】将游泳者的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，因为人以不变的速度向着对岸垂直游去，垂直于河岸方向上的

10、分速度不变，水流速度不影响垂直于河岸方向上的运动，所以渡河时间不变故C正确，ABD错误故选C【点睛】此题是运动的合成及分解问题；解决本题的关键将游泳者的运动进行分解，抓住分运动与合运动具有等时性，各分运动具有独立性进行分析；注意水流速度的大小不影响渡河的时间4、D【解析】由于电容器和电源相连，电势差不变；将平行板电容器的下极板竖直向上移动一小段距离，则d减小，则根据C=S4kd可知电容C变大，根据Q=UC可知，极板的带电量变大，故A错误； 将平行板电容器的下极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，板间距离减小，根据E=U/d得知板间场强增大，油滴所受的电场力增大，则油滴将向上运动

11、。故B错误。场强E增大，而P点与上极板间的距离不变，则由公式U=Ed分析可知，P点与上极板间电势差将增大，故P点电势降低；故C错误。由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴应带负电，由于P点的电势降低，则油滴的电势能将增加。故D正确。故选D。【点睛】本题运用U=Ed分析板间场强的变化，判断油滴如何运动运用推论：正电荷在电势高处电势能大，而负电荷在电势高处电势能小，来判断电势能的变化5、D【解析】解:根据库仑定律公式,则有:A、每个点电荷的电荷量都增大到原来的2倍,电荷间的距离4倍,则,所以A选项是错误的;B、保持点电荷的电荷量不变,使两个点电荷的距离增大到原来的2倍,则力变为原来的,故B错误;C、

12、使一个点电荷的电荷量增加1倍,另一个点电荷的电荷量保持不变,同时使两点电荷间的距离减小为原来的,则有,故C错误;D、保持点电荷的电荷量不变,将两点电荷间的距离减小为原来的,则有,所以D选项是正确的;所以D选项是正确的.6、B【解析】ABC等量异种点电荷的电场线分布情况如图所示电场线越密集的地方场强越大，则等量异种电荷中垂线为等势线，则等量异种电荷连线上电场线从正电荷指向负电荷且沿电场线方向电势降低，则有所以故AC错误，B正确；D对于点电荷形成的电场，一般我们规定距电荷无穷远处电势为零，且各点电势高低与零电势点的规定无关，故D错误。故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每

13、小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】欧姆档的指针偏转角度越小，则电阻越大，要换大倍率的档位【详解】偏转角度小，说明电流小，则电阻大故A正确，B错误；因是大电阻，则要换档位大一些即：换“100”档每次换档后要重新进行欧姆调零故C错误，D正确，故选AD8、CD【解析】AB直流电动机线圈电阻为R，当电动机工作时通过的电流为I，两端的电压为U，总功率为：P=UI=26=12W发热功率为：P热=I2R=220.5=2W故AB错误；C根据能量守恒定律，其输出功率是：P出=P-P热=12W-2W=10W故C正确；D机械的工作

14、效率为 故D正确。9、CD【解析】由电路图可知，当滑动变阻滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻变大，电源电动势不变，由闭合电路的欧姆定律可知，电路总电流I变小，即电流表读数变小，路端电压变大，即电压表读数变大；选项AB错误；总功率P=IE，电路总电流I变小，则P一定减小，选项C正确；内部损耗功率P1=I2r，则总电流I减小，则P1一定减小，选项D正确；故选CD.10、ACD【解析】枕形导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布因此在枕形导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会定向移动移动，当点电荷移走后，电荷恢复原状；【

15、详解】A、B枕形导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布，因此在枕形导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，内部电场强度处处为零，故A正确，B错误；C、处于静电平衡状态的导体是等势体，表面为等势面，即A、B两点的电势相等，故选项C正确；D、当电键S闭合时，电子从大地沿导线移向导体中和枕形导体右端的正电荷，相当于右端正电荷流向远端，故D正确。【点睛】处于静电感应现象的导体，内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且导体是等势体。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）左（2）2.942.97V 0.700.74

16、（3）伏特表内阻分流；偏小【解析】试题分析：（1）闭合开关前应让电路中的电流最小，使滑动变阻器的接入电路的电阻最大，所以闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于左端；（2）UI图像的图线延长线与U轴的交点即为电动势E，E=2.942.97V；图线斜率的值即为电源的内阻r，即（3）在其他操作规范的情况下，该实验误差产生的主要原因是电压表的分流作用，由于电压表的分流作用测得电源的电动势偏小考点：测定电源的电动势和内阻点评：中等难度本实验的误差主要来自电压表的分流在画图线时，要使较多的点落在这条直线上或使各点均匀分布在直线的两侧个别偏离直线太远的点舍去不予考虑这样，就可使偶然误差得到部分的抵消，从而提高测

17、量精度此题图线与横轴交点不表示短路电流，计算内阻要在直线上任取两个相距较远的点，用计算出电源的内电阻12、（1）0.379；（1）保持R1不变，调节电阻箱R1的阻值；（3）【解析】试题分析：（1）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数（1）根据等效替代法的原理完善实验步骤（3）根据电阻定律求出电阻率的表达式解：（1）由图甲所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为0mm，可动刻度示数为37.90.01mm=0.379mm，电阻丝直径D=0mm+0.379mm=0.379mm（1）按图乙连接电路，将滑动变阻器R1的滑片P置于B端；将S1拨向接点1，闭合S1，调节R1，使电流表示数为I0；

18、将电阻箱R1的阻值调至最大，S1拨向接点1，保持R1不变，调节电阻箱R1的阻值，使电流表示数仍为I0，记录此时电阻箱的示数为R1（3）由电阻定律得：R1=，则电阻率为：=故答案为（1）0.379；（1）保持R1不变，调节电阻箱R1的阻值；（3）【点评】本题考查了螺旋测微器读数、实验步骤、求电阻率；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，螺旋测微器需要估读一位四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)Q3105 C (2)QR26105C【解析】（1）保持开关S1、S2闭合,电容器的电压等于电阻R1的电压电路的电流R1两端的电压则电容器所带的电荷量（2）保持开关S1闭合，将开关S2断开后，电路稳定时电容器上的电压等于电源电动势，此时电容器所带的电荷量而流过R2的电荷量等于电容器C上电荷量的增加量【点睛】本题考查了含容电路问题，知道电容器两端的电压等于与它并联的支路电压，与电容器串联的电阻相当于导线14、（1）通过电阻R的电流是1.5A；（2）电阻R消耗的电功率P是11.25W【解析】试题分析：（1）已知电源的电动势E=9.0V，内电阻r=1.0，外电路的电阻R=5.0，根据闭合电路欧姆定律求解电路中电流I（