河南省扶沟县高级中学2023学年物理高二第一学期期中学业水平测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于电现象的下列说法，正确的是（ ）A摩擦可以起电，所以电荷可以创生B正、负电荷可以中和，所以电荷可以消灭C电

2、荷既不能创生，也不能消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分，在转移的过程中，电荷的总量不变D以上说法都不对2、下列关于能量的说法中不正确的是（）A空中下落的石块速度越来越大，是因为石块的重力势能转化为动能B酒精燃烧时，酒精的化学能转化为内能C通过做功和热传递可以改变物体的内能D人们对太阳能开发和利用，说明能量可以凭空产生3、如图所示，一圆筒绕其中心轴匀速转动，圆筒内壁上紧靠着一个物体与圆筒一起运动，相对筒无滑动，物体所受向心力是（）A物体的重力B筒壁对物体的静摩擦力C筒壁对物体的支持力D物体所受重力与弹力的合力4、如图所示，实线表示某电场的电场线（方向未标出），

3、虚线是一带负电的粒子只在电场力作用下的运动轨迹，设M点和N点的电势分别为，粒子在M和N时加速度大小分别为，速度大小分别为，电势能分别为下列判断正确的是ABCD5、下面所列举的物理学家及他们的贡献，其中正确的是（ ）A元电荷最早由库仑通过油滴实验测出B牛顿通过扭秤实验测定出了静电引力常数KC法拉第首先提出了电场的概念且采用了电场线描述电场D安培总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律6、水平地面上有一个质量为的物体，物体与地面间的动摩擦因数为0.2，设物体最大静摩擦力等于滑动摩擦力。当用的水平力推此物体时，物体受到的摩擦力大小为（ ）ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20

4、分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，带负电的粒子以速度v从粒子源P处射出，若图中匀强磁场范围足够大(方向垂直纸面)，则带电粒子的可能轨迹是AaBbCcDd8、如图所示，平行金属导轨间距为L，与水平面间的倾角为（导轨电阻不计）两导轨与阻值为R的定值电阻相连，磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过导轨平面，有一质量为m，长为L的导体棒在ab位置获得平行于斜面的大小为v的初速度向上运动，最远处到达cd的位置，滑行距离为s，导体棒的电阻也为R，导体棒与导轨间的动摩擦因数为，则（ ）A上滑过程中导体棒受到的最大安培力为B

5、导体棒上滑过程中克服安培力、滑动摩擦力和重力做的总功为C上滑过程中电流做功产生的热量为-mgssinD上滑过程中导体棒损失的机械能为mgssin9、导体导电是导体中的自由电荷定向移动的结果，这些可以移动的电荷又叫载流子，例如金属导体中的载流子就是自由电子现代广泛应用的半导体材料可以分成两大类，一类为N型半导体，它的载流子是电子；另一类为P型半导体，它的载流子是“空穴”，相当于带正电的粒子如果把某种材料制成的长方体放在匀强磁场中，磁场方向如图所示，且与前后侧面垂直长方体中通入水平向右的电流，测得长方体的上、下表面M、N的电势分别为M、N，则该种材料A如果是P型半导体，有MNB如果是N型半导体，有

6、MNC如果是P型半导体，有MN10、在方向如图所示的匀强电场(场强为E)和匀强磁场(磁感应强度为B)共存的场区中，一电子沿垂直电场线和磁感线的方向以速度v0射入场区，设电子射出场区时的速度为v，不计重力的影响，则()A若，电子沿轨迹运动，射出场区时，速度B若，电子沿轨迹运动，射出场区时，速度C若，电子沿轨迹运动，射出场区时，速度D若，电子沿轨迹运动，射出场区时，速度三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）（1）图甲所示的电流表使用0.6A量程时，对应刻度盘上每一小格代表_A，图中表针示数是_A；当使用3A量程时，对应刻度盘上每一小格代

7、表_A，图中表针示数为_A（2）图乙所示的电表使用较小量程时，每小格表示_V，图中指针的示数为_V若使用的是较大量程，则这时表盘刻度每小格表示_ V，图中表针指示的是_V12（12分）某同学使用多用电表粗略测量一定值电阻的阻值：（1）表内电池的_极与红表笔相连； （2）先把选择开关旋到“l00”档位，测量时指针偏角太小.请你简述接下来的测量过程:断开待测电阻，将选择开关旋到_（填“lk”或者“lO” ）档位；将两表笔短接，_；再接入待测电阻，重新读数；测量结束后，将选择开关旋到OFF档.（3）表盘的示数如下图，则电阻值是_.（保留三位有效数字）（4）在使用多用电表的欧姆档测量电阻时，若（_）A

8、双手捏住两表笔金属杆，测量值将偏大 B测量某电阻阻值时偏角越大越准确C选择“10”倍率测量时发现指针位于20与30正中间，则测量值小于25D从电池使用时间太长导致电动势减小内阻变大，虽然完成调零，但测量值将略大四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）为了研究过山车的原理，某同学利用国庆假期体验了温州乐园的过山车（如图甲）。过山车轨道可以理想化为如图乙所示：一个与水平方向夹角为、长为 L=12.0m 的倾斜轨道AB,通过水平轨道BC、半径R=2m的竖直圆形轨道与水平轨道EF相连,C为竖直轨道的最低点,D为最高点,

9、E为出口,整个轨道摩擦力不计。其中轨道间都通过一小段长度可忽略的光滑圆弧相连。现使一质量m=1kg的物块（可看作质点）从倾斜轨道A点静止释放沿圆轨道运动。（g取10m/s2）求：（1）物块滑到C点的速度大小（2）物块通过D点时对轨道的压力（3）设物块静止释放点离底部B点在斜面上的距离为x，为了使物块不脱离圆轨道运动，求x应该满足的条件。14（16分）某直流电动机提升重物的装置如图，重物质量为M=50kg，电源电压恒为U=220V，不计各处摩擦，当电动机以v=2m/s的速率匀速提升重物时，电路中的电流强度为I=5A。求：(1)电动机消耗总功率(2)电动机输出的机械功率P机.15（12分）有一个带

10、电荷量 q = -3106C 的点电荷，从某电场中的 A 点移到 B 点，电荷克服静电场力做 6104J 的功，从 B 点移到 C 点，电场力对电荷做 9104J 的功若以 B 点电势为零，求：（1）点电荷 q 在 A 点的电势能为多少？ （2）C 点的电势为多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】电荷守恒定律内容为：电荷既不能被创造，也不能被消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移的过程中，电荷的总量保持不变。故C正确，ABD错误。2、D【解析】A空中下落的石块速

11、度越来越大，是因为石块的重力势能转化为动能，选项A正确，不符合题意；B酒精燃烧时，酒精的化学能转化为内能，选项B正确，不符合题意；C通过做功和热传递可以改变物体的内能，选项C正确，不符合题意；D太阳能是太阳内部发生轻核聚变而向外辐射的能量，太阳能并不是凭空产生的，所以选项D错误，符合题意。故选D。3、C【解析】对物体受力分析，竖直方向受重力和摩擦力平衡，水平方向受筒壁的弹力提供向心力，故C正确，ABD错误。故选C。4、D【解析】试题分析：将粒子的运动分情况讨论：从M运动到N；从N运动到M，根据电场的性质依次判断；电场线越密，电场强度越大，同一个粒子受到的电场力越大，根据牛顿第二定律可知其加速度

12、越大，故有；若粒子从M运动到N点，则根据带电粒子所受电场力指向轨迹弯曲的内侧，可知在某点的电场力方向和速度方向如图所示，故电场力做负功，电势能增大，动能减小，即，负电荷在低电势处电势能大，故；若粒子从N运动到M，则根据带电粒子所受电场力指向轨迹弯曲的内侧，可知在某点的电场力方向和速度方向如图所示，故电场力做正功，电势能减小，动能增大，即，负电荷在低电势处电势能大，故；综上所述，D正确；【点睛】考查了带电粒子在非匀强电场中的运动；本题的突破口是根据粒子做曲线运动时受到的合力指向轨迹的内侧，从而判断出电场力方向与速度方向的夹角关系，进而判断出电场力做功情况5、C【解析】元电荷最早由密里根通过油滴实

13、验测出，A错误；库仑通过扭秤实验测定出了静电引力常数K，B错误；法拉第首先提出了电场的概念且采用了电场线描述电场，C正确；库仑总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律，D错误；选C.6、A【解析】物体受到的最大静摩擦力：Ffmax=FN=0.2200N=40N。当F=20NFfmax时为静摩擦力Ff=F=20N。故选A.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】根据左手定则可得，当磁场方向垂直向里时，带电粒子受到水平向左的洛伦兹力，所以轨迹为d，当磁场方向

14、垂直向外时带电粒子受到水平向右的洛伦兹力，所以轨迹为b，故选BD，思路分析：根据左手定则分析，当磁场方向垂直向里时，带电粒子受到水平向左的洛伦兹力，当磁场方向垂直向外时带电粒子受到水平向右的洛伦兹力，试题点评：本题考查了左手定则的应用，注意粒子是带负电，8、BD【解析】导体棒开始运动时速度最大，产生的感应电动势和感应电流最大，所受的安培力最大，由E=BLv、I=、FA=BIL得：最大安培力为 Fmax=故A错误导体棒上滑的过程中，根据动能定理得知，克服安培力、滑动摩擦力和重力做的总功为mv1故B正确根据能量守恒可知，上滑过程中导体棒的动能减小，转化为焦耳热、摩擦生热和重力势能，则有电流做功发出

15、的热量为 Q=mv1-mgs（sin+cos），故C错误上滑的过程中导体棒的动能减小mv1，重力势能增加mgssin，所以导体棒损失的机械能为mv1-mgssin故D正确故选BD【点睛】本题从两个角度研究电磁感应现象，一是力的角度，关键是推导安培力的表达式；二是能量的角度，关键分析涉及几种形式的能，分析能量是如何转化的9、CD【解析】AC如果是P型半导体，由左手定则知带正电的粒子向N板偏转，所以N板的电势高，即，故C正确，A错误；BD如果是N型半导体或金属导体，由左手定则知电子向N板偏转，所以N板的电势低，即，B错误，D正确；故选CD。10、AD【解析】电子进入电磁场中，受到洛伦兹力与电场力两

16、个力作用，由左手定则判断可知，洛伦兹力方向向下，而电场力方向向上若，则，电子向下偏转，沿轨迹运动，洛伦兹力不做功，而电场力对电子负功，动能减小，速度减小，故速度，A正确，B错误；若，则，电子向上偏转，沿轨迹运动，洛伦兹力不做功，而电场力对电子正功，动能增加，速度增大，故速度，C错误，D正确；选AD.【点睛】电子进入电磁场中，受到洛伦兹力与电场力两个力作用，由已知条件，分析两个力的大小，由左手定则判断出洛伦兹力方向，确定出电场力方向，即可确定电子的偏转方向，根据电场力做功的正负，分析速度的变化三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.02

17、0.44 0.1 2.20 0.1 1.44 0.5 7.0 【解析】（1）电流表使用0.6 A量程时，刻度盘上的每一小格为0.02 A，指针的示数为0.44 A；当换用3 A量程时，每一小格为0.1 A，指针示数为2.20 A（2）电压表使用3 V量程时，每小格表示0.1 V，指针示数为1.44 V；使用15 V量程时，每小格为0.5 V，指针示数为7.0 V12、负 lk 调节欧姆调零旋钮 2.20104 D 【解析】（1） 为保证电流从红表笔进，黑表笔出，表内电池的负极与红表笔相连；（2）偏角小说明阻值大，要换较大挡，选1k档；换挡后，要重新欧姆调零：将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮使指针

18、指到欧姆档零刻度处（3）读数为：221k=2.20104；（4）A.双手捏住两表笔金属杆，等效于与待测电阻并联一个电阻，测量值将偏小，故A错误；B.测量某电阻阻值时在中值电阻附近较准确，故B错误；C.由于欧姆档刻度左边比较密，右边比较稀疏，选择“10”倍率测量时发现指针位于20与30正中间，则测量值小于250，故C错误；D.电池电动势减小内阻变大时，同样的电流，外接的电阻较小，测量值将略大，故D正确故选：D四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）12m/s（2）22N，方向竖直向上（3） 或【解析】解：(1)从到，根据动能定理可得：解得：(2) (1)从到，根据动能定理可得：解得：在点则有：解得：根据牛顿第三定律可得物块通过点时对轨道的压力，方向竖直向上(3) 滑块不脱离轨道有两种情况，第一是滑块进入圆形轨道后上升的最大高度不超过圆形轨道的半径，由功能原理可得：解得： 第二种是滑块能通过轨道的轨道的最高点，若滑块恰能通过圆形轨道的最高点，则有： 解得： 即滑块不脱离轨道的条件是：或14、（1）1100W （2）1000W【解析】(1)根据电功率的定义：P总=UI=2205=