安徽省定远县二中2023学年高二物理第一学期期中联考试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、静止的弹簧秤两端同时受到大小都为4 N的力F1、F2的作用，则弹簧秤的示数为( )A0 B4 N C8 N D无法确定2、在空间有正方向为水平向右，场强按如图所示变化的电场，位于电场中A点的电子在t=0时静止释放，运动过程中只受电场力作用

2、。在t=1s时，电子离开A点的距离大小为l,那么在t=3s时，电子将处在（ ）AA点右方3l处 BA点左方2l处CA点左方3l处 DA点3、一负电荷在电场中仅受电场力作用，从A点运动到B点，速度随时间变化的图象如图所示，tA、tB分别对应电荷在A、B两点的时刻，则下列说法中正确的是（ ）AA处的场强一定小于B处的场强BA处的电势一定低于B处的电势C电荷在A处的电势能一定小于在B处的电势能D从A到B的过程中，电场力对该电荷做正功4、 我国首颗量子科学实验卫星于2016年8月16日1点40分成功发射。中国计划在2030年建成全球化的量子通信网络。量子卫星成功运行后，我国将在世界上首次实现卫星和地面

3、之间的量子通信，构建天地一体化的量子保密通信与科学实验体系。假设量子卫星轨道在赤道平面，如图所示。已知量子卫星的轨道半径是地球半径的m倍，同步卫星的轨道半径是地球半径的n倍，图中P点是地球赤道上一点，由此可知（ ）A同步卫星与量子卫星的运行周期之比为n3m3B同步卫星与P点的速度之比为1nC量子卫星与同步卫星的速度之比为nmD量子卫星与P点的速度之比为n3m5、如图所示的电路中，当开关S闭合时，电路中的电流表和电压表读数的变化是（）A两表读数均变大B电流表读数增大，电压表读数减小C两表读数均变小D电流表读数减小，电压表读数增大6、一根长为0.1 m、电流为1 A的通电导线，在磁场中某处受到的磁

4、场力大小为0.4 N，则该处的磁感应强度（ ）A等于4 TB大于或等于4 TC小于或等于4 TD可能为零二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，图中的四个电表均为理想电表，当滑动变阻器滑片P向右端移动时，下面说法中正确的是（）A电压表V1的读数减小，电流表A1的读数增大B电压表V1的读数增大，电流表A1的读数减小C电压表V2的读数减小，电流表A2的读数增大D电压表V2的读数增大，电流表A2的读数减小8、如图所示，一带电油滴悬浮在平行板电容器两极板AB之间的P点，

5、处于静止状态现将极板A向下平移一小段距离，但仍在P点上方，其它条件不变下列说法中正确的是（ ）A液滴将向下运动B液滴将向上运动C极板带电荷量将增加D极板带电荷量将减少9、如图所示，磁感应强度大小为B的匀强磁场垂直于光滑金属导轨平面向外，导轨左右两端电路所在区域均无磁场分布。垂直于导轨的导体棒接入电路的长度为L、电阻为R，在外力作用下以速度v0从左向右做匀速直线运动。小灯泡电阻为2R，滑动变阻器总阻值为4R。图示状态滑动触头位于a、b的正中间位置，此时位于平行板电容器中的P处的带电油滴恰好处于静止状态。电路中其余部分电阻均不计，各接触处都接触良好。且导轨足够长，则下列判断正确的是A若将滑动变阻器

6、的滑片向b端移动，则小灯泡将变暗B若将滑动变阻器的滑片向a端移动，则液滴将向上运动C图示状态下，t时间内流过小灯泡的电荷量为D图示状态下，t时间内滑动变阻器消耗的电能为10、如图所示，质量为m的小球从距离地面高H的A点由静止开始释放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用到达距地面深度为h的B点速度减为零不计空气阻力，重力加速度为g.关于小球下落的整个过程，下列说法中正确的是( )A小球克服阻力做的功为mghB小球的机械能减少了mg(Hh)C小球所受阻力的冲量大于D小球动量的改变量等于所受阻力的冲量三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11

7、（6分）在伏安法测电阻的实验中，实验室备有以下器材：A待测电阻R，阻值约为11左右B电压表，量程6V，内阻约为2kC电压表，量程15V，内阻约为11kD电流表，量程16A，内阻约为12E电流表，量程3A，内阻约为112F电源：电动势E=12VG滑动变阻器1，最大阻值为11，最大电流为2AH滑动变阻器2，最大阻值为51，最大电流为12AI导线、电键若干为了较精确测量电阻阻值，除A、F、I之外，还要上述器材中选出该实验所用器材_（填器材前面的代号）在虚线框内画出该实验电路图_用笔画线连接实物图（图中灯泡代替待测电阻）_12（12分）小姚同学做了“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验，请回答

8、以下问题：本实验中需要测量电压，则在如图所示的器材中，应_（填字母）；A选甲图中的器材B选乙图中的器材C都可以选D都不能选小姚在做本实验时，选择的原线圈为100匝，副线圈为200匝；他将原线圈接入学生电源中的交流电压“6V”挡位，用合适的电表测量出副线圈的电压为13.0V，则下列叙述可能符合实际情况的一项是_（填字母）A变压器的铁芯没有闭合B一定是电压的测量出了问题C副线圈实际匝数与标注的“200”不符，应该小于200匝D学生电源实际输出电压大于标注的“6V“四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在匀强电场中

9、如图所示分布着A、B、C三点，当把一个电量q=105C的正电荷从A沿AB线移到B点时，电场力做的功为零；从B移到C时，电场力做功为1.73103J，试判断该电场的方向，算出场强的大小14（16分）如图所示，M为一线圈电阻r10.4的电动机，R24，电源电动势E40V当S断开时，理想电流表的示数I11.6A，当开关S闭合时，理想电流表的示数为I24.0A，求：(1)电源内阻r；(2)开关S闭合时，通过电阻R的电流；(3)开关S闭合时，电动机输入功率和输出功率15（12分）如图所示，边长为L的闭合正方形线圈的电阻为R，匝数为N，以速度v向右匀速穿过宽度为d的有界匀强磁场，磁场方向与线圈平面垂直，磁

10、感应强度为B。（1）当线圈右边框刚进入磁场时，求线圈中的电流大小和方向；（2）当线圈右边框刚进入磁场时，求线圈受到安培力的大小和方向；（3）若Ld，求线圈穿过磁场的过程中外界拉力做的功。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】将其中一个力当成弹簧秤的固定端，则相当于用一个4N的力拉弹簧秤，故示数为4N，B正确【点睛】这两个力的作用点不同，所以不能当成共点力来合成2、C【解析】试题分析：由牛顿第二定律可知qE=ma，加速度的变化与场强的变化一致，所以在前半个周期粒子向着负方向做匀加速直线运动，到1s末速度增大到

11、负向最大，后场强方向反向，粒子向着负方向做匀减速直线运动，由可知在2s末速度减小到零，以后周而复始的重复前一个周期的运动，由此可知在t=3s时，电子将处在A点左方3l处，C对，故选C考点：考查交变电场的问题点评：本题难度中等，应由F=qE判断力的变化图像，再由牛顿第二定律判断a-t图像，再判断速度时间图像，由此得出粒子的实际运动情况3、C【解析】A、vt图象的斜率等于加速度，由vt图象看出，质点做加速度减小的减速运动，而质点在电场中仅受电场力作用，则知电场力减小，说明电场强度减小，即有A处的场强一定大于B处的场强故A错误；B、根据电荷的带负电，能判断电场线的方向，也就判断电势的高低从A至N电场

12、力做负功，故可知，电场力方向与运动方向相反，因为是负电荷，故A处的电势一定高于B处的电势故B错误；C、质点的动能减小，由能量守恒定律得知，其电势能一定增加，则有电荷在A处的电势能一定小于在B处的电势能故C正确D、电荷的动能减少，说明电场力做负功，故D错误综上所述本题答案是：C4、D【解析】A.根据GMmr2=m42T2r可得T=42r3GM，由题意知量子卫星的轨道半径r1=mR，同步卫星的轨道半径r2=nR，所以同步卫星与量子卫星的运行周期之比为T2T1=r23r13=nR3mR3=n3m3，故选项A错误；B.P为地球赤道上一点，P点角速度等于同步卫星的角速度，根据v=r所以同步卫星与P点的速

13、度之比为v2vP=r2rP=nRR=n1，故选项B错误；CD.根据GMmr2=mv2r可得v=GMr，所以量子卫星与同步卫星的速度之比为v1v2=r2r1=nRmR=nm，又由于v1=nvp，量子卫星与P点的速度之比为v1vP=n3m，故D正确，C错误。5、B【解析】本题考查闭合电路的欧姆定律的应用【详解】开关闭合前，电路外电阻为，开关闭合后，被短路，电路外电阻为，即总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律，电路中的总电流将要增大，电源内电压也要增大，则路端电压会变小，即电流表示数增大，电压表示数变小，故本题正确答案选B。6、B【解析】当通电导线与磁场垂直时，磁感应强度是最小的，由F=BIL=B1A0

14、.1m=0.4N，解得B=4T，故该处的磁感应强度一定大于或等于4T.A. 等于4 T，与结论不相符，选项A错误；B. 大于或等于4 T，与结论相符，选项B正确；C. 小于或等于4 T，与结论不相符，选项C错误；D. 可能为零，与结论不相符，选项D错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】当滑动变阻器滑动触点P向右端移动时，变阻器接入电路的电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电流表A1读数增大；电压表V1读数 U1=E-I（

15、R1+r），I增大，其他量不变，则U1减小；通过电流表A2的电流，U1减小，则I2减小；流过R2的电流 I2=I-I2，I增大，I2减小，则I2增大，则伏特表V2的读数增大综上，电压表V1的读数减小，电流表A1的读数增大，伏特表V2的读数增大，电流表A2的读数减小故AD正确，BC错误故选AD【点睛】本题是简单的电路动态分析问题，按“部分整体部分”的思路进行分析，对于并联电路，要抓住干路电流等于各支路电流之和分析两个支路电流的关系8、BC【解析】AB只要电容器的两个极板始终与电源连接，电容器两端的电压不变，由E=U/d可知当极板A向下平移一小段距离后，场强增大，向上的电场力增大，液滴向上运动，B

16、对；CD由电容公式可知d减小，电容增大，由Q=CU可知极板带电量增大，C对；D错。故选BC。9、ABD【解析】A滑动变阻器的滑片向b端移动，并联电路电阻变小，总电阻变小，导致电路电流变大，则导体棒内电压变大，外电路两端电压变小，即灯泡两端电压变小，所以灯泡变暗，故A正确。B滑动变阻器的滑片向a端移动，并联电路电阻变大，总电阻变大，导致电路电流变小，则导体棒内电压变小，外电路两端电压变大，电容器两端电压变大，电场力变大，所以液滴将向上运动，故B正确C导体切割磁感线产生的电动势为：灯泡的电阻和滑动变阻器接入电路的电阻相同，所以电路总电阻为：电路的总电流为：则通过灯泡的电流为：则时间内的电荷量为：故

17、C错误.D由C选项可知滑动变阻器的电流为：故时间内滑动变阻器消耗的电能为：故D正确.10、BC【解析】对全过程运用动能定理得，mg（H+h）-Wf=0，则小球克服阻力做功Wf=mg（H+h）故A错误小球在整个过程中，动能变化量为零，重力势能减小mg（H+h），则小球的机械能减小了mg（H+h）故B正确落到地面的速度，对进入泥潭的过程运用动量定理得：IGIF0m，得：IFIG+m知阻力的冲量大于m故C正确对全过程分析，运用动量定理知，动量的变化量等于重力的冲量和阻力冲量的矢量和故D错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BDG 【解析】电

18、源电动势为12V，则电压表用量程为6V的B即可；最大电流，则电流表选择量程为16A的D即可；滑动变阻器用分压电路，故应该选取阻值较小的G即可；电路图如图；因待测电阻的阻值较小，故用安培表外接电路，滑动变阻器用分压电路；电路图如图；实物连线如图；12、A D 【解析】由图可知，甲图中多用电表，而乙图是灵敏电压表，需要测量电压，因此选用甲图，故A正确，BCD错误根据理想变压器的原副线圈的电压与其匝数关系式：，计算可得A若变压器的铁芯没有闭合，则得出副线圈的电压为0，故A错误；B若是电压的测量出了问题，应该是小于12V，不应该大于，故B错误；C副线圈实际匝数与标注的“200”不符，若小于200匝，由

19、公式可知，副线圈的电压小于12.0V，故C错误；D若学生电源实际输出电压大于标注的“6V“，由公式可知，副线圈的电压可能为13.0V，故D正确四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、电场的E的方向与AB垂直斜向下， 1000v/m【解析】将电荷由A移至B时电场力不做功，说明A、B两点在同一等势面上，又由于是匀强电场，等势面为平面，故AB面为一等势面；再将正电荷由B移至C时克服电场力做功可以知道，C点电势高于B点电势，场强方向应如图所示根据W=qU，可得又由匀强电场中场强与电势差的关系E=U/d可得14、 (1)r1(2)1.5A(3)87.5W【解析】（1）电源电动势为：E40V