四川省资阳市高中2023学年物理高二第一学期期中监测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个平行四边形的四个顶点.电场线与平行四边形所在的平面平行.

2、已知a点的电势是2V，b点的电势是5V，c点的电势是9V.由此可知，d点的电势为（ ）A6VB7VC9VD5V2、如图为一压路机的示意图，其大轮半径是小轮半径的1.5倍A、B分别为大轮和小轮边缘上的点在压路机前进时（）AA、B两点的线速度之比为：2：3BA、B两点的线速度之比为：3：2CA、B两点的角速度之比为：3：2DA、B两点的向心加速度之比为：2：33、关于电压和电动势，下列说法正确的是 （ ）A电动势是反映电源把其他形式能转化为电能本领的物理量B电动势就是电源两极间的电压C电压和电动势单位相同，所以电动势和电压物理意义相同D电源电动势定义式和电势差定义式中的W都是电场力做的功4、如图所

3、示为不带电空腔球形导体，现将一个带负电的小金属球A放入腔中，当导体处于静电平衡状态时，图中a、b、c三点的电场强度E和电势的关系是（ ）A，B，C，D，5、如图所示，空间有一水平匀强电场，在竖直平面内有一初速度为v0的带电微粒，沿图中虚线由A运动至B，其能量变化情况是（重力不能忽略）（ ）A动能减少，重力势能增加，电势能增加B动能减少，重力势能增加，电势能减少C动能不变，重力势能增加，电势能减少D动能增加，重力势能增加，电势能减少6、真空中甲、乙两个固定的点电荷，相互作用力为F，若甲的带电量变为原来的2倍，乙的带电量变为原来的8倍，要使它们的作用力仍为F，则它们之间的距离变为原来的（ ）A2倍

4、B4倍C8倍D16倍二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、光滑绝缘的水平面上M、N两点各放一电荷量分别为+q和+2q，完全相同的金属球A和B，给A和B以大小相等的初动能E0（此时动量大小均为p0）使其相向运动刚好能发生碰撞，碰后返回M、N两点时的动能分别为E1和E2，动量大小分别为p1和p2，则AE1=E2=E0 ,p1=p2=p0BE1=E2E0 , p1=p2p0C碰撞发生在M、N中点的左侧D两球不同时返回M、N两点8、在如图所示的电路中，电流表的内阻很小可忽略不计

5、则利用此电路（ ）A若已知 R1、R2 的阻值，且R1R2，可以测定电源电动势和内电阻B若已知R1、R2 的阻值，且R1R2，只能测定电源电动势不能测电源内电阻C若已知 R1、R2的阻值，且 R1=R2，可以测定电源电动势和内电阻D若已知电源电动势 E 及 R1 的阻值，可以测量电阻 R2 的阻值和电源内电阻9、直流电路如图所示，电源内电阻r=2，定值电阻R0=4，滑动变阻器R的最大阻值为10，当S闭合，滑片P从最左端向右端移动的过程中，下列说法正确的是（）A电流表示数减小，伏特表示数增大B电源的输出功率一定先增大后减小C电源的总功率一定减小，效率一定增大D变阻器R的功率一直减小10、A、B两

6、船的质量均为m，都静止在平静的湖面上，现A船上质量为m的人，以对地水平速度v从A船跳到B船，再从B船跳到A船，经n次跳跃后，人停在B船上，不计水的阻力，则AA、B两船速度大小之比为2：3BA、B（包括人）两船动量大小之比为1：1CA、B（包括人）两船动能之比为3：2DA、B（包括人）两船动能之比为1：1三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A被测干电池一节B电流表1：量程00.6A，内阻C电流表2：重相00.6A，内阻约为D电压表1：量程03V，内阻未知E电压表2：量程015

7、V，内阻未知F滑动变阻器，2AG滑动变阻器，1AH开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差；在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻。（1）在上述器材中请选择适当的器材：_（填写选项前的字母）；（2）实验电路图应选择下图中的_（“甲”或“乙”）；（3）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的图象，则在修正了实验系统误差后，干电池的电动势_V，内电阻_。12（12分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线的实验中，可供选择的器材及代号如下：A小灯泡L（3V、1.8W）；B滑动变阻器R（010，额定电流1.5A）；C电压表V1

8、（量程：03V，RV=5k）；D电压表V2（量程：015V，RV=10k）；E电流表A1（量程：00.6A，RA=0.5）；F电流表A2（量程03A，RA=0.1）G铅蓄电池、电键各一个，导线若干实验中要求加在小灯泡两端的电压可连续地从零调到额定电压.为了减少误差，实验中应选电压表_，电流表_；某同学实验后作出的I-U图象如图所示，请分析该图象形成的原因是_请在图中虚线框内按要求完成实验电路图_（用笔线代替导线）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）光滑水平面上质量为1kg的小球A，以2.0m/s的速度与同向

9、运动的速度为1.0m/s、质量为2kg的大小相同的小球B发生正碰,碰撞后小球B以1.5m/s的速度运动求:(1)碰后A球的速度大小;(2)碰撞过程中A、B系统损失的机械能14（16分）在真空中的O点放一个Q=110-9C的点电荷，直线MN过O点，OM=30cm，M点放有一个q=-110-10C的点电荷，如图所示，求：（1）点电荷q在M点所受的静电力的大小和方向（2）拿走点电荷q后M点的场强和方向 （3）比较拿走点电荷q后M、N两点的场强大小15（12分）有一个带电荷量 q = -3106C 的点电荷，从某电场中的 A 点移到 B 点，电荷克服静电场力做 6104J 的功，从 B 点移到 C 点

10、，电场力对电荷做 9104J 的功若以 B 点电势为零，求：（1）点电荷 q 在 A 点的电势能为多少？ （2）C 点的电势为多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】在匀强电场中，每前进相同的距离，电势的降落相等，故：，代入数据有：，解得：，故A正确，B、C、D错误；故选A【点睛】关键是记住“匀强电场中每前进相同的距离电势的降落相等”的结论，并能灵活运用2、D【解析】AB、压路机前进时，其轮子边缘上的点参与两个分运动，即绕轴心的转动和随着车的运动；与地面接触点速度为零，故、两点圆周运动的线速度大小都等于

11、汽车前进的速度大小，故、两点的线速度之比，故选项A、B错误；CD、两点的线速度之比，根据公式可知，线速度相等时角速度与半径成反比，故、两点的角速度之比，由可知，、两点的向心加速度之比，故选项D正确，C错误3、A【解析】A、电动势是表征电源把其他形式的能转化为电势能本领的物理量,故A正确.B、当外电路断开时，电动势大小等于电源两极间的电压，故B错误.C、电压和电动势单位相同，但电动势和电压物理意义不相同，电动势反映电源的特性，与外电路的结构无关，故C错误D、电源电动势定义式中的W是指非静电力做的功，电势差定义式中的W是指电场力做的功，故D错误.故选A.4、A【解析】当导体处于静电平衡状态时，空腔

12、球形导体内表面感应出正电荷，外表面感应出负电荷.根据电场线的分布可知，由于a处电场线较密，c处电场线较疏，b处场强为零.则EaEcEb.顺着电场线方向，电势逐渐降低.整个空腔球形导体是一个等势体，表面是一个等势面，分析可知电势关系是.A，与结论相符，选项A正确；B，与结论不相符，选项B错误；C，与结论不相符，选项C错误；D，与结论不相符，选项D错误；5、A【解析】带电微粒做直线运动，其合力方向与速度方向必在同一条直线上，得出电场力的方向,从而得出合力的方向，根据合力做功得出动能的变化，根据重力做功得出重力势能的变化，根据电场力做功得出电势能的变化【详解】因为带电微粒做直线运动，合力的方向与速度

13、的方向在同一条直线上重力竖直向下，则电场力水平方向左，合力做负功，由动能定理可知动能减小，重力做负功，则重力势能增加，电场力做负功，则电势能增加，受力如下图，故B、C、D错误，A正确故选A6、B【解析】试题分析：由库仑定律可得：；当甲的带电量变为原来的2倍，即2Q；乙的带电量变为原来的8倍，即8q由于作用力相等，所以变化后距离变为原来的4倍故选B考点：考查库仑定律的直接应用，点评：由库仑力公式可得出两次作用力的表达式，则可求得相等的相互作用力对应的距离二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，

14、有选错的得0分。7、BD【解析】试题分析：由动量观点看，系统动量守恒，两球的速度始终等值反向，也可得出结论：两球必将同时返回各自的出发点，且两球末动量大小和末动能一定相等从能量观点看，两球接触后的电荷量都变为15q，在相同距离上的库仑斥力增大，返回过程中电场力做的正功大于接近过程中克服电场力做的功，系统机械能必然增大，即末动能增大，故A错误B正确；由牛顿定律的观点看，两球的加速度大小始终相同，相同时间内的位移大小一定相同，必然在连线中点相遇，又同时返回出发点故C错误D正确考点：考查了动量守恒定律，库仑定律【名师点睛】当两个完全相同的金属小球相接触时，若是同种电荷则是平均分配；若是异种电荷则是先

15、中和再平均分配由动量观点看，系统动量守恒，返回过程中电场力大于接近过程中电场力，根据动能关系求解由牛顿定律的观点看，两球的加速度大小始终相同，运用运动学知识求解8、AD【解析】开关接1时，由闭合电路欧姆定律可得： 开关接2时，由闭合电路欧姆定律可得： AB若已知的阻值，且，因电流值可以测出，故可以测定电源电动势和内电阻，故A正确，B错误；C若，则两方程相同，故无法测定电源的电动势和内电阻，故C错误；D若已知电源电动势E及的阻值，根据方程可以测量电阻的阻值和电源内电阻，故D正确9、AC【解析】A：滑片P从最左端向右端移动的过程，R增大，电路总电阻增大，电路中总电流减小，电流表示数减小，据，增大，

16、伏特表示数增大故A正确B：电源的输出功率 ，因为，随着R增大，电源的输出功率减小故B错误C：电源的总功率，随着R增大，电源的总功率减小；电源的效率 ，随着R增大，电源的效率增加故C正确D：变阻器R的功率：，当时，变阻器的功率最大，则滑片P从最左端向右端移动的过程中，变阻器R的功率先增加后减小故D错误点睛：当内外电路电阻相等时，电源的输出功率最大10、BC【解析】以人与两船组成的系统为研究对象，人在跳跃过程中总动量守恒，所以A、B两船（包括人）的动量大小之比总是1：1，故B正确；最终人在B船上，以系统为研究对象，在整个过程中，以A的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：，解得：，故A错误；A的动能

17、为：，B的动能为：，则，故C正确，D错误。所以BC正确，AD错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ABDFH 甲 1.50 0.7 【解析】(1)1在上述器材中请选择适当的器材：A干电池是唯一电源，必选；B考虑到干电池电流不宜过大，同时为了精确，电流表应该选量程00.6A的电流表；D根据干电池电压，应该选择量程为03V电压表；F滑动变阻器阻值较小有利于电表的数值变化，减小误差，故应选规格为，2A的变阻器；H开关、导线若干必选。故选ABDFH。(2)2因电流表内阻已知，故应采用相对电源的电流表内接法，故选甲；(3)3由图可知，电源的电

18、动势4内电阻12、 C； E； 温度升高，灯泡电阻增大； ； 【解析】试题分析：电压表、电压表最佳测量范围为大于等于满偏的23；根据额定值可以确定电表的选择；I-U图象的斜率等于电阻R的倒数，故I-U图象的斜率逐渐减小，即电阻R逐渐增大；被测电阻是小电阻，电流表应该采用外接法；要小灯泡两端的电压从0开始连续可调，滑动变阻器要采用分压接法（1）由于小灯泡的额定电压为3伏，而电压表最佳测量范围为大于等于满偏的23，故不能选0-15V的量程，而只能选0-3V的量程，故电压表应选C由于小灯泡的额定电流I=PU=1.83A=0.6A，而电流表最佳测量范围为大于等于满偏的23，故不能选0-3A的量程而只能

19、选0.6A的量程，故电流表应选E （2）由于UI=R，故I-U图象的斜率等于电阻R的倒数，从图象可知I-U图象的斜率逐渐减小，即电阻R逐渐增大，故金属材料的电阻随着温度的升高而升高，而R=LS，故随温度升高，金属材料的电阻率升高，灯泡电阻增大 （3）由于要描绘小灯泡的伏安特性曲线，故要小灯泡两端的电压从0开始连续可调，故滑动变阻器要采用分压接法；由于的电阻R=UI=30.6=5，而中值电阻R中=RARV=0.5500=50，故被测电阻是小电阻，故电流表应该采用外接法如图所示四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、，【解析】试题分析：