陕西省榆林市横山县第四中学2023学年物理高二上期中教学质量检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、做曲线运动的物体，在运动的过程中一定变化的物理量是（ ）A速率B速度C加速度D加速度的大小2、如图所示电路，电源电动势e = 6V，内阻不计。R1 = 4，R2 =2，R3 =7，电容器的电容C=1mF，那么电容器上所带电量为( )

2、A210-6CB610-6CC0D410-6C3、如图所示为点电荷a、b所形成的电场线分布，以下说法正确的是()Aa、b为异种电荷，a应为正电荷b为负电荷Ba、b为同种电荷CA点场强大于B点场强DA点的电场强度等于B点电场强度4、如图所示,为一在水平面内做匀速圆周运动的圆锥摆,关于摆球的受力情况,下列说法中正确的是（ ）A摆球受重力、拉力和向心力的作用B摆球受拉力和向心力的作用C摆球受拉力和重力的作用D摆球受重力和向心力的作用5、在一段导体两端加上电压，已知在10s内通过此导体横截面的电荷量是4C，则通过这段导体的电流是 （ ）A40AB2.5AC0.4AD14A6、如图1所示，两根横截面积不

3、同的不同材料制成的导线I和II，串联后接入电路若导线上任意一点的电势随该点与a点距离x的变化关系如图2所示导线I和II的电阻率分别为1、2，电阻分别为R1、R2，则（）A12，R1R2B12，R1R2C12，R1R2D12，R1R2二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示电路，电源内阻不可忽略开关S闭合后，在变阻器Ro的滑动端向下滑动的过程中( )A电压表与电流表的示数都减小B电压表的示数减小，电流表的示数增大C电阻R1消耗的电功率增大D电源内阻消耗的功率减小8、

4、如图所示，将平行板电容器与电池组相连，下板接地，两极板间的A处固定了一个带负电的电荷q.若将电容器的上板稍上移一些，其他条件不变，则()A电容器的带电荷量减少B电容器两极板间的场强减小C板间A处的电势升高D电荷q的电势能变大9、如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，电路正常工作，过了一会儿，电流表A的示数变为零若电路中故障发生在灯L、电阻R上，用一根导线来判断电路故障，则下列判断正确的是()A将导线并联在R两端，电流表无示数，一定是L断路B将导线并联在L两端，电流表无示数，一定是R断路C将导线并联在R两端，电流表有示数，一定是R断路D将导线并联在L两端，电流表有示数，一定是L断路10

5、、频率为v的光子，德布罗意波长为=h/p，能量为E，则光的速度为AE/h BpE CE/p Dh2/Ep三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学在测定匀变速直线运动的加速度时，得到了几条较为理想的纸带，他已在每条纸带上按每1个点取好一个计数点，即两计数点之间的时间间隔为0.1s，依次打点先后为0，1，2，3，4，1由于不小心，几条纸带都被撕断了，如下图所示，请根据给出的A、B、C、D四段纸带回答：（1）从BCD三段纸带中选出从纸带A上撕下的那段应该是_（2）打A纸带时，物体的加速度大小是 _m/s212（12分）从以下器材中选取

6、适当的器材，设计一个测量阻值约为15K的电阻Rx的电路，要求方法简捷，Rx两端的电压从零开始变化，要尽可能提高测量的精度电流表A1：量程300A，内阻r1为300，电流表A2：量程100A，内阻r2=500，电压表V1：量程10V，内阻r3约为15K，电压表V2：量程3V，内阻r410K；电阻R0：阻值约为25，作保护电阻用，额定电流为1A，滑动变阻器R1，阻值约为50，额定电流为1A，滑动变阻器R2，阻值约为1000，额定电流为1A，电池组E：电动势4.5V，内阻很小但不可忽略，开关及导线若干（1）应选用的电流表、电压表、滑动变阻器分别是： 、 、 （填仪表代号）（2）在方框中画出实验电路图

7、（3）用所测数据对应的物理量计算Rx，计算表达式为Rx= 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，长度L=25cm、电阻R1=3的金属滑杆ab的中点连着一劲度系数k=50N/m的轻质弹簧（弹簧另一端固定，与滑杆垂直且在同一水平面内），垂直地放置在两根电阻不计、互相平行、宽度为25cm的光滑导轨上，有一匀强磁场垂直导轨平面，磁场方向如图所示，电源的电动势E=12V，内阻r=l，定值电阻R2=2，合上开关S，稳定后弹簧伸长x=4cm，求：（1）稳定后滑杆ab所受安培力的大小F；（2）匀强磁场的磁感应强度的

8、大小B。14（16分）带有等量异号电荷、相距10cm的平行板A和B之间有一个匀强电场（如图），电场强度E=2104V/m，方向向下。电场中C点距B板3cm，D点距A板2cm，E点距B板2cm。 (1)C、D两点哪点电势高？两点的电势差UCD等于多少？ (2)如果令B板接地（即电势B=0），则C的电势c是多少？如果令A板接地，则C的电势又是多少？(3)一个电子从c点先移到E点，再移动到D点，静电力做多少功？15（12分）按题目要求作答，写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不得分)如图所示，真空中有两个可视为点电荷的小球，其中A带正电电量为Q1，固定在绝缘的支架上，B质量为m，

9、带电量为Q2，用长为L的绝缘细线悬挂，两者均处于静止，静止时悬线与竖直方向成角，且两者处在同一水平线上相距为R，静电力常量为K，重力加速度为g求：(1)B带正电荷还是负电荷? (2)B球受到的库仑力多大? （用库伦定律求解）(3)B球静止时细线的拉力多大?参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，而速率可以不变，如匀速圆周运动；加速度可以是不变的，例如平抛运动所以曲线运动一定是变速运动，速度一定是改变的而受到的合力可以不变，如平抛运动故ACD错误，B正确故选B2、A【

10、解析】电容器所在支路为断路，故电路结构可简化为R1、R2串联，电容器两端电压等于R2两端电压，根据闭合回路欧姆定律可得UR2=R2R2+R1=22+46=2V，故电容器上所带电荷量为Q=CUR2=21mF=210-6C，A正确3、A【解析】根据电场线的特点：电场线从正电荷出发到负电荷终止，可以判断ab是异种点荷，a应为正电荷b为负电荷，故A正确，B错误。电场线密的地方电场强度大，电场线疏的地方电场的强度小，A处电场线较疏。所以A点场强小于B点场强，故CD错误。故选A.【点睛】常见的电场线分布情况要熟悉，这是考试的热点并要掌握电场线的两个物理意义：疏密表示场强的大小，沿着电场线的方向电势降低4、

11、C【解析】向心力是效果力，在受力分析时不能说球受到向心力，摆球A受拉力和重力的作用，拉力和重力的合力提供向心力，故C正确；ABD错误；故选C5、C【解析】在10s内通过此导体横截面的电荷量是4C，则通过这段导体的电流为：A40A，与结论不相符，选项A错误；B2.5A，与结论不相符，选项B错误；C0.4A，与结论相符，选项C正确；D14A，与结论不相符，选项D错误；6、A【解析】在I处分的电压为U1=，在II处分的电压为U2=2两导线流过的电流相等，由可知，R1R2由可知，因为S1S2，L1L2，故12，故A正确。点晴：本题主要考查了欧姆定律和电阻定律公式的直接应用，关键是通过图象判断出必要的物

12、理量，通过图2判断出两段导线分的电压，由欧姆定律求的电阻大小，由电阻定律求的电阻率。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】试题分析：当变阻器Ro的滑动端向下滑动时，R0的阻值变小，故它与R2并联的总电阻变小，再与R1串联的总电阻也会变小，即外电器的电阻变小，所以路端电压的示数变小，即电压表的示数变小，由于电路的总电阻减小，所以电路中的电流会变大，所以R1两端的电压也随之变大，故R0与R2并联的两端电压一定变小，则电流表的示数会变小，选项A正确，B错误；由于电

13、路中的电流增大，故电阻R1消耗的电功率增大，选项C正确；电源内阻消耗的电功率也增大，选项D错误考点：电路的动态分析【名师点晴】通过电路中外电阻的变化，由欧姆定律，串联电路的电压分配规律判断出其他物理量的变化，从而确定电路中电压表与电流表示数的变化，再确定电阻的电功率的变化；动态电路关键要抓住外电阻的变化，从而确定电路中电流的变化，进而确定其他物理量的变化8、ABD【解析】平行板电容器与电池组相连，两端的电势差不变，当A极板上移后，d增大，根据C=S4kd，电容C减小，则由Q=CU可知，电荷量减小；故A正确；B、因电势差不变，根据E=Ud可知，两极板间的场强减小，故B正确；C、因电场强度E减小，

14、而P点到下极板间距也不变，得出A点的电势减小，故C错误；D、因A点电势减小，电荷带负电，则根据EA=qA知点电荷的电势能变大，故D正确；故选：ABD。【点睛】电容器始终与电源连接，两端的电势差不变，A极板向上移动一小段距离稳定后，电容发生变化，根据Q=CU判断带电量的变化，根据E=Ud，判断电场强度的变化，可以根据U=Ed判断P点与正极板间电势差的变化，从而得出P点电势，及电势能的变化解决本题的关键知道电容器与电源始终相连，两端间的电势差不变.电容器与电源断开，电容器的电量保持不变9、CD【解析】A.电流表A的示数变为零，说明电路故障为断路。将导线与用电器并联进行检测时，若电流表有示数，说明与

15、导线并联的用电器断路；若电流表无示数，说明另一个用电器断路或两个用电器都断路。若将导线并联在R两端，电流表无示数，则可能是L断路，也可能是R、L都断路，故选项A错误；B.若将导线并联在L两端，电流表无示数，则可能是R断路，也可能是R、L都断路，故选项B错误；C.若将导线并联在R两端，电流表有示数，则一定是R断路，选项C正确；D.若将导线并联在L两端，电流表有示数，则一定是L断路，选项D正确.10、AC【解析】根据=vf，E=h可得=vv=hp=Ep，又因为=hpp=h，代入v=Ep可得v=Ep=Eh，AC正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程

16、。11、C 0.6 【解析】(1)根据匀变速直线运动的特点(相邻的时间间隔位移之差相等)得出：所以属于纸带A的是C图(2)根据运动学公式得：12、（1）A1 V2R1（2）如图所示（3）【解析】试题分析：由题意可知，电源电压为3V，而待测电阻约为15k，则可知电路中电流的最大值，本着安全准确的原则可以选电压表及电流表；根据电阻阻值与电流表、电压表内阻的大小关系可以选出合理的接法，则可画出电路图；由接法可知RX两端的电压及电流，由欧姆定律可求得电阻值解：（1）因电源电压为3V，故电压表只能选取V2，而由欧姆定律可知，电路中的电流约为I=200A，故电流表应选A1；为了能多测量数据滑动变阻器应采用

17、分压接法；选择小电阻R1；（2）滑动变阻器最大阻值为50，待测电阻阻值为15k，待测电阻阻值远大于滑动变阻器最大阻值，滑动变阻器应采用分压接法，电流表采用内接法，如图所示：（3）由题意可知，电压值为U2，而电流为A2中电流减去电压分流电流，则由欧姆定律可知：RX=r1，U2表示电压表V2的示数，I1表示电流A1的示数r表示电流表的内阻；故答案为（1）A1，V2；R1（2）如上图；（3）r1点评：电学实验的考查重点在于考查：仪表的选择，接法的选择及数据分析和误差分析，知道在什么情况下选用外接法误差较小，什么情况下选用内接法误差较小四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2N；（2）4T【解析】（1）稳定时弹簧弹力大小为： 由平衡条件有：F=F弹解得：F=2N（2）由闭合电路欧姆定律有： 又：F=BIL得14、（1）1000V（2）600V，-1400V（3）1.610-16J【解析】（1）沿电场线电势在降低，所以D点电势比C点电势高，由电势差与电场的关系得：