新疆乌鲁木齐2023学年物理高二上期中达标检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在物理学发展过程中，许多科学家做出了贡献。下列说法不正确的是()A库仑在前人工作的基础上总结出库仑定律B美国物理学家密立根利用油滴实验比较准确地测定了电子的电荷量C最初是焦耳用实

2、验直接测得的用于计算电热的关系式D奥斯特发现了电磁感应现象，并提出了力线的概念，他认为正是通过场（力线）把电作用与磁作用传递到别的电荷或磁体2、关于场强E，下面说法正确的是 （ ）A电场中某点的场强方向与放入该点的电荷所受电场力的方向相同B电场中某点的场强大小与放入该点的电荷的电量成正比C两个等量异种点电荷产生的电场中，在两点电荷连线中点处场强最大D两个等量同种点电荷产生的电场中，两点电荷连线中点处的的场强为零3、如图所示，木板质量为M，长度为L，小木块的质量为m，水平地面光滑，一根不计质量的轻绳通过定滑轮分别与M和m连接，小木块与木板间的动摩擦因数为开始时木块静止在木板左端，现用水平向右的力

3、将m拉至右端，拉力至少做功为（）A(M+m)gLB2mgLCDmgL4、下列关于点电荷的说法，正确的是()A点电荷一定是电荷量很小的电荷B点电荷是一种理想化模型，实际不存在C只有体积很小的带电体，才能作为点电荷D体积很大的带电体一定不能看成点电荷5、小孩沿滑梯匀速下滑过程中( )A动能减小B动能增大C重力势能减小D机械能守恒6、关于匀速圆周运动的向心加速度，下列说法正确的是（ ）A大小不变，方向变化B大小变化，方向不变C大小、方向都变化D大小、方向都不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分

4、，有选错的得0分。7、如图虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即UabUbc，实线为一带负电的点电荷仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（ ）AP点的电势高于Q点的电势B该点电荷在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大C该点电荷通过P点时的动能比通过Q点时大D该点电荷通过P点时的加速度比通过Q点时大8、如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，平行板电容器C的两金属板水平放置，G为灵敏电流计，A为理想电流表开关S闭合后，电容C的两板间恰好有一质量为m、电荷量为q的油滴处于静止状态，则以下说法正确的是A在滑动变阻器触头向上移动

5、的过程中，A表的示数变大，油滴仍然静止，G中有方向由a至b的电流B在在滑动变阻器触头向上移动的过程中，A表的示数变小，油滴向上加速运动，G中有方向由b至a的电流C在滑动变阻器触头向下移动的过程中，A表的示数变大，油滴向上加速运动，G中有由a至b的电流D将开关断开，A表的示数立即为零，油滴开始向下运动，G中有由a至b的电流9、如图所示，三个质量相等的，分别带正电、负电和不带电的小球，以相同速率在带电金属板的P点沿垂直于电场方向射入电场，落在A、B、C三点，则（ ）A落到A点的小球带正电、落到B点的小球不带电、落到C点的小球带负电B三小球在电场中运动时间相等C三小球到达正极板的动能关系是EkAEk

6、BEkCD三小球在电场中的加速度关系是aCaBaA10、如图所示，平行金属板A、B水平放置，将其与理想二极管串联在电源两端，一个带电微粒从P点以一定的初速度平行于极板射入两板间，粒子恰能做直线运动，则下列说法正确的是A微粒一定带负电B增大微粒的速度，微粒将向上偏转C将A板向下移，粒子将向上偏转D将B板向下移，粒子将向下偏转三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）现有一合金制成的圆柱体，为测量该合金的电阻率，现用伏安法测圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度。螺旋测微器和游标卡尺的示数如图a和

7、b所示。由上图读得圆柱体的直径为_mm，长度为_mm。12（12分）为测量“12 V , 5 W”的小电珠在不同电压下的功率，给定了以下器材：电源：12 V，内阻不计；电流表：量程00.6 A、03 A，内阻约为0.2 电压表：量程03 V、015 V，内阻约为15 k滑动变阻器：05，开关一个，导线若干，实验要求加在小电珠上的电压可从0开始调节. (1)以上四个电路图你认为最合适的是_(2)在本实验中，电流表的量程可选_(3)某位同学测得小电珠的伏安特性曲线如图所示，某次测量时，电流表读数为0.40 A，此时小电珠的实际功率为_W。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的

8、答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在水平方向的匀强电场中有一表面光滑、与水平面成45角的绝缘直杆AC，其下端(C端)距地面高度h0.8m有一质量为500g的带电小环套在直杆上，正以某一速度沿杆匀速下滑小环离杆后正好通过C端的正下方P点处(g取10 m/s2)求：(1)小环离开直杆后运动的加速度大小和方向.(2)小环从C运动到P过程中的动能增量.(3)小环在直杆上匀速运动速度的大小v0.14（16分）如图所示，两带电平行板A、B间的电场为匀强电场，已知A板带正电，B板带负电，场强E=400V/m，两板相距d=16，板长L=30cm。一带电量q=1.610-

9、16C、质量m=4.010-19的粒子沿平行于板方向从两板的正中间射入电场后向着B板偏转，不计带电粒子所受重力，求：（1）粒子带何种电荷？（2）要使粒子能飞出电场，粒子飞入电场时的速度v0至少为多大？（3）粒子飞出电场时最大偏角的正切值为多大？15（12分）在如图所示的竖直平面内,水平轨道CD和倾斜轨道GH与半径r=m的光滑圆弧轨道分别相切于D点和G点,GH与水平面的夹角=37过G点、垂直于纸面的竖直平面左侧有匀强磁场,磁场方向垂直于纸面向里,磁感应强度B=1.25T;过D点、垂直于纸面的竖直平面右侧有匀强电场,电场方向水平向右,电场强度E=1104N/C小物体P1质量m=210-3kg、电荷

10、量q=+810-6C,受到水平向右的推力F=9.9810-3N的作用,沿CD向右做匀速直线运动,到达D点后撤去推力当P1到达倾斜轨道底端G点时,不带电的小物体P2在GH顶端静止释放,经过时间t=0.1s与P1相遇P1和P2与轨道CD、GH间的动摩擦因数均为=0.5,取g=10m/s2,sin37=0.6,cos37=0.8,物体电荷量保持不变,不计空气阻力求: (1)小物体P1在水平轨道CD上运动速度v的大小;(2)倾斜轨道GH的长度s参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A库仑在前人工作的基础上总结出库仑

11、定律，选项A正确，不符合题意；B美国物理学家密立根利用油滴实验比较准确地测定了电子的电荷量，选项B正确，不符合题意；C最初是焦耳用实验直接测得的用于计算电热的关系式，选项C正确，不符合题意；D法拉第发现了电磁感应现象，并提出了力线的概念，他认为正是通过场（力线）把电作用与磁作用传递到别的电荷或磁体，选项D错误，符合题意。2、D【解析】本题考查了电场强度电场强度只与电场本身有关，与放入其中的检验电荷无关，所以B选项错误场强的方向与放入其中的正电荷的受力方向相同，负电荷的受力方向相反，所以A选项错误电场线的疏密可以表示电场的强弱，所以两个等量的异种电荷，在两点电荷连线中点处场强最小，C选项错误两个

12、等量同种点电荷产生的电场中，两点电荷在连线中点处产生的场强大小相等方向相反，合场强为零所以答案选D在静电场中，对场强的大小和方向进行考查，是高考的重点3、D【解析】开始时木块静止在木板左端，现用水平向右的力将m拉至右端，拉力做功最小值，即为小木块在木板上做匀速运动，所以由功的表达式可得：W=FL=2Ff=mgL，故选D.4、B【解析】点电荷是将物体简化为点，带电物体能否简化为点关键是看物体的大小对于研究的问题能否忽略不计，而不是看电荷量的大小，也不能看体积大小，即体积很小的不一定能看做点电荷，体积很大的也不一定不能看做点电荷，故ACD错误；点电荷是一种理想化模型，实际不存在，选项B正确5、C【

13、解析】由于小孩沿滑梯匀速下滑，所以小孩的速度不变，高度降低，所以在下滑过程中动能不变，重力势能减小，机械能包括动能和势能，所以机械能不守恒，故C对；ABD错；故选C6、A【解析】匀速圆周运动的向心加速度时时刻刻指向圆心，大小不变，方向时时刻刻发生变化，所以选A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A、若带电微粒从P点进入电场，由图可知带电微粒所受电场力由a等势面指向b等势面，由于微粒带负电，故c等势面的电势最高，故P点的电势低于Q点的电势，故A错误B、由于带

14、电微粒在从Q向P运动的过程中电场力做负功，则带电微粒的电势能增大，故带电微粒在P点时的电势能较大故B正确C、由于带电微粒在从Q向P运动的过程中电场力做负功，故微粒在Q点时的动能大于在P点的动能故C错误D、由于电场线越密等势线越密，由图可知P点的场强大于Q点的场强，故带电微粒在P处所受的电场力大于在Q点所受的电场力，故带电微粒通过P点时的加速度大故D错误故选B8、BD【解析】粒子原来处于平衡状态,重力和静电力平衡；电容器与电阻R2、滑动变阻器R并联后与R1串联AB. 触头向上移动，电阻R变大，电路总电阻变大，电流变小，则A表的示数变小，电容器两端电压为：U=EI(r+R1)，故电容器两端电压变大

15、，带电量变大，G中有由b至a的电流，电场力变大，粒子向上加速，故A错误，B正确；C. 触头向上移动，电阻R变小，电路总电阻变小，电流变大，则A表的示数变大，电容器两端电压为：U=EI(r+R1)，故电容器两端电压变小，带电量变小，G中有由a至b的电流，电场力变小，粒子向下加速，故C错误；D. 将开关断开，A表的示数立即为零，电容器将通过R和R2放电，两板间电压减小，油滴开始向下运动，G中有由a至b的电流，故D正确故选BD点睛：电容器与电阻R、电阻R2相并联后与R1串联，滑片移动，根据电路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到导致电容器两端电压变化情况，最终判断油滴受力变化和运动情况，以及电容器的充放

16、电情况9、AD【解析】B.三个小球都做匀变速曲线运动，运用运动的分解法可知，三个小球水平方向都做匀速直线运动，由图看出，水平位移的关系为xAxBxC，而它们的初速度v0相同，由位移公式x=v0t得知，运动时间关系为tAtBtC故B错误；AD.三个小球在竖直方向都做匀加速直线运动，竖直位移大小y相等，由位移公式y=at2得到，加速度的关系为aAaBaC根据牛顿第二定律得知，三个小球的合力关系为：FAFBFC三个质量相等，重力相等，可知，A所受的电场力向上，C所受的电场力向下，则A带正电、B不带电、C带负电，故AD正确；C.由上分析得到，电场力对A做负功，电场力对C做正功，而重力做功相等，而且重力

17、都做正功，合力对小球做功A最小，C最大，初动能相等，则根据动能定理得知，到达正极板时动能关系EKAEKBEKC故C错误故选AD10、AC【解析】A.微粒受向上的电场力，而电容器A板带正电，可知粒子带负电，选项A正确；B. 增大微粒的速度，微粒竖直方向受力仍平衡，即仍沿直线运动，选项B错误；C. 将A板向下移，两板距离减小，则电容器的电容变大，电容器充电，两板场强变大，则粒子受向上的电场力变大，则粒子将向上偏转，选项C正确；D. 将B板向下移，两板间距变大，则电容器的电容减小，则电容器应该放电，但是由于二极管有单向导电性使得电容器不能放电，则电容器电量不变，场强不变，则粒子将仍沿直线运动，选项D

18、错误.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.844 mm 42.40 mm 【解析】由题意可知考查螺旋测微器、游标卡尺读数问题，根据读数原理分析可得。【详解】1 螺旋测微器读数先读固定刻度为1.5mm，再读可动刻度柱体的直径为两部分之和2 用游标卡尺测量该圆柱体的长度，主尺示数为42mm，游标尺读为实际读数为两部分之和【点睛】螺旋测微器读数方法：固定刻度+可动刻度（格数），格数要估读一位小数游标卡尺读数方法：主尺+游标卡尺示数（10分度：格数、50分度：格数、50分度： 格数，格数不需要估读）12、 (1)A (2)00.6 A (3

19、)2.4 【解析】（1）小电珠上的电压可从0开始调节，滑动变阻器应采用分压接法；灯泡正常发光时的电阻R=U2/R=122/5 =28.8，R/RA=28.8/0.2=144；RV/R=15000/28.8=520，RVRRRA，电流表选择外接法，故选图A所示电路（2）灯泡正常发光时的电流I=P/U=5/12A0.42A，电流表应选00.6A量程（3）电流表读数为0.40 A时，此时小电珠的电压为6.0U，则实际功率为P=IU=2.4W。【点睛】本题关键明确电流表内外接法和滑动变阻器的分压、限流接法的选择原则，要想得到从0开始连续可调的电压时必须用分压电路；当电压表内阻远大于待测电阻阻值时，用电流表外接。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1），方向垂直于杆向下（或与水平方向成45角斜向下） （2）4J （3）【解析】(1)方向：垂直于杆向下 （2）（3）v0=2m/s(1) 由解得：方向：垂直于杆向下（2）分析小环从C运动到P的过程，由动能定律：即得：（3）小环离开杆做类平抛运动：平行于杆方向做匀速直线运动：垂直于杆方向做匀