甘肃省庆阳第六中学2023学年高二物理第一学期期中复习检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列四种情况中，三个大小相等、方向不同的力F同时作用于同一点O，其中合力最小的是（ ）ABCD2、某物体m在推

2、力F的作用下没有运动，经时间t后（）A推力的冲量为零B推力的冲量为FtcosC合力的冲量为FtD重力的冲量为mgt3、如图所示，质量m=60 kg的人，站在质量M=300 kg的车的一端，车长L=3 m，相对于地面静止当车与地面间的摩擦可以忽略不计时，人由车的一端走到另一端的过程中，车将() A后退0.5 mB后退0.6 mC后退0.75 mD一直匀速后退4、图所示为电场中某条电场线的示意图，则下列说法中正确的是 （ ）A电场线是电场中实际存在的线B电场线上每点的切线方向表示电场中该点的电场强度方向C电场线在电场中可以相交D电场中电场线较密的地方电场强度较小，电场线较疏的地方电场强度较大5、一

3、根均匀电阻丝阻值为R，在以下哪些情况下，阻值仍为R（ ）A长度变为一半，横截面积增大一倍时B横截面积变为一半，长度变为二倍时C长度和横截面积都变为原来的2倍时D直径变为一半，长度变为原来的1/2时6、如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，当闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向下调节，则正确的是A电压表和电流表的示数都增大B灯L2变暗，电流表的示数减小C灯L1变亮，电压表的示数减小D灯L2变亮，电容器的带电量增加二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、两个离子同时

4、从匀强磁场的直边界的、点分别以和（与边界的夹角）射入磁场，又同时分别从、点穿出，如图所示设边界上方的磁场范围足够大，下列说法中正确的是（ ）A为正离子，的负离子B、两离子运动半径之比C、两离子速率之比为D、两离子的比荷之比为8、如图甲是观察电容器放电的电路，现将开关S与1端相连，电源（电动势为3v，内阻不计）。向电容器充电，然后把开关S滞向2端，电容器通过电阻R放电，电流传感器将测得的电流信息传人计算机，屏幕上显示出电流随时间变化的I-t 曲线如图2所示则下列说法正确的是（）A电容器充电过程为电能向化学能转化的过程B可估算出该电容器的电容大小约为0.9mFC电容器充电过程的I-t曲线电流应该随

5、时间的增加而增大D根据曲线可估算出电容器整个放电过程中释放的电量约为2.72c9、如图所示的电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、和表示，电表示数变化量的大小分别用I、和，下列说法正确的是AI减小，减小、增大，增大B电源功率不变，上功率增加C变大，不变D变大，不变10、在如图甲所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示。当开关闭合后，下列判断正确的是()A灯泡L1的电阻为12B灯泡L1消耗的电功率为0.75WC灯泡L2消耗的电功率为0.30WD通过灯

6、泡L1的电流为灯泡L2的电流的2倍三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）（1）如图为某多用电表表盘，选用“10”倍率的电阻挡测量某电阻时，如图所示读数为_，如果发现多用表指针偏转角度过大，为使测量更准确，需选择_倍率的电阻挡测量（填：“1”或“10”或“100”）。（2）图C中螺旋测微器读数为_mm。12（12分）在“用传感器观察电容器的充电和放电”实验中，电路图如图甲一位同学使用的电源电动势为8.0V，测得放电的I-t图象如图乙所示（1）若按“四舍五入”法，根据“I-t图线与两坐标轴包围面积”，试计算电容器全部放电过程的放电量为_

7、；（2）根据以上数据估算电容器的电容值为_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图，在光滑水平面上建立平面直角坐标系xOy，第象限存在垂直于水平面的匀强磁场（图中未画出），一质量为m、电荷量为q的小球由坐标原点O处以速度v0沿y轴正方向射入磁场，一段时间后，小球与静止于A点的质量也为m但不带电的另一小球发生碰撞，并粘为一体，A点与原点O相距L，OA与x轴正方向的夹角为30。(1)求磁感应强度B的大小；(2)两球碰撞后是否仍沿原来的的轨迹运动？试论证；(3)求小球从O点射出到离开磁场所经历的时间t。14（16

8、分）电学中有些仪器经常用到下述电子运动的物理原理某一水平面内有一直角坐标系xOy，x=0和x=L=10 cm的区间内有一沿x轴负方向的有理想边界的匀强电场E1=1.0104 V/m，x=L和x=3L的区间内有一沿y轴负方向的有理想边界的匀强电场E2=1.0104 V/m，一电子(为了计算简单，比荷取为e/m =21011C/kg)从直角坐标系xOy平面内的坐标原点O以很小的速度进入匀强电场E1，计算时不计此速度且只考虑xOy平面内的运动求：(1) 电子从O点进入到离开x=3L处的电场所需的时间；(2) 电子离开x=3L处的电场时的y坐标；(3) 电子离开x=3L处的电场时的速度大小和方向15（

9、12分）在如图所示的匀强电场中，一条绝缘细线的上端固定，下端栓一个大小可以忽略、质量为m的带电量为q的小球，当小球静止时，细线与竖直方向的夹角为=30（1）小球带电种类？（2）小球所受电场力大小（3）电场强度E大小参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】解：A、将左边两个力进行合成，再与右边合成，则有合力的大小（1）F；B、将相互垂直的F进行合成，则合力的大小为F，再与第三个力F合成，即有合力的大小为（1）F；C、将方向相反的两个力合成，则合力为0，再与第三个力F合成，则有合力大小为F；D、将任意两力进行合成

10、，可知，这三个力的合力为零；故D正确，ABC均错误；故选D【点评】考查力的平行四边形定则，并体现如何选择两力合成的技巧，同时要学生会画合成与分解的力图2、D【解析】根据冲量的公式，推力的冲量为：IF=Ft，所以A B错误；根据动量定理：I合=mv，物体没有运动，则v=0，所以I合=0，所以C错误；重力的冲量为IG=mgt，所以D正确；故选D点睛：本题考查了动量定理以及冲量的计算公式，直接应用即可，注意冲量的方向与力的方向相同，与物体是否运动无关3、A【解析】ABC人车组成的系统动量守恒，则mv1=Mv2所以mx1=Mx2又有x1x2=L解得x2=0.5 m选项A正确，BC错误；D. 题中未说明

11、人的运动状态，故小车的运动状态不定；故D错误；4、B【解析】A电场线是假想的，电场中实际不存在电场线，故A错误；B电场中某点的方向等于该点沿电场线的切线方向，选项B正确；C若电场线相交，则相交处场强方向有两个，和电场方向是唯一的相矛盾，故电场线不相交，故C错误；D电场线的疏密表示电场强弱，电场线较密的地方电场强度较大，电场线较疏的地方电场强度较小，故D错误；5、C【解析】根据电阻定律可知，长度变为一半，横截面积增大一倍时，阻值变为R /4，A错误；横截面积变为一半，长度变为二倍时，阻值变为4R，B错误；长度和横截面积都变为原来的2倍时，阻值仍为R，C正确；直径变为一半，长度变为原来的1/2时，

12、阻值变为2R，D错误6、C【解析】将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知：干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小，灯L1变亮；R与灯L2并联电路的电压：U减小,U1增大,U并减小，灯L2变暗.流过电流表的电流：I增大，I2减小，IA增大，电流表的示数增大;电容器两端的电压等于并联部分的电压,电压变小，由：知电容器的电荷量减少，故选C.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A向右偏转，根

13、据左手定则知，A为负离子，B向左偏转，根据左手定则知，B为正离子，故A错误离子在磁场中做圆周运动，由几何关系可得r=，l为PQ距离，sin60：sin30：1，则A、B两离子的半径之比为1：，故B正确离子的速率v=，时间相同，半径之比为1：，圆心角之比为2：1，则速率之比为2：，故C错误根据r=知，因为速度大小之比为2：，半径之比为1：，则比荷之比为2：1故D正确故选BD点睛：本题考查了粒子在磁场中的运动，分析清楚粒子运动过程，掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及掌握粒子在磁场中的半径公式，并能灵活运用8、BD【解析】电容器充电过程为电能向电场能转化的过程，故A错误；因Q=It，所以根据I-t

14、图线所围成的面积表示电量，根据横轴与纵轴的数据可知，一个格子的电量为0.0810-3C，由大于半格算一个，小于半格舍去，因此图象所包含的格子个数为34，所以释放的电荷量是：q=0.0810-3C34=2.7210-3C；可估算出该电容器的电容大小约为：C=QU=2.7210-33mF0.9mF，故BD正确；由图可知电容器充电过程是电流随时间的增加而减小，故C错误。所以BD正确，AC错误。9、ACD【解析】A. 当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，外电路电阻增大，电流减小，根据 可知路端电压增大，U1测定值电阻的电压，所以U1随着电流的减小而减小，根据 可知U2增大，故A正确.B.电源的功率，随

15、着回路中电流变小，则电源功率也在变小，故B错误；C. 根据电路知识可知, 所以变大， 可知不变，故C正确D.根据电路知识可知 =R1+R2所以变大根据闭合电路欧姆定律得：U3=E-Ir，则有=r，不变故D正确10、ABC【解析】当开关闭合后，灯泡L1的电压等于3V，由图读出其电流，由欧姆定律求出电阻，并求出其电功率，灯泡L2、L3串联，电压等于1.5V，由图读出电流，求出电功率；【详解】A、当开关闭合后，灯泡L1的电压U1=3V，由图乙读出其电流I1=0.25A，则灯泡L1的电阻R1=U1I1=30.25=12，功率P1=U1I1=0.75W，故AB正确；C、灯泡L2、L3串联，电压U2=U3

16、=1.5V，由图乙读出其电流I2=I3=0.20A，则I1=1.25I2， 灯泡L2、L3的功率均为P=UI=1.50.20W=0.30W，故C正确，D错误。【点睛】本题关键抓住电源的内阻不计，路端电压等于电动势，来确定三个灯泡的电压，读图能力是基本功。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、130 1 1.695 【解析】（1）选用“10”档，由图示可知，欧姆表示数为1310=130；发现指针偏角太大，说明电阻阻值太小，所选档位太大，为准确测量电阻，应换小倍率挡，应把选择开关置于1挡；（2）螺旋测微器的固定刻度读数为1.5mm，可动刻度读

17、数为0.0119.5mm=0.195mm，所以最终读数为：1.5mm+0.195mm=1.695mm；12、（1）3.3610-3C到3.5210-3C；（2）0.4210-3F到0.4410-3F【解析】（1）根据四舍五入的原则，图线与坐标轴所围成的面积约为42到44个小格，每个小格表示的电荷量为0.0810-3C，故电容器的总放电量为3.3610-3C到3.5210-3C（2）由 得，电容为0.4210-3F到0.4410-3F四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）；（2）是，见解析；（3）。【解析】（1）小球在磁场中做匀速圆周运动的轨迹如图所示，由几何关系得，小球做匀速圆周运动的半径为由牛顿第二定律得解得，磁感应强度为（2）两球碰撞过程遵循动量守恒定律碰撞后两球继续做圆周运动，由 可得半径两球碰撞后仍沿原来的的轨迹运动，只是速度变小，为原来的。（3）由几何关系可知，小球从O点运动到A点的时间为碰撞后，两球在磁场中运动的周期为碰撞后两球在磁场里运动的时间小球从O点射出到离开磁场所经历的时间14、（1）