河北省唐山市玉田县2023学年物理高二第一学期期中达标检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，线圈两端接在电流表上组成闭合电路在下列情况中，电流表指针不发生偏转的是（ ） A线圈不动，磁铁插入线圈B线圈不动，磁铁从线圈中拔出C磁铁不动，线圈上、下移动D磁铁插在线圈

2、内不动2、理想变压器原副线圈匝数之比为，原线圈接入一电压为的交流电源，副线圈接一个的负载电阻若，则下述结论正确的是A副线圈中电压表的读数为B副线圈中输出交流电的周期C原线圈中电流表的读数为D原线圈中的输入功率为3、如图，电源电动势为30 V，内阻不计，“6 V，12 W”的灯泡与一个绕线电阻为的电动机串联当电动机正常转动时，灯泡正常发光，则此时A电路中电流为B小灯泡电阻为C电动机两端电压为24 VD电动机输出功率为48 W4、如图所示，电源电动势为E，内阻为r，R1、R2为定值电阻，R2R1r，且R1 大于滑动变阻器R0的最大阻值闭合电键S，将滑动变阻器的滑动片P由最上端滑到最下端，若电压表V

3、1、V2、电流表A的读数改变量的大小分别用U1、U2、I 表示，则下列说法中正确的是AU2I=R2BU1IrbIaIbCrarbIa =IbDrarbIaIb二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列关于电源的说法，正确的是（ ）A电源向外提供的电能越多，表示电动势越大B电动势在数值上等于电源将单位正电荷从负极移送到正极时，非静电力所做的功C电源的电动势与外电路有关，外电路电阻越大，电动势就越大D电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大8、关于静电场的电场强

4、度和电势，下列说法正确的是A电场强度的方向处处与等电势面垂直B电场强度为零的地方，电势也为零C随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向9、如图所示，已知一质量为m的带电液滴，经电压U加速后，水平进入互相垂直的匀强电场E和匀强磁场B中，液滴在此空间的竖直平面内做匀速圆周运动，则（ ）A液滴在空间受四个力作用B液滴一定带负电C沿垂直纸面向里看，液滴做顺时针的圆周运动D液滴在做匀速圆周运动时机械能守恒10、如图所示，平行板电容器A、B间有一带电油滴P正好静止在极板正中间，现将B极板向下移动到虚线位置，其他条件不变则（ ）A油滴将向上运动B在B极板移动

5、过程中电流计中有由b流向a的电流C油滴运动的电势能将增大D极板带的电荷量减少三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）要描绘标有“2.5V，0.5A”小灯泡L的伏安特性曲线，实验室中有以下一些器材可供选择：电源：E1（电动势为2.0V，内阻为）E2（电动势为3.0V，内阻 为）电压表：V1（量程5V，内阻为）电流表：A1（量程100mA，内阻约）A2（量程0.6A，内阻约）滑动变阻器：R1（可调范围，允许通过最大电流5A）导线，开关若干（1）实验要求电表读数从零开始变化，能完整描绘伏安特性曲线，实验中应该选用电源_，电流表_（填器材的符

6、号）（2）在满足（1）的情况下，在方框中画出实验中所需的电路原理图_ （3）根据（2）中的实验电路图，用笔画线代替导线将实验电路连接完整_12（12分）（1）在测定金属的电阻率实验中，用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图1所示，读数_mm（2）某同学用指针式多用电表测电阻Rx的阻值，他将红黑笔分别插入“+”“”插孔中，将选择开关置于“10”档位置，然后将红、黑表笔短接调零，此后测量阻值时发现指针偏转角度较小试问：为减小实验误差，该同学应将选择开关置于“_”位置（选填“1”、“100”）再将红、黑表笔短接，重新调零后继续实验，结果看到指针指在如图2所示位置，则电阻Rx测量值为_四、计算题：本题

7、共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一带电微粒质量为m=2.01011kg、电荷量q=+1.0105C，从静止开始经电压为U1=100V的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，微粒射出电场时的偏转角=30，并接着进入一个方向垂直纸面向里、宽度为D=34.6cm的匀强磁场区域已知偏转电场中金属板长L=20cm，两板间距d=17.3cm，重力忽略不计求：（1）带电微粒进入偏转电场时的速率v1；（2）偏转电场中两金属板间的电压U2；（3）为使带电微粒不会由磁场右边射出，该匀强磁场的磁感应强度B至少多少14（1

8、6分）如图所示，电路中电阻，电源的内电阻，灯泡L上标有“3V 0.25A”的字样，闭合开关S，灯泡正常发光求：（1）灯泡的功率；（2）电源的电动势；（3）电源的总功率；15（12分）从高为20m的楼顶边缘水平抛出一个小铁球，测出小铁球落地点距离楼底边缘40m，求小铁球抛出时的初速度大小。（不考虑空气阻力，）参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A中线圈静止不都动，但磁铁插入线圈过程中，穿过线圈的磁通量发生变化，所以又感应电流产生，B中磁铁从线圈中拔出时，穿过线圈的磁通量减小，所以又感应电流产生，C中，由于磁

9、铁上下端磁场感应强度大小不均匀，所以线圈上下移动过程中，穿过线圈的磁通量发生变化，所以会产生感应电流，D中两者相对静止，穿过线圈的磁通量不发生变化，所以无感应电流产生，选D.2、C【解析】AC、由瞬时值的表达式可知，原线圈的电压最大值为220V，所以原线圈的电压的有效值为220V，在根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压的有效值为55V，即为电压表的读数，副线圈的电流为2A，根据电流与匝数成反比可得，原线圈的电流大小为0.5A，故A错误，C正确；B、变压器不会改变电流的周期，电流的周期为Ts，故B错误；D、变压器的输入功率和输出功率相等，副线圈的功率为P110W，所以原线圈中的输入功率也为11

10、0W，故D错误3、C【解析】通过电灯的电流即电路中的电流：，选项A错误；小灯泡电阻为，选项B错误；电动机的电压：U电=E-U灯=30-6=24V，选项C正确；电动机消耗的总功率：P电=U电I=242=48W；绕线电阻的电热功率：P热=I2r=222=8W；电动机输出的机械功率P机=P电-P热=40W，故D错误4、B【解析】当滑动变阻器的滑臂P由上端向下滑动的过程中，变阻器滑片上侧电阻与R1串联后与变阻器滑片下侧并联的总电阻一直变小，根据闭合电路欧姆定律分析电路中的电流变化和路端电压的变化，再根据欧姆定律分析对应的电流和电阻关系，再根据功率公式分析功率的变化。【详解】A项：由图可知，电流表与R0

11、的下部分串联、R1与R0的上部分串联，二者再并联后与R2串联；电流表中的电流小于流过R2的电流，故R2U2I=U2I，故A错误；B项：电压表V测量路端电压，则其电压表示数的变化等于内阻两端电压的变化，在滑片向下滑动过程中，总电阻减小，总电流增大，并联部分电压减小，流过R1的电流减小，故流过电流表的电流增大，因此总电流的变化量小于A中电流的变化，因此U1Ir，故B正确；C项：由B的分析可知，总电流增大，故电源的发热功率一直增大，故C错误；D项：由于外电阻一定大于内电阻，而在改变中外电阻减小，故外电阻越来越接近内电阻，故电源的输出功率一定增大，故D错误。故应选：B。【点睛】本题考查了串、联电路的特

12、点和欧姆定律的灵活运用，难点是滑动变阻器滑片P从最上端中间最下端总电阻变化情况的判断。5、A【解析】由题中“在恒定拉力F的作用下沿虚线由M匀速运动到N”可知，本题考查点电荷电场强度、电势差和电势能，根据电场强度、库仑定律、电势差和电势能的公式规律可以分析本题。【详解】A根据动能定理可得解得故A正确；B电场线方向沿F方向，MN沿电场线方向距离为，由公式得故B错误；C小球M到N做负功为，电势能增大，故C错误；D小球在匀强电场中受到的电场力恒定不变，根据平衡条件，由M到N，F方向不变，故D错误。6、B【解析】由图象可知，图象A斜率的绝对值大于图象B斜率的绝对值，因此rarb，在同一坐标系内作出电阻R

13、的U-I图象，如图所示:由图象可知IaIb，故B正确；A，C，D错误；故选B.【点睛】电源的U-I图象与纵轴的交点是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻；同时注意在同一图中作出电阻的伏安特性曲线时，两图象的交点为电阻的工作点二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】电动势表征电源把其他形式能转化为电能的本领，与电源向外提供的电能多少、外电路的电阻等均无关，AC选项均错误，选项BD正确8、AD【解析】试题分析：电场线总和等势面垂直，所以电场方向也和等势面垂直，A

14、正确；等量同种电荷的连线中点处，电场强度为零，但是电势不为零，B错误；沿电场方向电势降低，与电场强度大小无关，C错误；沿电场线的方向电势降低最快；故电场中任一点的电场强度的方向总是指向该点电势降落最快的方向，D正确考点：考查了电场强度，电势，等势面【名师点睛】做本题的关键是知道电场强度与电势没有直接关系，电势是人为规定的，而电场强度和电场本身性质有关；电场强度的方向与等势面垂直，电场强度的方向是电势降低最快的方向；根据这些知识进行解答9、BC【解析】AB液滴在竖直平面内做匀速圆周运动，故重力等于电场力，即洛伦兹力提供向心力，所以mg=qE，由于电场力的方向与场强的方向相反，故液滴带负电，液滴在

15、空间受到三个力作用，故A错误，B正确；C粒子带负电，受洛伦兹力方向指向圆心，可知沿垂直纸面向里看，液滴做顺时针的圆周运动，选项C正确；D液滴在做匀速圆周运动时，动能不变，重力势能不断变化，可知液滴的机械能不守恒，选项D错误；故选BC。10、CD【解析】带电油滴P正好静止在极板正中间时，所受的电场力与重力二力平衡，电场力必定竖直向上将B极板向下移动到虚线位置时，板间距离增大，分析电容的变化，抓住电压不变，分析板间场强和电容器电量的变化，即可判断油滴的运动情况，由电量的变化情况，确定电路中电流的方向【详解】A将B极板向下移动到虚线位置时，两极板的距离增大，由于板间电势差U不变，根据可知，极板间的电

16、场强度减小，油滴所受的电场力减小，油滴将向下加速，故A错误；BD电容器板间距离增大，则电容减小，而板间电压U不变，则由可知，电容器所带电荷量减小，开始放电，上极板带正电，则知电流计中电流由a流向b，故B错误，D正确；C油滴向下运动时电场力做负功，其电势能将增大，故C正确【点评】解决本题的关键抓住电容器始终与电源相连，电势差不变，结合电容的变化判断电量的变化由分析场强的变化三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 （1）E2 A2 （2）电路如图； （3）实物图；【解析】（1）小灯泡功率为2.5V，额定电流为0.5A，所以应该选E2电源，A2

17、电流表（2）因测量灯泡伏安特性曲线实验中需要让电压由零开始调节，故应采用滑动变阻器分压接法；电流表内阻为0.3欧，灯泡电阻为5欧，故灯泡内阻可视为小电阻，所以采用电流表外接来连接（3）根据原理图可得出对应的实物图如图所示；点睛：本题考查描绘灯泡伏安特性曲线的实验，注意本实验中采用滑动变阻器分压接法，同时电流表一般采用电流表外接法，同时注意掌握图象的分析方法12、0.772 100 3000 【解析】解：（1）螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为27.20.01mm=0.272mm，所以最终读数为：0.5mm+0.272mm=0.772mm；（2）选“10”挡位时由图知指针偏转角度较小，

18、被测阻值较大，应换大档：“100”档，换挡后重新欧姆调零测量后如图所示指针示数为30，倍率为“100”，故最后读数为：30100=3000；故答案为（1）0.772；（2）100，3000；【点评】本题关键是明确螺旋测微器读数和欧姆表的正确使用方法，注意欧姆表每次换挡后都要重新进行欧姆调零，基础问题四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)1.0104m/s (2)66.7 V (3)0.1 T【解析】（1）粒子在加速电场中，电场力做功，由动能定理求出速度v1（2）粒子进入偏转电场后，做类平抛运动，运用运动的合成与分解求出电压（3）粒子进入磁场后，做匀速圆周运动，结合条件，画出轨迹，由几何知识求半径，再求B【详解】（1）带电微粒经加速电场加速后速度为v，根据动能定理：qU1mv12解得：v1=1.0104m/s（2）带电微粒在偏转电场中只受电场力作用，做类平抛运动在水平方向微粒做匀速直线运动水平方向： 带电微粒在竖直方向做匀加速直线运动，加速度为a，出电场时竖直方向速度为v2竖直方向： v2at由几何关系： U2tan代入数据得：U2=100V（3）带电微粒进入磁场做匀速圆周运动，洛