湖北省武汉市部分学校2021-2022学年化学高二第二学期期末学业水平测试模拟试题含解析

1、2022年高二下化学期末模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、周期表共有18个纵行，从左到右排为118列，即碱金属为第一列，稀有气体元素为第18列。按这种规定，下列说法正确的是( )A第9列元素中没有非金属元素B只有第2列的元素原子最外层电

2、子排布为ns2C第四周期第9列元素是铁元素D第10、11列为ds区2、对于SO2和CO2的说法中正确的是（ ）A都是直线形结构B中心原子都采用SP杂化轨道CSO2为V形结构，CO2为直线形结构DS原子和C原子上都没有孤对电子3、某有机物M的结构简式如图所示，若等物质的量的M在一定条件下分别与金属钠、氢氧化钠溶液、碳酸氢钠溶液反应，则消耗的钠、氢氧化钠、碳酸氢钠的物质的量之比为( )A111B241C121D1224、下列物质的类别与所含官能团都错误的是（ ）A 醇类OHB 羧酸 COOHC 醛类CHODCH3-O-CH3 醚类5、1mol某烃完全燃烧可得2molCO2，在一定条件下，1mol该

3、烃能与2molH2发生加成反应，这种烃是（ ）ACH4BC2H4CC2H2DC3H46、常温下，向溶液中滴加的氨水，溶液的pH随氨水的体积关系如图所示。下列说法不正确的是（ ）AHA的电离方程式为BB点时加入HA和氨水恰好完全反应CA点所示溶液中：DC点所示溶液中：7、下列化学方程式中，属于水解反应的是A CH3COOH+ H2OCH3COO+H3O+B HS+H2OS2+ H3O+C CO32+ H2OHCO3+OHD CO2+H2OHCO3+ H+8、体育竞技中服用兴奋剂既有失公平，也败坏了体育道德。某种兴奋剂的结构简式如图所示。有关该物质的说法中正确的是 ( )A该物质与苯酚属于同系物，

4、遇FeCl3溶液呈紫色B能使酸性KMnO4溶液褪色，证明其结构中存在碳碳双键C1mol该物质分别与浓溴水和H2反应时最多消耗Br2和H2分别为10mol和7molD该分子中的所有碳原子可能共平面9、已知还原性：Fe2Br。向100mLFeBr2溶液中通入3.36L(标准状况)Cl2，反应后的溶液中Cl和Br的物质的量浓度相等，则原溶液中FeBr2的物质的量浓度为()A2 molL1B1.5 molL1C1 molL1D0.75 molL110、人工肾脏可用间接电化学方法除去代谢产物中的尿素CO(NH2)2，原理如图。下列有关说法正确的是()Aa为电源的负极B电解结束后，阴极室溶液的pH与电解前

5、相比将升高C阳极室中发生的电极反应为2H2e=H2D若两极共收集到气体产品13.44 L(标准状况)，则除去的尿素为7.2 g(忽略气体的溶解)11、下列方程式不正确的是A碳与热的浓硫酸反应的化学方程式：C+2H2SO4(浓)CO+2SO2+2H2OB乙炔燃烧的化学方程式：2C2H2 +5O2 4CO2 +2H2OC氯化氢在水中的电离方程式：HCl=H+ +Cl-D氯化铵水解的离子方程式：NH4+H2O NH3H2OH12、化合物X是一种医药中间体，其结构简式如图所示。下列有关化合物X的说法正确的是A分子中两个苯环一定处于同一平面B不能与饱和Na2CO3溶液反应C1 mol化合物X最多能与2

6、molNaOH反应D在酸性条件下水解，水解产物只有一种13、下列有关物质用途的说法，错误的是（ ）A二氧化硫常用于漂白纸浆B漂粉精可用于游泳池水消毒C碳酸钡可用来治疗胃酸过多D氧化铁常用于红色油漆和涂料14、一种用于隐形眼镜材料的聚合物片段如下：下列关于该高分子说法正确的是A结构简式为：B氢键对该高分子的性能没有影响C完全水解得到的高分子有机物，含有官能团羧基和碳碳双键D完全水解得到的小分子有机物，具有4种不同化学环境的氢原子15、甲酸香叶酯是一种食品香料，可以由香叶醇与甲酸发生酯化反应制得。下列说法正确的是（ ） A香叶醇的分子式为C11H18OB香叶醇在浓硫酸、加热条件下可发生消去反应C香

7、叶醇与CH2=CHCH=CHCH2OH互为同系物D香叶醇与甲酸香叶酯均不能发生银镜反应16、下列说法在一定条件下可以实现的是()酸性氧化物与碱发生反应弱酸与盐溶液反应可以生成强酸没有水生成，也没有沉淀和气体生成的复分解反应两种酸溶液充分反应后的溶液体系为中性有单质参加的非氧化还原反应两种氧化物反应的产物有气体ABCD二、非选择题（本题包括5小题）17、有A、B、C、D、E五种元素，其中A、B、C属于同一周期，A原子最外层p能级的电子数等于次外层的电子总数。B元素可分别与A、C、D、E生成RB2型化合物，并知在DB2和EB2中，D与B的质量比为7：8，E与B的质量比为1：1。根据以上条件，回答下

8、列问题：（1）推断C、D、E元素分别是(用元素符号回答)：C_，D_，E_。（2）写出D原子的电子排布式_。（3）写出A元素在B中完全燃烧的化学方程式_。（4）指出E元素在元素周期表中的位置_。（5）比较A、B、C三种元素的第一电离能的大小顺序_(按由大到小的顺序排列,用元素符号表示)。（6）比较元素D和E的电负性的相对大小_。(按由大到小的顺序排列，用元素符号表示)。18、苏合香醇可以用作食用香精，其结构简式如图所示。（1）苏合香醇的分子式为_，它不能发生的有机反应类型有(填数字序号)_。取代反应 加成反应 氧化反应 加聚反应 水解反应有机物丙(分子式为C13H18O2)是一种香料，其合成路

9、线如图所示。其中A的相对分子质量通过质谱法测得为56，核磁共振氢谱显示只有两组峰；乙与苏合香醇互为同系物；丙分子中含有两个CH3。已知：R-CH=CH2R-CH2CH2OH（2）甲中官能团的名称是_；甲与乙反应生成丙的反应类型为_。（3）B与O2反应生成C的化学方程式为_。（4）在催化剂存在下1 mol D与2 mol H2可以反应生成乙，且D能发生银镜反应。则D的结构简式为_。（5）写出符合下列条件的乙的同分异构体结构简式_。苯环上有两个取代基，且苯环上的一氯取代物只有两种遇氯化铁溶液显紫色19、钠硝石又名智利硝石，主要成分为NaNO3。据最新勘探预测表明，我国吐鲁番盆地钠硝石资源量约2.2

10、亿吨，超过了原世界排名第一的智利。一种以钠硝石为原料制备KNO3的流程如下图所示（矿石中其他物质均忽略）：相关化合物溶解度随温度变化曲线如下图所示：回答下列问题：(1) NaNO3是_（填“电解质”或“非电解质”）。(2) 一定温度下，NaNO3可分解生成Na2O、NO和O2，该反应的化学方程式为_。(3) 为提高钠硝石的溶浸速率，可对矿石进行何种预处理_（答出一种即可）。(4) 为减少KNO3的损失，步骤a的操作应为：_；步骤b中控制温度可为下列选项中的_。A10 B40 C60 D90(5) 如何验证洗涤后的KNO3中没有Cl-：_。(6) 若100吨钠硝石可生产60.6吨KNO3，则KN

11、O3的产率为_。20、.人体血液里Ca2的浓度一般采用mg/cm3来表示。抽取一定体积的血样，加适量的草酸铵(NH4)2C2O4溶液，可析出草酸钙(CaC2O4)沉淀，将此草酸钙沉淀洗涤后溶于强酸可得草酸(H2C2O4)，再用KMnO4溶液滴定即可测定血液样品中Ca2的浓度。某研究性学习小组设计如下实验步骤测定血液样品中Ca2的浓度。（配制KMnO4标准溶液）如图所示是配制50 mL KMnO4标准溶液的过程示意图。 (1)请你观察图示判断，其中不正确的操作有_ (填序号)。(2)其中确定50 mL溶液体积的容器是_(填名称)。(3)如果用图示的操作配制溶液，所配制的溶液浓度将_(填“偏大”或

12、“偏小”)。（测定血液样品中Ca2的浓度）抽取血样20.00 mL，经过上述处理后得到草酸，再用0.020 molL1 KMnO4溶液滴定，使草酸转化成CO2逸出，这时共消耗12.00 mL KMnO4溶液。(4)配平草酸与KMnO4反应的离子方程式：_MnO H2C2O4 H= Mn2 CO2 H2O。(5)滴定终点时的现象是_(6)经过计算，血液样品中Ca2的浓度为_m molcm3。. 某小组同学设计如下实验，研究亚铁盐与H2O2溶液的反应。实验1试剂：酸化的0.5 molL1FeSO4溶液(pH 0.2)，5% H2O2溶液(pH 5)。操作现象取2 mL上述FeSO4溶液于试管中，加

13、入5滴5% H2O2溶液溶液立即变为棕黄色，稍后，产生气泡。测得反应后溶液pH0.9向反应后的溶液中加入KSCN溶液溶液变红 (1)H2O2的电子式是_，上述实验中H2O2溶液与FeSO4溶液反应的离子方程式是_。(2)产生气泡的原因是_。21、NOx主要来源于汽车尾气。已知：N2(g)+O2(g)2NO(g) H=+180.50kJmol-12CO(g)+O2(g)2CO2(g) H=566.00kJmol-1（1）为了减轻大气污染，人们设想提出在汽车尾气排气管口将NO和CO转化成无污染气体参与大气循环。写出该反应的热化学方程式：_，该想法能否实现_（填“能”或“不能”）。（2）T时，将等物

14、质的量的NO和CO充入容积为2L的密闭容器中，保持温度和体积不变，反应过程(015min)中NO的物质的量随时间变化的关系如图甲所示。T时该化学反应的平衡常数K=_，平衡时若保持温度不变，再向容器中充入CO、N2各0.8mol，平衡将_（填“向左”“向右”或“不）移动。图中a、b分别表示在一定温度下，使用质量相同但表面积不同的催化剂时，达到平衡过程中，n(NO)的变化曲线，其中表示催化剂表面积较大的曲线是_（填“a”或“b”）。15min时，若改变外界反应条件，导致n(NO)发生如图所示的变化，则改变的条件可能是_参考答案一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、A【解析】A第9列属于族，都是

15、金属元素，没有非金属性元素，故A正确；B氦原子及一些过渡元素原子最外层电子排布也为ns2，故B错误；C第四周期第9列元素是钴元素，铁元素处于第四周期第8列，故C错误；D第11、12列为B、B族，属于ds区，第10列属于族，故D错误；故选A。2、C【解析】A不正确，SO2数V形，B不正确，硫原子是sp2杂化，含有1对孤对电子，BD都是错误的，所以正确的答案选C。3、B【解析】能与Na反应的官能团有羟基、羧基，1mol有机物可消耗2molNa；能与NaOH反应的官能团有酯基、酚羟基、溴原子和羧基，1mol有机物可消耗4molNaOH；能与碳酸氢钠反应的官能团只有羧基，1mol有机物只能消耗1mol

16、碳酸氢钠。则等物质的量的该有机物消耗的金属钠、氢氧化钠、碳酸氢钠的物质的量之比为2：4：1，因此合理选项是B。4、C【解析】A.含有的官能团为OH，属于醇类，与题意不符，A错误；B.含有的官能团为COOH，属于羧酸类，与题意不符，B错误；C. 含有的官能团为-COOC，属于酯类，符合题意，C正确；D. CH3-O-CH3含有的官能团为C-O-C，属于醚类，与题意不符，D错误； 答案为C；【点睛】根据常见官能团确定物质的类别，C项为易错点，注意甲酸酯含有醛基，具有醛的性质，但不属于醛类。5、C【解析】1mol某烃完全燃烧可得到2molCO2，根据碳原子守恒，烃中C原子数目=2，在一定条件下，1m

17、ol该烃能与2molH2发生加成反应，由于该烃分子中有2个C原子，故该烃含有1个CC键，则该烃为HCCH，故选C。6、B【解析】A.根据0.1mol/L的HA溶液在常温下初始pH=1，判断HA是强酸，所以HA完全电离，A正确； B. 氨水是弱碱，与强酸形成强酸弱碱盐，强酸弱碱盐中的阳离子可以发生水解生成氢离子，若二者恰好完全反应，溶液应该显酸性，图中pH=7，B错误；C. A点所示溶液中溶质成分为NH4A和HA，比例1：1，在此溶液中可写出物料守恒，所有含有A的物质与含有N元素的物质比例为1：2，C正确；D. C点所示溶液中溶质为NH4A和NH3H2O，比例1：1，根据溶液显碱性，判断以氨水电

18、离为主，所以铵根离子较多，氨水微粒较少，D正确；答案选B。7、C【解析】试题分析：A.该离子方程式是醋酸电离的方程式，A项错误；B.该离子方程式是HS的电离方程式，B项错误；C.CO32-与水电离出的H结合生成HCO3-和OH，属于水解的离子方程式，C项正确；D.该反应为CO2和水反应的化学方程式和电离方程式，D项错误；答案选C。考点：考查水解离子方程式的正误判断8、D【解析】A.苯酚同系物中只含1个苯环和1个酚羟基，该物质含2个苯环和3个酚羟基，不是苯酚同系物，但含酚-OH，遇FeCl3溶液呈紫色，A错误；B.碳碳双键、酚-OH、与苯环直接相连的甲基均能被酸性KMnO4溶液氧化，滴入酸性KM

19、nO4溶液振荡，紫色褪去，不能能证明其结构中碳碳双键，B错误；C.酚-OH的邻对位苯环氢与溴水发生取代反应，碳碳双键与溴水发生加成，则1mol该物质与浓溴水反应，最多消耗溴为4mol；苯环与碳碳双键均与氢气发生加成，则1mol该物质与氢气反应时，最多消耗氢气为7mol，C错误；D.苯环、碳碳双键均为平面结构，单键可以旋转，则该分子中的所有碳原子可能共平面，D正确；故合理选项是D。9、A【解析】因为还原性Fe2+Br-，所以Cl2先与Fe2+反应，后与Br-反应，反应后溶液中Cl-和Br-的物质的量浓度相等，则Cl2完全反应，Fe2+完全反应、Br-部分反应；根据得失电子守恒和原子守恒列式。【详

20、解】n（Cl2）=3.36L22.4L/mol=0.15mol，因为还原性Fe2+Br-，所以Cl2先与Fe2+反应，后与Br-反应，反应后溶液中Cl-和Br-的物质的量浓度相等，则Cl2完全反应，Fe2+完全反应、Br-部分反应，根据Cl守恒，反应后溶液中n（Cl-）=0.15mol2=0.3mol；设原溶液中FeBr2物质的量为x，则原溶液中n（Fe2+）=x、n（Br-）=2x，根据得失电子守恒，0.15mol2=x+（2x-0.3mol），解得x=0.2mol，原FeBr2溶液物质的量浓度为0.2mol0.1L=2mol/L，答案选A。10、B【解析】试题分析：由图可知，左室电极产物为

21、CO2和N2，发生氧化反应，故a为电源的正极，右室电解产物H2，发生还原反应，故b为电源的负极， A选项不正确；阴极反应为6H2O+6e-6OH-+3H2（或6H+6e-3H2），阳极反应为6Cl-6e-3Cl2，CO（NH2）2+3Cl2+H2ON2+CO2+6HCl，根据上述反应式可以看出在阴、阳极上产生的OH-、H+的数目相等，阳极室中反应产生的H+通过质子交换膜进入阴极室与OH-恰好反应生成水，所以阴极室中电解前后溶液的pH不变， B选项不正确；由图可知，阳极室首先是氯离子放电生成氯气，氯气再氧化尿素生成氮气、二氧化碳，同时会生成HCl，阳极室中发生的反应依次为：2Cl-2e-Cl2，

22、CO（NH2）2+3Cl2+H2ON2+CO2+6HCl，C选项不正确；电解收集到的13.44L气体，物质的量为=0.6mol，由反应CO（NH2）2+3Cl2+H2ON2+CO2+6HCl可知n（N2）=n（CO2）=0.6mol1/5=0.12 mol，可知生成0.12mol N2所消耗的CO（NH2）2的物质的量也为0.12mol，其质量为：mCO（NH2）2=0.12 mol60 gmol-1=7.2g，选项 D正确；考点：电解原理的应用 重点考查电极反应、电极判断及氧化还原反应的相关知识11、A【解析】方程式的判断方法是先看是否能够反应，再看化学式是否正确，再看方程式的配平与否，再看

23、条件是否准确。【详解】A项、碳和浓硫酸加热反应生成的产物为二氧化碳、二氧化硫和水蒸气，反应的化学方程式为：C+2H2SO4(浓) CO2 +2SO2 +2H2O，故A错误；B项、乙炔燃烧生成二氧化碳和水，反应的化学方程式为：2C2H2 +5O2 4CO2 +2H2O，故B正确；C项、氯化氢是强电解质，在水中完全电离，电离方程式为：HCl=H+ +Cl-，故C正确；D项、氯化铵是强酸弱碱盐，铵根离子在溶液中水解，溶液呈酸性，水解的离子方程式为：NH4+H2O NH3H2OH，故D正确。故选A。【点睛】本题考查方程式的书写，把握发生反应的原理和实质及书写方法为解答的关键。12、D【解析】A、连接两

24、个苯环的碳原子，是sp3杂化，三点确定一个平面，两个苯环可能共面，故A错误；B、此有机物中含有羧基，能与Na2CO3反应，故B错误；C、1mol此有机物中含有1mol羧基，需要消耗1mol氢氧化钠，同时还含有1mol的“”这种结构，消耗2mol氢氧化钠，因此1mol此有机物共消耗氢氧化钠3mol，故C错误；D、含有酯基，因此水解时只生成一种产物，故D正确。13、C【解析】A. 二氧化硫有漂白性，故常用于漂白纸浆，A正确；B. 漂粉精有强氧化性，故可用于游泳池水消毒，B正确；C. 碳酸钡虽然可与盐酸反应，但是，生成的氯化钡有毒，故不能用来治疗胃酸过多，C不正确；D. 氧化铁是红棕色粉末，故常用于

25、红色油漆和涂料，D正确。本题选C。【点睛】物质的用途是由其性质决定的，故先要明确物质的性质再明确其用途。化学物质用于医疗上时，不仅要分析物质的性质，还要分析该物质及其反应的产物对人体健康的影响。14、A【解析】A.根据题中隐形眼镜材料的聚合物片段可知，该高分子的链节为，则该高分子的结构简式为：，故A正确；B.氢键为一种特殊的分子间作用力，影响物质的物理性质，如：熔沸点，故B错误；C.该高分子完全水解的产物和HOCH2CH2OH。其中高分子有机物为，含有的官能团为羧基，故C错误；D.根据C选项的分析，水解得到的小分子有机物为HOCH2CH2OH，有2种不同化学环境的氢原子，故D错误。答案选A。【

26、点睛】本题解题关键是找出高分子有机物的链节。链节指的是高分子化合物中不断重复的基本结构单元。找出链节可确定高分子的结构简式，可进一步确定水解产物。据此解答。15、C【解析】A由结构简式可知香叶醇的分子式为C11H20O，选项A错误；B香叶醇中与-OH相连的C的邻位C上没有H原子，则不能发生消去反应，选项B错误；C、香叶醇含有两个碳碳双键和一个醇羟基，与CH2=CHCH=CHCH2OH结构相似，组成上相差6个CH2，互为同系物，选项C正确；D、香叶醇不能发生银镜反应，但甲酸香叶酯中含有醛基能发生银镜反应，选项D错误。答案选C。16、A【解析】分析：酸性氧化物是能与碱反应生成盐和水的化合物，所以酸

27、性氧化物在一定条件下均能与碱发生反应；弱酸与盐溶液如果满足复分解条件也可能生成强酸，如H2SCuSO4=H2SO4CuS；如果生成弱电解质也可以发生复分解反应，所以发生复分解反应，但产物既没有水生成，也没有沉淀和气体生成也能发生；两种酸溶液充分反应后,所得溶液呈中性可以实现,如亚硫酸和氢硫酸反应；氧气和臭氧之间的转化有单质参加的反应，但该反应不是氧化还原反应；二氧化氮与水反应生成NO、过氧化钠与水反应生成氧气，都满足:两种氧化物反应的产物有气体。详解：酸性氧化物是和碱反应生成水和盐的氧化物，如二氧化碳可以和氢氧化钠发生反应生成碳酸钠和水，故正确；根据反应H2SCuSO4=H2SO4CuS可知，

28、弱酸可以制备强酸，正确；醋酸钠与盐酸反应生成醋酸和氯化钠，符合没有水生成，也没有沉淀和气体生成的复分解反应，故正确；2H2S+H2SO3=3H2O+S可以知道：氢硫酸和亚硫酸溶液充分反应后的溶液体系为中性，故正确；同素异形体之间的转化属于有单质参加的非氧化和还原反应，正确；反应2Na2O2+2H2O=4NaOH+O2和3NO2+H2O=2HNO3+NO是两种氧化物反应产物有气体的反应，故正确；综合以上分析，本题选A。点睛：本题主要考查高中化学中的一些化学反应，需要学生平时多总结归纳，熟练掌握化学方程式。二、非选择题（本题包括5小题）17、N Si S 1s22s22p63s23p2 C+O2C

29、O2 第三周期VIA族 NOC SiS 【解析】（1）根据题干：A原子最外层p能级的电子数等于次外层的电子总数，可知A是碳元素。又因为B元素可分别与A、C、D、E生成RB2型化合物，可知B是氧元素，又因为A、B、C位于同一周期，故C是氮元素。DB2中D与B的质量比为7：8，可知D的相对原子质量为28，是硅元素，EB2中E与B的质量比为1：1，可知E的相对原子质量为32，是硫元素。故答案为：N，Si，S。（2）硅的电子排布式为1s22s22p63s23p2。（3）碳在氧气中完全燃烧的化学方程式为C+O2CO2。（4）硫在元素周期表中位于第三周期VIA族。（5）第一电离能与核外电子排布有关，失去一

30、个电子越容易，第一电离能越低，同周期元素的第一电离能呈增大趋势，由于氮元素核外2p能级半充满，因此第一电离能高于同周期相邻的两种元素，故第一电离能排序为NOC。（6）同一周期主族元素的电负性随原子序数递增而递增，因此电负性SiS。18、C8H10O 羧基 酯化(或取代) 2+O22+2H2O 、 【解析】(1)苏合香醇为，由-OH和苯环分析其性质，据此分析解答(1)；(2)(5) A 的相对分子质量通过质谱法测得为 56，核磁共振氢谱显示只有两组峰，分子式为C4H8，结合题给信息可知应为CH2=C(CH3)2，A发生已知信息的反应生成B，B连续氧化、酸化得到甲，结合转化关系可知，B为2-甲基-

31、1-丙醇，结构简式为(CH3)2CHCH2OH，C为2-甲基丙醛，结构简式为：(CH3)2CHCHO，甲为(CH3)2CHCOOH，甲与乙反应酯化生成丙(C13H18O2)，则乙为C9H12O，丙中有两个甲基，则乙中不含甲基，乙为苏合香醇的同系物，则乙的结构简式为，由1mol D与2mol氢气反应生成乙，所以D为C9H8O，可以发生银镜反应，含有-CHO，故D为，据此分析解答(2)(5)题。【详解】(1)苏合香醇为，由-OH和苯环可知，其分子式为C8H10O，能发生取代、加成、氧化、消去反应，而不能发生水解、加聚反应，故答案为：C8H10O；(2)甲为(CH3)2CHCOOH，含有的官能团为羧

32、基，甲与乙发生酯化反应生成丙，酯化反应也是取代反应，故答案为：羧基；取代(酯化反应)；(3)B为(CH3)2CHCH2OH，C为(CH3)2CHCHO，由B到C的化学反应方程式为2+O22+2H2O，故答案为：2+O22+2H2O；(4)由上述分析可知，D的结构简式为，故答案为：；(5)乙为，乙的同分异构体满足：苯环上有两个取代基，且苯环上的一氯取代物只有两种，应为对位位置，遇氯化铁溶液显紫色，说明含有酚羟基，则可为、，故答案为：、。【点睛】把握合成流程中官能团的变化、碳链变化、碳原子数的变化、有机反应为解答的关键。本题的易错点为(5)，要注意苯环上的两个取代基位于对位。19、 电解质 4Na

33、NO32Na2O+4NO+3O2 粉碎 蒸发结晶，趁热过滤 A 取最后一次洗涤的洗涤液少许于试管中，滴加HNO3酸化的AgNO3溶液，若未出现白色沉淀，说明洗涤后的KNO3中没有Cl- 51%【解析】分析： (1)根据NaNO3是易溶于水的盐判断；(2) 根据NaNO3可分解生成Na2O、NO和O2书写反应的化学方程式并配平；(3) 根据影响化学反应速率的因素分析；(4) 根据相关化合物溶解度随温度变化曲线可知，硝酸钾的溶解度随温度的变化明显，而氯化钠的溶解度随温度的变化不大分析解答；步骤b中需要析出硝酸钾晶体，从尽可能多的析出硝酸钾考虑；(5)检验有没有Cl-；(6) 根据硝酸根守恒，存在N

34、aNO3 KNO3，首先计算理论上100吨钠硝石可生产KNO3的质量，再求KNO3的产率。详解： (1) NaNO3是易溶于水的盐，属于电解质，故答案为：电解质；(2) 一定温度下，NaNO3可分解生成Na2O、NO和O2，该反应的化学方程式为4NaNO32Na2O+4NO+3O2，故答案为：4NaNO32Na2O+4NO+3O2；(3) 根据影响化学反应速率的因素可知，可将矿石粉碎，以提高钠硝石的溶浸速率，故答案为：粉碎；(4) 根据相关化合物溶解度随温度变化曲线可知，硝酸钾的溶解度随温度的变化明显，而氯化钠的溶解度随温度的变化不大，为减少KNO3的损失，步骤a应为蒸发结晶，趁热过滤；步骤b

35、中需要析出硝酸钾晶体，为了尽可能多的析出硝酸钾，应该控制温度在10最好，故答案为：蒸发结晶，趁热过滤；A；(5) 要验证洗涤后的KNO3中没有Cl-，只需要取最后一次洗涤的洗涤液少许于试管中，滴加HNO3酸化的AgNO3溶液，若未出现白色沉淀，即可说明洗涤后的KNO3中没有Cl-，故答案为：取最后一次洗涤的洗涤液少许于试管中，滴加HNO3酸化的AgNO3溶液，若未出现白色沉淀，说明洗涤后的KNO3中没有Cl-；(6) 根据硝酸根守恒，存在NaNO3 KNO3，理论上100吨钠硝石可生产KNO3的质量为100吨10185=118.8吨，则KNO3的产率为60.6吨118.8吨100%=51%，故

36、答案为：51%。20、 50 mL容量瓶 偏小 2MnO45H2C2O46H=2Mn210CO28H2O 当滴入最后一滴KMnO4溶液时，溶液颜色有无色变为粉红色，但半分钟内不褪色 0.03 2Fe2+2H+H2O2=+2Fe3+2H2O Fe3+催化下H2O2分解生成O2【解析】本题考查化学实验方案的设计与评价。解析：.（1）量筒不能用于配制溶液，视线应该与凹液面的最低点相平读数，所以操作错误；（2）配制50mL一定物质的量浓度KMnO4标准溶液需要50mL的容量瓶；（3）仰视读数时，定容时，所加的水超过刻度线，体积偏大，所以浓度偏小；（4）由题给未配平的离子方程式可知，反应中H2C2O4做还原剂被氧化为CO2，MnO4做氧化剂被还原为Mn2+，依据得失电子数目守恒和原子个数守恒可得配平的化学方程式为2MnO4+5H2C2O4+6H+2Mn2+10CO2+8H2O；（5）草酸溶液无色，当反应正好完全进行的时候，多加一滴KMnO4溶液，溶液恰好由无色变为紫红色；（6）血样处理过程中存在如下关系式：5Ca2+5CaC2O45H2C2O42MnO4，所以n(Ca2+)52n(MnO4-)520.0120L0.020mol