金太阳广东省2021-2022学年化学高二下期末统考模拟试题含解析

1、2022年高二下化学期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项）1、已知反应2NO + 2H2 = N2 + 2H2O的速率方程为= kc2(NO) c(H2)（k为速率常数），其反应历程如下： 2NO + H2 N2+H2O2 慢 H2O2 + H2 2H2O 快下列说法不正确的是A增大

2、c (NO) 或c(H2)，均可提高总反应的反应速率Bc (NO) 、c(H2)增大相同的倍数，对总反应的反应速率的影响程度相同C该反应的快慢主要取决于反应D升高温度，可提高反应、的速率2、下列溶液中Cl的物质的量浓度最大的是（ ）A200mL2mol/LMgCl2溶液B1000mL2.5mol/LNaCl溶液C250mL1mol/LAlCl3溶液D300mL5mol/LKClO3溶液3、以下关于化学实验中“先与后”的说法中正确的是（）蒸馏时，先点燃酒精灯，再通冷凝水加热氯酸钾和二氧化锰的混合物制备氧气，用排水法收集气体后，先移出导管后撤酒精灯实验室制取某气体时，先检查装置气密性后装药品分液时

3、，先打开分液漏斗上口的塞子，后打开分液漏斗的旋塞H2还原CuO实验时，先检验气体纯度后点燃酒精灯使用托盘天平称盘物体质量时，先放质量较小的砝码，后放质量较大的砝码蒸馏时加热一段时间，发现忘记加沸石，应迅速补加沸石后继续加热A B C D全部4、下列说法中正确的是( )A烯中CC的键能是乙烷中CC的键能的2倍B氮气分子中含有1个键和2个键CNO键的极性比CO键的极性大DNH4中4个NH键的键能不相同5、质量为 ag 的铜丝，在空气中灼热变黑，趁热放入下列物质中，铜丝质量增加的是（ ）A石灰水BCOC盐酸DC2H5OH6、 “化学实验观察现象分析推理得出结论”是化学学习的方法之一。下列说法正确的是

4、（ ）A证明某红棕色气体是溴蒸气还是NO2，可用湿润的淀粉-KI 试纸检验，观察试纸颜色变化B将SO2通入足量稀Fe(NO3)3溶液，溶液由棕黄色变为浅绿色，但立即又变成棕黄色，假设通入的SO2完全反应，则同温同压下，逸出气体和SO2的体积比为23C验证淀粉的水解产物是否具有还原性，取水解液于试管中并加入新制氢氧化铜悬浊液，加热煮沸，观察是否出现砖红色沉淀D向铝质容器中加入食盐溶液，再将变黑的银器浸入该溶液中，一段时间后发现黑色褪去，该过程中发生的反应为 2Al+3Ag2S=6Ag+Al2S37、下列说法不正确的是ANa2O2的电子式：B金属钠着火时，用细沙覆盖灭火C氯水、氯气、液氯均能与硝酸

5、银溶液反应产生白色沉淀D研究方法是观察法8、下列各项操作中，不发生“先产生沉淀，然后沉淀又溶解”现象的是（ ）A向稀盐酸中逐滴加入过量的溶液B向溶液中逐滴加入过量稀溶液C向溶液中逐滴加入稀氨水D向氢氧化钡溶液中通入过量9、有5种有机物： CH2=CHCH=CH2， 其中可用于合成 高分子材料的正确组合为A B C D10、下列各组离子能大量共存的是()“84”消毒液的水溶液中：Fe2、Cl、Ca2、Na加入KSCN显红色的溶液：K、NH、Cl、S2能够与金属Cu常温下反应放出气体的溶液：Fe3、Al3、SO、KpH2的溶液中：NH、Na、Cl、Cu2无色溶液中：K、CH3COO、HCO、MnO

6、A B C D11、化学与生活、社会发展息息相关，下列有关说法不正确的是（）A“青蒿一握，以水二升渍，绞取汁”，屠呦呦对青蒿素的提取属于化学变化B“霾尘积聚难见路人”，雾霾所形成的气溶胶有丁达尔效应C“熬胆矾铁釜，久之亦化为铜”，该过程发生了置换反应D向豆浆中加入盐卤可制作豆腐，利用了胶体聚沉的性质12、有一包白色粉末X，由BaCl2、K2SO4、CaCO3、NaOH、CuCl2、KCl中的一种或几种组成，为了探究其成分，进行了如下实验：下列判断正确的是A白色滤渣A可能为CaCO3、BaSO4的混合物BK2SO4、CuCl2一定不存在CKCl、K2SO4可能存在DCaCO3、BaCl2一定存在

7、，NaOH可能存在13、常温下，向饱和氯水中逐滴滴入0.1molL-1的氢氧化钠溶液，pH变化如右图所示，下列有关叙述正确的是() A点所示溶液中只存在HClO的电离平衡B到水的电离程度逐渐减小CI能在点所示溶液中存在D点所示溶液中：c(Na+)c(Cl) + c(ClO)14、200时，11.6 g CO2和H2O的混合气体与足量的Na2O2反应，反应后固体增加了3.6 g，则原混合气体中水蒸气所占的物质的量百分比是A20% B25% C75% D80%15、A原子的结构示意图为。则x、y及该原子3p能级上的电子数分别为()A18、6、4 B20、8、6C18、8、6 D1520、38、16

8、16、为了提纯下表所列物质(括号内为杂质)，有关除杂试剂和分离方法的选择均正确的是选项被提纯的物质除杂试剂分离方法ACH3CH2OH(CH3COOH)CaO 蒸馏BKNO3 (NaCl)水过滤C己烷(己烯)溴水分液DCH3COOC2H5(CH3COOH)NaOH溶液分液AABBCCDD17、下列家庭化学小实验不能达到预期目的的是A用米汤检验食用加碘盐(含KIO3)中含有碘B用醋、石灰水验证蛋壳中含有碳酸盐C用碘酒检验汽油中是否含有不饱和烃D用鸡蛋白、食盐、水完成蛋白质的溶解、盐析实验18、下列溶液中加入少量NaOH固体导电能力变化不大的是（ ）ANH3H2OBCH3COOHC盐酸DH2O19、

9、以色列科学家发现准晶体，独享2011年诺贝尔化学奖。已知的准晶体都是金属互化物。人们发现组成为铝铜铁铬的准晶体具有低摩擦系数、高硬度、低表面能，正被开发为炒菜锅的镀层。下列说法正确的是（）A已知的准晶体是离子化合物B已知的准晶体中含有非极性键C合金的硬度一般比各组份金属的硬度更低D准晶体可开发成为新型材料20、下列说法正确的是A正四面体烷与立方烷的二氯代物数目相同B淀粉的水解产物为葡萄糖，葡萄糖在酒化酶作用下再进一步水解可得酒精C75%的乙醇溶液可用于医疗消毒，福尔马林可用于浸制动物标本，二者都使蛋白质变 性D甘氨酸和丙氨酸混合物发生缩合只能形成 2 种二肽21、下列现象和应用与电子跃迁无关的

10、是（ ）A焰色反应 B石墨导电 C激光 D原子光谱22、下列关于有机物命名和分类的叙述正确的是A的名称为2-羟基丁烷B的名称为2，2，3-三甲基戊烷C、的都属于芳香烃D乙二醇和丙三醇互为同系物二、非选择题(共84分)23、（14分）某芳香烃A是有机合成中重要的原料，由A制取高聚物M的流程如下：请回答下列问题：（1）反应的反应类型为_。（2）E中的官能团名称是_。（3）反应的条件是_。（4）写出A和F的结构简式：A_；F_。（5）符合下列条件的E的同分异构体有_种（不考虑立体异构）。含有相同官能团遇FeCl2能发生显色反应苯环上连有三个取代基（6）写出下列化学反应方程式：反应_，D与新制Cu（O

11、H）2悬浊液反应_。24、（12分）1，4环己二醇可通过下列路线合成(某些反应的反应物和反应条件未列出)：(1)写出反应、的化学方程式：_；_。(2)上述七个反应中属于加成反应的有_(填反应序号)，A中所含有的官能团名称为_。(3)反应中可能产生一定量的副产物，其可能的结构简式为_。25、（12分）NaClO2/H2O2酸性复合吸收剂可同时有效脱硫、脱硝。实验室制备少量NaClO2的装置如图所示。装置I控制温度在3555C，通入SO2将NaClO3还原为ClO2(沸点：11C)。回答下列问题：（1）装置中反应的离子方程式为_。（2）装置中反应的化学方程式为_。（3）装置用中NaOH溶液的作用是

12、_。（4）用制得的NaClO4/H2O2酸性复合吸收剂同时对NO、SO2进行氧化得到硝酸和硫酸而除去。在温度一定时，n(H2O2)/n(NaClO2)和溶液pH对脱硫、脱硝的影响如图所示：从图1和图2中可知脱硫、脱硝的最佳条件是n(H2O2)/n(NaClO2)_。pH在_之间。图2中SO2的去除率随pH的增大而增大，而NO的去除率在pH5.5时反而减小。NO去除率减小的可能原因是_。26、（10分）某化学小组采用类似制乙酸乙酯的装置，用环己醇制备环己烯：已知：密度（g/cm3）熔点（）沸点（）溶解性环己醇0.9625161能溶于水环己烯0.8110383难溶于水（1）制备粗品：采用如图1所示

13、装置，用环己醇制备环己烯。将12.5 mL环己醇加入试管A中，再加入1 mL浓硫酸，摇匀放入碎瓷片，缓慢加热至反应完全，在试管C内得到环己烯粗品。A中碎瓷片的作用是_，导管B的作用是_。试管C置于冰水浴中的目的是_。（2）制备精品：环己烯粗品中含有环己醇和少量有机酸性杂质等。加入饱和食盐水，振荡、静置、分层，环己烯在_层（填“上”或“下”），分液后用_洗涤（填字母）。AKMnO4溶液B稀H2SO4CNa2CO3溶液再将环己烯按图2装置蒸馏，冷却水从_口（填字母）进入。蒸馏时加入生石灰，目的是_。收集产品时，控制的温度应在_左右，实验制得的环己烯精品质量低于理论产量，可能的原因是_（填字母）。a

14、. 蒸馏时从70开始收集产品b. 环己醇实际用量多了c. 制备粗品时环己醇随产品一起蒸出（3）以下区分环己烯精品和粗品的方法，合理的是_（填字母）。a. 用酸性高锰酸钾溶液b. 用金属钠c. 测定沸点27、（12分）工业上可用焦炭与二氧化硅的混合物在高温下与氯气反应生成SiCl4，SiCl4经提纯后用氢气还原得高纯度硅。以下是实验室制备SiCl4的装置示意图。请回答下列问题：（1）仪器D的名称_。（2）装置A的硬质玻璃管中发生反应的化学方程式是_。（3）C中吸收尾气一段时间后，吸收液中存在多种阴离子，下列有关吸收液中离子检验的说法正确的是_。A取少量吸收液加入AgNO3溶液，若生成白色沉淀，则

15、说明一定存在ClB取少量吸收液，滴加溴水，若溴水褪色，则说明一定存在SO32-C取少量吸收液，加过量BaCl2溶液，过滤出沉淀，向沉淀中加过量稀盐酸，若沉淀部分溶解，且有气泡产生，则说明一定存在SO32-D取少量吸收液，加硫酸酸化后再加淀粉碘化钾溶液，若溶液变蓝，则说明一定存在ClO28、（14分）1915年诺贝尔物理学奖授予Henry Bragg和Lawrence Bragg，以表彰他们用X射线对晶体结构的分析所作的贡献(1)科学家通过X射线探明，NaCl、KCl、MgO、CaO晶体结构相似，其中三种晶体的晶格能数据如下表：4种晶体NaCl、KCl、MgO、CaO熔点由高到低的顺序是_(2)

16、科学家通过X射线推测胆矾中既含有配位键，又含有氢键，其结构示意图可简单表示如下，其中配位键和氢键均采用虚线表示写出基态Cu原子的核外电子排布式_；金属铜采用下列_（填字母代号）堆积方式写出胆矾晶体中水合铜离子的结构简式（必须将配位键表示出来）_水分子间存在氢键，请你列举两点事实说明氢键对水的性质的影响_SO42的空间构型是_29、（10分）硫化氢气体在资源利用和环境保护等方面均有重要应用。（1）工业采用高温分解H2S制取氢气，2H2S(g) 2H2(g) + S2(g)，在膜反应器中分离出H2。在容积为 2L 的恒容密闭容器中，控制不同温度进行此反应。H2S的起始物质的量均为 1mol，实验过

17、程中测得H2S的转化率如图所示。曲线 a 表示H2S的平衡转化率与温度的关系，曲线 b 表示不同温度下反应经过相同时间时H2S的转化率。反应2H2S(g) 2H2(g) + S2(g)的H_（填“”“”或“=”）0。985时，反应经过5 s达到平衡状态，此时H2S的转化率为40%，则用H2表示的反应速率为v(H2) =_。随着H2S分解温度的升高，曲线b向曲线a逐渐靠近，其原因是_。（2）将H2S和空气的混合气体通入FeCl3 、FeCl2 、CuCl2的混合溶液中反应回收S，其物质转化如下图所示。在图示的转化中，化合价不变的元素是_。在温度一定和不补加溶液的条件下，缓慢通入混合气体，并充分搅

18、拌。欲使生成的硫单质中不含CuS，可采取的措施有_。（3）工业上常采用上图电解装置电解K4Fe(CN)6和KHCO3混合溶液，电解一段时间后，通入H2S 加以处理。利用生成的铁的化合物K3Fe(CN)6将气态废弃物中的H2S 转化为可利用的S，自身转化为K4Fe(CN)6。电解时，阳极的电极反应式为_。当有16 g S析出时，阴极产生的气体在标准状况下的体积为_。参考答案一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项）1、B【解析】A根据速率方程为= kc2(NO) c(H2)，增大c (NO) 或c(H2)，均可提高总反应的反应速率，故A正确；B根据速率方程为= kc2(NO)

19、 c(H2)，c (NO) 、c(H2)增大相同的倍数，对总反应的反应速率的影响程度不同，如c (NO) 增大2倍，增大4倍、c(H2)增大2倍，增大2倍，故B错误；C反应速率由最慢的一步决定，该反应的快慢主要取决于反应，故C正确；D升高温度，可以增大活化分子百分数，反应速率加快，可以提高反应、的速率，故D正确；答案选B。2、A【解析】根据溶液中c(Cl-)=溶质的物质的量浓度化学式中氯离子个数，与溶液的体积无关，结合选项判断即可。【详解】A. 200mL 2mol/LMgCl2溶液中c(Cl-)=22mol/L=4mol/L；B. 1000mL2.5mol/LNaCl溶液中c(Cl-)=2.

20、5mol/L；C. 250mL1mol/LAlCl3溶液中c(Cl-)=3mol/L；D. KClO3溶液中无氯离子；综上所述，200mL 2mol/LMgCl2溶液中c(Cl-)最大，A项正确；答案选A。3、C【解析】蒸馏时，应先通冷凝水，再点燃酒精灯加热，故错误；加热氯酸钾和二氧化锰的混合物制备氧气，用排水法收集气体后，为防止液体倒吸炸裂试管，应该先移出导管后撤酒精灯，故正确；制取气体时，一定要先检查装置气密性后装药品，故正确；分液操作时，先打开分液漏斗上口的塞子，使内外压强想通，再打开分液漏斗的旋塞，故正确；做H2还原CuO实验开始时要排除空气，先通入氢气，结束时要防止金属铜被氧气氧化，

21、先撒酒精灯待试管冷却后停止通H2，故正确；托盘天平的砝码在加取时，先放质量较大的砝码，后放质量较小的砝码，故错误；蒸馏时加热一段时间，发现忘记加沸石，应冷却后再补加沸石，再继续加热，故错误；答案为C。4、B【解析】有机化合物中，碳原子与碳原子的原子轨道之间以“肩并肩”的方式形成键的重叠程度要比以“头碰头”的方式形成键的重叠程度小得多。两个碳原子之间形成的键比键牢固，键的键能通常大于键。【详解】A.乙烯中两个碳原子间存在一个键和一个键，乙烷中两个碳原子间存在一个键，乙烯中CC的键能应当大于乙烷中CC的键能且小于乙烷中CC的键能的2倍，故A错误；B.氮气分子中有三个共价键，1个键和2个键，故B正确

22、；C.形成共价键的两个原子对电子的吸引能力差别越大，共价键的极性就越强；N原子与O原子吸电子能力的差值小于C与O吸电子能力的差值，NO键的极性比CO键的极性小，故C错误；D.在NH4+中参与成键的8个电子分布在原子最外层的4个能量相等的sp3杂化轨道中，4个NH键的键能键长键角都相等，故D错误；综上所述，本题选B。【点睛】通过物质的结构式，可以快速有效判断键的种类及数目；判断成键方式时，需要掌握：共价单键全为键，双键中有一个键和1个键，三键中有一个键和2个键，且键比键稳定。5、A【解析】铜丝灼烧成黑色，是与氧气反应生成了CuO：2Cu+O22CuO，趁热放入题给物质中，铜丝质量增加，说明CuO

23、未被还原或溶解，以此解答该题。【详解】A氧化铜与石灰水不反应，铜丝质量增大，A正确；BCuO与CO反应生成Cu，铜丝质量不变，B错误；CCuO溶于盐酸，铜丝质量减小，C错误；D铜丝灼烧成黑色，立即放入乙醇中，CuO与乙醇反应：CuO+C2H5OHCH3CHO+Cu+H2O，反应前后其质量不变，D错误。答案选A。6、B【解析】A二氧化氮和溴都能把碘离子氧化生成碘单质，碘遇淀粉变蓝色，所以不能用湿润的淀粉碘化钾试纸区别二氧化氮和溴蒸气，故A错误；B反应中被还原的是NO3-，相当于硝酸根离子与二氧化硫之间的氧化还原，3SO22NO3-2NO，故逸出气体和SO2的体积比为23，故B正确；C淀粉的水解是

24、在酸性条件下，检验水解产物时需要先中和催化作用的酸，再加入新制氢氧化铜悬浊液，加热煮沸，故C错误；DAl2S3在溶液中不能存在，会发生双水解反应生成H2S和Al(OH)3，故D错误；答案为B。7、A【解析】A.在过氧化钠中，氧氧之间共用着一对电子，正确的电子式为故A项错误；B.细沙和金属钠之间不反应，金属钠着火时，可以用细沙覆盖隔绝氧气来灭火，故B项正确；C.氯水、氯气、液氯均可与水或在水溶液中生成氯离子，加入硝酸银溶液都可生成氯化银沉淀，故C项正确；D.图示表示的是一同学正在闻物质的气味，根据学生的操作可以知道该学生除了闻气味，还可以观察到气体的颜色，故D项正确。故答案为A。8、A【解析】A

25、项、向稀盐酸中逐滴加入偏铝酸钠溶液，过量的盐酸与偏铝酸钠溶液反应生成氯化铝，无明显现象，当盐酸完全反应后，过量的偏铝酸钠溶液与氯化铝溶液发生双水解反应生成白色胶状的氢氧化铝沉淀，故A错误；B项、向氯化铝溶液中滴加氢氧化钠溶液，氯化铝溶液与氢氧化钠溶液反应生成白色胶状的氢氧化铝沉淀，当氯化铝溶液完全反应后，过量的氢氧化钠溶液与氢氧化铝沉淀反应生成偏铝酸钠，沉淀溶解，故B正确；C项、向硝酸银溶液中滴加氨水，硝酸银溶液与氨水反应生成白色的氢氧化银沉淀，当硝酸银溶液完全反应后，过量的氨水与氢氧化银沉淀反应生成银氨络离子，沉淀溶解，故C正确；D项、向氢氧化钡溶液中通入二氧化碳气体，氢氧化钡溶液与二氧化碳

26、反应生成白色的碳酸钡沉淀，当氢氧化钡溶液完全反应后，过量的二氧化碳与碳酸钡沉淀反应生成碳酸氢钡，沉淀溶解，故D正确；故选A。9、D【解析】试题分析：根据结构简式可知，该有机物为加聚反应产物，其主链含有两个碳碳双键，先将中括号去掉，然后从左向右，按照“见双键，四个碳，无双键，两个碳”画线断开：，则可以得到该有机物的三种单体：、CH2=CH-CH=CH2、，答案选D。考点：考查不饱和烃加聚反应的规律。10、D【解析】分析：“84”消毒液的水溶液中含有ClO-，具有强氧化性；加入KSCN显红色的溶液中含有Fe3+；能够与金属Cu常温下反应放出气体的溶液，具有强氧化性；pH=2的溶液，为酸性溶液；Mn

27、O4-在水溶液中为紫色。详解：“84”消毒液的水溶液中含有ClO-，具有强氧化性，与Fe2+发生氧化还原反应而不能共存，故错误；加入KSCN显红色的溶液中含有Fe3+，与S2-相互促进水解而不能共存，故错误；能够与金属Cu常温下反应放出气体的溶液，具有强氧化性，但该组离子之间不反应，则能够共存，故正确；pH=2的溶液，为酸性溶液，该组离子之间不反应，则能够共存，故正确；MnO4-在水溶液中为紫色，与无色溶液不符，故错误；故选D点睛：本题考查离子的共存，明确题目中的隐含信息及离子之间的反应是解答本题的关键，题目难度不大。11、A【解析】A青蒿素的提取用的是低温萃取，属于物理方法，故A错误；B雾霾

28、所形成的气溶胶属于胶体，有丁达尔效应，故B正确；C铁置换铜属于湿法炼铜，该过程发生了置换反应，故C正确；D根据胶体的聚沉原理，可向豆浆中加入盐卤(主要成分为MgCl2)制作豆腐，故D正确；答案选A。12、B【解析】由流程可知，白色固体溶于水，得到无色溶液，则一定不含CuCl2，白色滤渣A与足量稀盐酸反应生成气体D和溶液C，则滤渣A为CaCO3，不含BaSO4，生成的气体D为CO2；CO2与无色溶液B反应生成白色沉淀E和溶液F，则白色沉淀E为BaCO3，则一定含有BaCl2、NaOH，一定没有K2SO4；可能存在KCl；据此分析解答。【详解】A白色滤渣A只有CaCO3，不存在BaSO4，因为加入

29、足量稀盐酸后没有沉淀剩余，故A错误；B结合分析可知，原混合物中一定不存在K2SO4、CuCl2，故B正确；C根据上述分析，可能含有KCl，一定不存在K2SO4，故C错误；D如果没有NaOH，BaCl2与二氧化碳不反应，无法生成碳酸钡沉淀，则一定含有NaOH，故D错误；故选B。【点睛】本题的易错点为D，要注意氯化钡溶液中通入二氧化碳，不能生成碳酸钡沉淀，若要反应得到沉淀，需要在碱性溶液中进行或将二氧化碳转化为易溶于水的盐。13、D【解析】A点时没有加入氢氧化钠，溶液中存在HClO和水的电离平衡，A错误；B到溶液c（H+）之间减小，酸对水的电离的抑制程度减小，则水的电离程度逐渐增大，B错误；C点时

30、溶液存在ClO-，具有强氧化性，可氧化I-，I-不能大量存在，C错误；D点时溶液pH=7，则c（H+）=c（OH-），根据电荷守恒得c（H+）+c（Na+）=c（Cl-）+c（ClO-）+c（OH-），所以c（Na+）=c（Cl-）+c（ClO-），D正确；答案选D。【点睛】向饱和氯水中逐滴滴入0.1molL-1的氢氧化钠溶液，发生的反应为Cl2+H2OHCl+HClO、HCl+NaOHNaCl+H2O、HClO+NaOHNaClO+H2O，注意理解溶液中的溶质及其性质是解本题关键，根据物料守恒得c（Cl-）=c（ClO-）+c（HClO），为易错点。14、D【解析】分析：向足量的固体 Na2

31、O2中通入11.6gCO2和H2O ,固体只增加3.6g,是因为反应还生成了O2,根据质量守恒定律可以知道m(O2)=11.6-3.6=8g,所以n(O2)=8/32=0.25mol,令混合物中CO2和水蒸气的物质的量分别为xmol,ymol，根据生成氧气的物质的量及二者之和,列方程计算。详解：向足量的固体 Na2O2中通入11.6gCO2和H2O ,固体只增加3.6g,是因为反应还生成了O2,根据质量守恒定律可以知道m(O2)=11.6-3.6=8g,所以n(O2)=8/32=0.25mol,令混合物中CO2和水蒸气的物质的量分别为xmol,ymol,则: 2Na2O2+2CO2=2Na2C

32、O3+O2，根据反应关系：2CO2-O2，n(O2)=0.5xmol；2Na2O2+2H2O=4NaOH+O2，根据反应关系：2H2O-O2，n(O2)=0.5ymol，所以：0.5x+0.5y=0.25,44x+18y=11.6，计算得出x=0.1mol，y=0.4 mol，原混合气体中水蒸气所占的物质的量百分比是0.4/(0.4+0.1)100%=80%, D 正确；正确选项D。点睛：足量的固体 Na2O2中通入一定质量的CO2和H2O ,过氧化钠固体质量增重为一氧化碳和氢气的质量；因此，反应消耗二氧化碳的量等于一氧化碳的量，反应消耗水蒸气的量等于氢气的量，因此据此规律可以列方程求出二氧化

33、碳和水蒸气的量，从而求出水蒸气的物的量分数。15、B【解析】试题分析：原子核外电子数排布：1层：2 2层：2 8 3层：2 8 8 4层：2 8 18 8 5层：2 8 18 18 8 6层：2 8 18 32 18 8 以上的数都是最大的数，处于该层的元素的最外层电子逐渐增大，其余层都是最大数 （仅限IAVIIA族，B族元素不全符合），稀有气体的电子排布符合最大数。y=8 x=20 1s22s22p63s23p63d（0-10） 4s2，因出现4S，所以3p能级上的电子数肯定是6。考点：原子核外电子数排布点评：本题考查的是原子核外电子数排布的知识，题目难度适中，注重基础知识的学习。16、A【

34、解析】ACH3COOH与CaO反应，生成乙酸钙(CH3COO)2Ca，CH3CH2OH溶解在混合物中，蒸馏时，乙醇成为蒸汽蒸出，A正确；BKNO3中混有NaCl，可在较高温度下配成浓溶液，然后降温结晶，B不正确；C己烷中混有己烯，加入溴水后，虽然己烯与Br2发生加成反应，但加成产物仍与己烷互溶，无法用分液法将二者分离，C不正确；D加入NaOH溶液，CH3COOC2H5会发生水解生成乙酸钠和乙醇，D不正确；故选A。17、A【解析】A. 米汤里含有淀粉，但是加碘盐中的碘不是I2而是KIO3，所以用淀粉无法检验，符合题意，A项选；B. 蛋壳的主要成分是CaCO3，可以和醋酸反应生成CO2通入到石灰水

35、中能产生沉淀，不符合题意，B项不选；C. 不饱和烃可以跟卤素的水溶液或有机溶液发生加成反应而使卤素褪色，所以碘酒可以检验汽油中是否含有不饱和烃，不符合题意，C项不选；D. 轻金属盐可以使蛋白质盐析，所以食盐、鸡蛋白和水可以完成蛋白质的溶液、盐析实验，不符合题意，D项不选；答案选A。18、C【解析】溶液的导电能力与离子的浓度成正比，与电解质的强弱无关，离子浓度越大导电能力越强，浓度越小导电能力越弱，向溶液中加入氢氧化钠固体后，如果能增大溶液中离子浓度，则能增大溶液的导电能力，否则不能增大溶液的导电能力。【详解】A.氨水是弱电解质，氢氧化钠是强电解质，向氨水中加入氢氧化钠固体后，溶液中离子浓度增大

36、，所以导电能力增强，故A不符合；B.醋酸是弱电解质，氢氧化钠和醋酸反应生成醋酸钠，溶液中的溶质由弱电解质变成强电解质，离子浓度增大，溶液的导电能力增强，故B不符合；C.氯化氢是强电解质，氢氧化钠是强电解质，向盐酸中加入氢氧化钠固体后，氢氧化钠和盐酸反应生成氯化钠和水，溶液中离子浓度变化不大，所以溶液的导电能力变化不大，故C符合；D.水是弱电解质，向水中加入氢氧化钠固体后，溶液中离子浓度增大，则溶液的导电能力增强，故D不符合；答案选C。19、D【解析】A已知的准晶体都是金属互化物，为金属晶体，不存在离子键，不是离子化合物，故A错误；B已知的准晶体都是金属互化物，含有金属键，为金属晶体，不存在非极

37、性键，故B错误；C由题给信息可知，该晶体为合金，具有较高的硬度，合金的硬度一般比各组份金属的硬度更高，故C错误；D该晶体具有低摩擦系数、高硬度、低表面能的特点，为新型材料，具有开发为新材料的价值，故D正确；故选D。【点睛】解答本题的关键是正确理解“已知的准晶体都是金属互化物”的含义。易错点为AB。20、C【解析】A. 正四面体烷的二氯代物有1种，立方烷的二氯代物有3种，故A错误；B.葡萄糖在酒化酶作用下生成酒精，不属于水解反应，故B错误；C. 乙醇、福尔马林均可使蛋白质变性，则75%的乙醇溶液可用于医疗消毒，福尔马林可用于浸制动物标本，故C正确；D. 甘氨酸和丙氨酸混合物，若同种氨基酸脱水，生

38、成2种二肽；若是异种氨基酸脱水：可以是甘氨酸脱去羟基，丙氨酸脱氢；也可以丙氨酸脱羟基，甘氨酸脱去氢，生成2种二肽，所以共有4种，故D错误。21、B【解析】本题考查的是电子跃迁的本质，掌握常见的与电子跃迁有关的现象是解题的关键。详解：A.当碱金属及其盐在火焰上灼烧时，原子钟的电子吸收了能量，从能量较低的轨道跃迁到能量较高的轨道，但出于能量较高轨道上的电子是不稳定的，很快跃迁回能量较低的轨道，这时就将多余的能量以光的形式放出，因而能使火焰呈现颜色，与电子跃迁有关，故错误；B.石墨是层状结构，层间有自由移动的电子，与电子跃迁无关，故正确；C.电子跃迁产生光子与入射光子具有相关性，即入射光与辐射光的相

39、位相同。如果这一过程能够在物质中反复进行，并且能用其他方式不断补充因物质产生光子而损失的能量，那么产生的光就是激光，与电子跃迁有关，故错误。D.原子光谱的产生是原子和电子发生能级跃迁的结果，与电子跃迁有关，故错误。故选B。22、B【解析】分析：本题考查的是有机物的命名，难度较小。详解：A.该有机物的名称应该为2-丁醇，故错误；B.该有机物的名称应该为2,2,3-三甲基戊烷，故正确；C.该有机物为苯和环烯烃，环烯烃不含苯环结构，不属于芳香烃，故错误；D.乙二醇和丙三醇的羟基数目不同，不是同系物，故错误。故选B。点睛：注意同系物是指结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质。所说的结

40、构相似是指属于同类物质，即官能团种类和个数相同。如醇和酚类不可能属于同系物，乙醇和乙二醇或丙三醇不可能是同系物。二、非选择题(共84分)23、取代反应或水解反应 羧基和羟基 氢氧化钠溶液、加热 20 2+O22+2H2O +2 Cu(OH)2+NaOH+ Cu2O+3 H2O 【解析】根据逆推法，由E（）可知，D在新制的氢氧化铜悬浊液中加热反应后酸化得到E，则D为，是由C在铜催化下加热与氧气反应而得，故C为，B是由某芳香烃A与溴的四氯化碳溶液反应而得，故B为二溴代烃，根据C的结构简式可知B为，A为；E在浓硫酸作用下发生消去反应生成F为，与甲醇发生酯化反应生成G为，G发生加聚反应生成H为，据此分

41、析。【详解】根据逆推法，由E（）可知，D在新制的氢氧化铜悬浊液中加热反应后酸化得到E，则D为，是由C在铜催化下加热与氧气反应而得，故C为，B是由某芳香烃A与溴的四氯化碳溶液反应而得，故B为二溴代烃，根据C的结构简式可知B为，A为；E在浓硫酸作用下发生消去反应生成F为，与甲醇发生酯化反应生成G为，G发生加聚反应生成H为。（1）反应为在氢氧化钠的水溶液中加热发生水解反应生成和溴化钠，反应类型为水解反应或取代反应；（2）E为，其中官能团名称是羧基和羟基；（3）反应为在氢氧化钠的水溶液中加热发生水解反应，条件是氢氧化钠溶液、加热；（4）A的结构简式为；F的结构简式为；（5）E为，符合条件的E的同分异构

42、体：含有相同官能团，即羧基和羟基；遇FeCl2能发生显色反应，则为酚羟基；苯环上连有三个取代基，故苯环上的取代基可以为-OH、-COOH和-CH2CH3或-OH、-CH2COOH和-CH3两种组合，根据定二动三，每种组合的同分异构体有10种，共20种符合条件的同分异构体；（6）反应的化学反应方程式为2+O22+2H2O，D与新制Cu(OH)2悬浊液反应，反应的化学方程式为+2 Cu(OH)2+NaOH+ Cu2O+3 H2O。【点睛】本题考查有机推断，利用逆推法推出各有机物的结构简式是解答本题的关键。易错点为（5），应注意苯环上取代基的确定，再利用其中二个取代基在苯环上的位置为邻、间、对位，第

43、三个取代基在苯环上的取代种数分别为4、4、2，从而求得同分异构体的数目。24、+NaOH+2NaCl+2H2O +2NaOH+2NaBr 碳碳双键 【解析】由合成路线可知，反应为光照条件下的取代反应，反应为NaOH/醇条件下的消去反应生成A为，反应为A与氯气发生加成反应生成B为，B在NaOH/醇条件下发生消去反应得到，反应为溴与的1,4加成反应，反应为碳碳双键与氢气的加成反应，生成C为，反应为C在NaOH/水条件下发生水解反应生成1,4-环己二醇，据此解答。【详解】（1）一氯环己烷与NaOH的醇溶液加热发生消去反应产生A：环己烯；环己烯与氯气发生加成反应产生B：1，2二氯环己烷，与NaOH的醇

44、溶液加热发生消去反应产生环己二烯，故反应的化学方程式为；环己二烯与溴水按照1:1发生1,4加成反应产生；与氢气发生加成反应产生C：；C与NaOH的水溶液发生取代反应产生。故反应的化学方程式是：。（2）在上述七个反应中属于加成反应的有，A为，所含官能团名称为碳碳双键；（3）二烯烃可能发生1,2加成，也可能发生1,4加成反应，还可能完全发生加成反应，所以反应中可能产生一定量的副产物，其可能的结构简式为、。25、SO2+2ClO3-2ClO2+SO42-2ClO2+H2O2+2NaOH2NaClO2+2H2O+O2吸收尾气，防止污染空气6：1或65.56.0pH5.5以后，随pH的增大，NO的还原性

45、减弱（或过氧化氢、NaClO2的氧化性减弱），NO不能被氧化成硝酸【解析】根据实验目的，装置I为二氧化硫与氯酸钠在酸性条件下反应生成二氧化氯气体，二氧化氯气体在装置II反应生成亚氯酸钠和氧气，二氧化氯有毒，未反应的应进行尾气处理，防止污染环境。【详解】（1）装置中二氧化氯与与氯酸钠在酸性条件下反应生成二氧化氯气体、硫酸钠，离子方程式为SO2+2ClO3-2ClO2+SO42-；（2）装置中二氧化氯气体与双氧水、氢氧化钠溶液反应生成亚氯酸钠和氧气，化学方程式为2ClO2+H2O2+2NaOH2NaClO2+2H2O+O2；（3）二氧化氯有毒，装置用中NaOH溶液的作用为吸收尾气，防止污染空气；（

46、4）根据图1而可知，n(H2O2)/n(NaClO2)在68时，脱硫、脱硝的去除率几乎无变化，则最佳条件是n(H2O2)/n(NaClO2)6：1；根据图2可知，pH在5.5时NO的去除率达到峰值，而二氧化硫的去除率已经很高，pH在5.56.0时最佳；由于NO的去除率在pH5.5时，随pH的增大，NO的还原性减弱，过氧化氢、NaClO2的氧化性减弱，NO不能被氧化成硝酸，所以去除率减少。26、防止暴沸导气，冷凝环己烯减少环己烯的挥发上Cg吸水，生成氢氧化钙，沸点高83cbc【解析】（1）根据制乙烯实验的知识，发生装置A中碎瓷片的作用是防止暴沸，由于生成的环己烯的沸点为83，要得到液态环己烯，导

47、管B除了导气外还具有冷凝作用，便于环己烯冷凝；冰水浴的目的是降低环己烯蒸气的温度，使其液化减少挥发；（2）环己烯的密度比水小，在上层；由于分液后环己烯粗品中还含有少量的酸和环己醇，联系制备乙酸乙酯提纯产物时用饱和Na2CO3溶液洗涤可除去酸，答案选C；蒸馏时冷却水低进高出，即从g口进，原因是冷却水与气体形成逆流，冷凝效果更好，更容易将冷凝管充满水；蒸馏时加入生石灰，目的是吸水，生成氢氧化钙，沸点高。环己烯的沸点是83，则应控制温度为83左右；a蒸馏时从70开始收集产品，提前收集，产品中混有杂质，实际产量高于理论产量，a错误；b环己醇实际用量多了，制取的环己烯的物质的量增大，实验制得的环己烯精品

48、质量高于理论产量，b错误；c若粗产品中混有环己醇，导致测定消耗的环己醇量增大，制得的环己烯精品质量低于理论产量，c正确；答案选c；（3）区别粗品与精品可加入金属钠，观察是否有气体产生，若无气体，则是精品，另外根据混合物没有固定的沸点，而纯净物有固定的沸点，通过测定环己烯粗品和环己烯精品的沸点，也可判断产品的纯度，答案选bc。27、干燥管 2C+SiO2 + 2Cl2 SiCl4 + 2CO CD 【解析】氯气与石英砂和炭粉在高温下反应生成四氯化硅、CO，通过B装置冷却四氯化硅，利用D装置防止水蒸气进入B装置，最后利用C装置吸收氯气和CO，防止污染空气，据此解答。【详解】（1）根据仪器构造可判断仪器D的名称是干燥管。（2）根据原子守恒可知装置A的硬质玻璃管中发生反应的化学方程式是2C+SiO2+2Cl2SiCl4+2CO。（