黑龙江齐齐哈尔市龙江县第二中学2022-2023学年物理高二第一学期期中达标检测试题（含解析）

1、2022-2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，S1、S2 是两个相干波源，它们的相位及振幅均相同。实线和虚线分别表示在某一时刻它们所发出的波 的波峰和波谷，关于图中所标的 a、b、c 三点，下列说法中正确的是Aa 质点振动减弱，b、c 质点振动加强Ba 质点振动加

2、强，b、c 质点振动减弱C再过 T/4 后的时刻，b、c 两质点都将处于各自的平衡位置，振动将减弱Da 点一直在平衡位置，b 点一直在波峰，c 点一直在波谷2、图示的电路图中，C2=2C1，R2=2R1下列说法正确的是（）开关处于断开状态，电容C2的电量大于C1的电量开关处于断开状态，电容C1的电量大于C2的电量开关处于接通状态，电容C2的电量大于C1的电量开关处于接通状态，电容C1的电量大于C2的电量ABCD3、下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是（）A根据真空中点电荷的电场强度公式可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带电荷量有关B根据电势差的定义式可知，带电荷量为1C

3、的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则A、B两点间的电势差为1VC根据电场强度的定义式可知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比D根据电容的定义式可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比4、如图所示电路中，电源内阻不能忽略，当变阻器R的滑片P向下移动时，电路中的电压表、和电流表A的示数变化情况是A示数变大，示数变小，A示数变小，R2消耗功率减小B示数变小，示数变大，A示数变小，R1消耗功率增大C示数变大，示数变小，A示数变大，电源消耗的总功率增大D示数变小，示数变大，A示数变大，电源消耗的总功率减小5、研究下列物体的运动时，可以将物体视为质点的是(

4、 )A转动的门B研究汽车轮上的某点运动情况的车轮C绕太阳做椭圆运动的地球D乒乓球运动员接球时可以将乒乓球当成质点6、关于电阻和电阻率的说法中，正确的是（ ） A导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻 B由可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比 C各种材料的电阻率都与温度有关，金属的电阻率随温度的升高而增大 D将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一根粗细均匀

5、的金属导线，在其两端加上电压U0时，通过导线的电流为I0，导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将导线均匀拉长，使它的横截面半径变为原来的12，再给它两端加上电压2U0，则()A通过导线的电流为I08B通过导线的电流为I016C导线中自由电子定向移动的速率为v4D导线中自由电子定向移动的速率为v28、如图甲、乙两图是电子技术中的常用电路,a、b是各部分电路的输入端,其中输入的交流高频成分用“”表示,交流低频成分用“”表示,直流成分用“”表示关于两图中负载电阻R上得到的电流特征是()A图甲中R得到的是交流成分B图甲中R得到的是直流成分C图乙中R得到的是低频成分D图乙中R得到的是高频成分9、在磁

6、场中放入一通电导线，导线与磁场垂直，导线长为1 cm，电流为0.5 A，所受的磁场力为5104 N。则A该位置的磁感应强度为0.1 TB若将该电流撤去，该位置的磁感应强度还是0.1 TC若将通电导线跟磁场平行放置，该导体所受到的磁场力为5104 ND若将通电导线跟磁场平行放置，该导体所受到的磁场力为零10、A、B两带电小球，质量分别为mA、mB，用绝缘不可伸长的细线如图悬挂，静止时A、B两球处于相同高度若B对A及A对B的库仑力分别为FA、FB，则下列判断正确的是（）AmAmBB细线AC对A的拉力 C细线OC的拉力TC=（mA+mB）gD同时烧断AC、BC细线后，A、B在竖直方向的加速度相同三、

7、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图示是用两个大小相同的钢球和玻璃球来研究“碰撞中的动量守恒”的实验，若钢球质量m1为35.0 g，玻璃球的质量m2为10.2 g。某次实验得到图示中的记录纸，其中P点为入射小球单独落下10次的平均落点，M和N点为两球相碰并重复10次的平均落点，O是斜槽末端竖直投影点，则：安装斜槽其中的一个要求是使斜槽末端_若小球飞行时间为0.2 s，则入射小球碰前的动量p1=_kgm/s，碰后的动量p1=_kgm/s，被碰小球碰后的动量p2=_kgm/s（保留两位有效数字）12（12分）如图是多用表的刻度盘，当选

8、用量程为50mA的电流档测量电流时，表针指于图示位置，则所测电流为_m；若选用倍率为“100”的电阻档测电阻时，表针也指示在图示同一位置，则所测电阻的阻值为_如果要用此多用表测量一个约2.0104的电阻，为了使测量比较精确，应选的欧姆档是_（选填“10”、“100”或“1K”）换档结束后，实验操作上首先要进行的步骤是_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示的电路中，当S闭合时，电压表和电流表(均为理想电表)的示数各为1.6V和0.4A当S断开时，它们的示数各改变0.1V和0.1A，求电源的电动势和内电

9、阻14（16分）如图甲所示，热电子由阴极飞出时的初速度忽略不计，电子发射装置的加速电压为U0，电容器板长和板间距离均为l10 cm，下极板接地，电容器右端到荧光屏的距离L15 cm，在电容器两极板间接一交变电压，上极板的电势随时间变化的图象如图乙所示(每个电子穿过平行板的时间都极短，可以认为电压是不变的)求：(1)在t0.06 s时刻，电子打在荧光屏上的何处；(2)荧光屏(足够大)上有电子打到的区间有多长，一个周期内屏幕发光时间多长？15（12分）质量为的小球从距水平地面高为h的位置以的速度水平抛出，小球抛出点与落地点之间的水平距离为，不计空气阻力，取求：小球在空中飞行的时间t；小球抛出时的高

10、度h；小球下落过程中重力做的功W参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】ABC、a质点处是两列波波峰与波谷叠加的地方,振动始终减弱的,而b、c质点是两列波波峰与波峰、波谷与波谷叠加的地方,振动始终加强.故A对；BC错；D、因为两个波源的振动方向相同、振幅相同,所以a点静止不动,一直在平衡位置.b、c两点的振动始终是加强的,但它们仍在振动,位移随时间周期变化,不是静止不动的.故D错误.故选A【点睛】两列波干涉时,两列波的波峰与波峰、波谷与波谷相遇处,振动始终加强,波峰与波谷相遇处振动始终减弱.振动加强点的振动等

11、于波单独传播时振幅的2倍.2、A【解析】当开关S断开后，电路稳定后，电路中无电流，两电容器的电压都等于电源的电动势，根据，且，得：，故正确，错误；当开关S闭合时，电容器的电压等于的电压，电容器的电压等于电阻的电压。而两电阻串联，电压之比等于电阻之比，根据，且，得：电容器的电量等于的带电量，故错误，故选项A正确，BCD错误。3、A【解析】根据点电荷的场强公式： 可知，Q是场源电荷，所以电场中某点电场强度与场源电荷的电量成正比，与该点到场源电荷距离的平方成反比，故A正确；根据电势差的定义式： 知，带电量为1C正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，即电场力做功为-1J，则A、B点的电势差为-

12、1V，故B错误；电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，所以不能理解成电场中某点的电场强度和试探电荷的电量成反比，故C错误；电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量，取决于电容器本身的性质，并不与电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比，故D错误。所以A正确，BCD错误。4、C【解析】试题分析：当变阻器R的滑片向下移动时，R减小，R与并联的阻值减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，由欧姆定律分析电压表V1和V2的变化，以及电阻的电压变化，由干路电流和R2电流的变化，分析电流表示数的变化当变阻器R的滑片向下移动时，R减小，R与并联的阻值减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律

13、可知，干路电流I增大电压表的示数，电压表的示数，I增大，U减小，增大电阻的电压，I增大，减小，流过的电流减小，则电流表的示数，增大，根据可知R2消耗功率减小，根据可知消耗功率增大，根据可电源消耗的总功率增大，C正确5、C【解析】研究转动的门时需要用到门的大小和形状，故不能看做质点，A错误；研究汽车轮上的某点运动情况的车轮时，需要车轮的大小和形状，不能看做质点，B错误；绕太阳做椭圆运动的地球，地球的大小和形状可以忽略，故能看做质点，C正确；接乒乓球时需要研究球的旋转方向，故不能看做质点，D错误6、C【解析】略二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项

14、是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】AB.将金属导线均匀拉长，因半径变为原来的一半，则横截面积变为原来的14，其长度变为原来的4倍，根据电阻定律R=LS分析可知，电阻变为原来的16倍，又电压变为2U0，根据欧姆定律I=UR可知，电流变为I08，A项符合题意，B项不合题意；CD.根据电流的微观表达式I=nevS，其中n、e不变，电流变为原来的18，横截面积变为原来的14，则自由电子定向移动的平均速率变为v2，C项不合题意，D项符合题意8、AC【解析】当交变电流加在电容器上时，有“通交流、隔直流，通高频、阻低频”的特性，甲图中电容器隔直流，R得到

15、的是交流成分，A正确，B错误；乙图中电容器能通过交流高频成分，阻碍交流低频成分，R得到的是低频成分，C正确，D错误9、ABD【解析】根据公式B=FIL，得：B=510-40.010.5T=0.1T，磁感应强度B与F、I、L无关，故A正确，B错误；若将通电导线跟磁场平行放置，该导体所受到的磁场力为零，故C错误，D正确，故选ABD。10、CD【解析】设两个球间的静电力为F，分别对两个球受力分析，求解重力表达式后比较质量大小；根据整体法来确定细线的拉力，并由牛顿第二定律则可判定细线烧断后各自的运动情况【详解】对小球A受力分析，受重力、静电力、拉力，如图根据平衡条件，则有，两球间的库仑力是作用力与反作

16、用力，一定相等，则F= mAgtan300= mBgtan600，则mA=3mB，选项A错误；由mAg=TAcos30 因此：TA=mAg，故B错误； 由整体法可知，细线的拉力等于两球的重力，故C正确；同时烧断AC、BC细线后，A、B在竖直方向重力不变，所以加速度相同，故D正确；故选CD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 切线成水平 0.035 0.021 0.013【解析】（1）小球离开斜槽后做平抛运动，离开斜槽时小球的速度应沿水平方向，因此安装斜槽时斜槽末端切线成水平。（2）由图示刻度尺可读出各点间的距离为：OM=1.20cm，O

17、P=2.00cm，ON=2.60cm；根据： 可求得小球的平抛运动的初速度为： ， ， ；入射球碰撞前的动量： ，碰撞后的动量： ，被碰小球碰后的动量： 。12、【答题空1】30.730.9【答题空2】1600【答题空3】1k【答题空4】欧姆调零【解析】当选用量程为50mA的电流档时电流为30.9 m，当选用倍率为“100”的电阻档测电阻时，所测电阻的阻值为16100=1600，当指针指在中间刻度附近时测量比较准确，因此选倍率为1K的指针在中间刻度附件，欧姆表在换挡位之后要进行欧姆调零四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

18、13、E2 V，r1 【解析】试题分析：当S闭合时，R1、R2并联接入电路，由闭合电路欧姆定律得：U1EI1r即E1624r，当S断开时，只有R1接入电路，由闭合电路欧姆定律得：U2EI2r，即E（1621）（2421）r，由得：E2 V，r1 考点：闭合电路欧姆定律【名师点睛】求解电源的电动势和内阻，常常根据两种情况由闭合电路欧姆定律列方程组求解，所以要牢记闭合电路欧姆定律的不同表达形式14、（1）18 cm （2）40cm；0.133s【解析】根据动能定理求出电子刚进入偏转电场时的速度；电子在偏转电场中做类平抛运动，根据偏转电压求出加速度，结合垂直电场方向做匀速直线运动求出运动的时间，从而得出偏转位移与偏转电压的关系，得出偏转位移的大小；根据粒子出偏转电场时反向延长线经过中轴线的中点，结合相似三角形求出打在光屏上的位置；通过第（1）问中偏