黑龙江省双鸭山市第三十一中学2022-2023学年物理高二第一学期期中学业水平测试模拟试题（含解析）

1、2022-2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于感应电流，下列说法中正确的是( )A只要闭合电路内有磁通量，闭合电路中就有感

2、应电流产生B穿过螺线管的磁通量发生变化时，螺线管内就一定有感应电流产生C只要电路的一部分作切割磁感线运动，电路中就一定有感应电流D线框不闭合时，即使穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中也没有感应电流2、如图(甲)所示，ab为原来不带电的细导体棒，q为一带正电的点电荷，当达到静电平衡后，导体棒上的感应电荷在棒内O点处产生的场强大小为E1，O点的电势为1.现用一导线把导体棒的b端接地，其他条件不变，如图(乙)，待静电平衡后，导体棒上的感应电荷在棒内O点处产生的场强大小为E2，O点的电势为2，经分析后可知( )AE1E2，12BE1E2，12CE1E2，12DE1E2，123、如图所示，在滑动变阻器的滑

3、片向右滑动的过程中，理想电压表、电流表的示数将发生变化，电压表V1、V2示数变化量的绝对值分别为U1、U2，已知电阻R大于电源内阻r，则（）A电流表A的示数增大B电压表V1的示数增大C电压表V2的示数减小DU1大于U24、有A、B两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，从图线可以判断出不正确的是（ ）A电阻A的阻值大于电阻BB电阻A的阻值小于电阻BC电压相同时，流过电阻A的电流强度较大D两电阻串联时，电阻A消耗的功率较小5、研究电场能的性质时，一般选无限远处为零电势点，若将一个电子从电场中的A点释放自由移动到无限远处，电场力做功5eV，则电子在电场中A点的电势能、A点电势分别为（）A5eV、5V

4、B5eV、5VC5eV、5VD5eV、5V6、关于电场强度的表达式，下列说法中正确的是（）A式中，F是放入电场中的电荷所受的电场力，q是场源电荷的电荷量B电场强度E跟F成正比，跟q成反比C电场中某点的电场强度E与检验电荷q的正负、大小无关D该式是电场强度的定义式，只适用于点电荷产生的电场二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列四幅图中通电导体受力方向表示正确的是 ( )ABCD8、如图，倾角为的光滑斜面下端固定一绝缘轻弹簧，整个装置处在场强大小为E、方向沿斜面向下的匀

5、强电场中。现把一个质量为m、带电量为q的小球从M点由静止释放，释放后小球沿着斜面向下运动，且M点与弹簧的上端N点的距离为s。已知静电力常量为k，弹簧的劲度系数为k0。则下列说法中正确的是（）A小球带负电，故N点的电势高于M点的电势B下滑过程中，小球的电势能一直在增大C当小球下滑至N点时，速度大小为D当弹簧压缩量为时，小球的速度最大9、甲、乙两根同种材料制成的电阻丝，长度相等，甲横截面的半径是乙的两倍，将其并联后接在电源上( )A甲、乙的电阻之比是1:2B甲、乙中的电流强度之比是4:1C甲、乙电阻丝相同时间产生的热量之比是4:1D甲、乙电阻丝两端的电压之比是1:210、满载A国公民的一航班在飞行

6、途中神秘消失，A国推断航班遭到敌对国家劫持，政府立即调动大量海空军事力量进行搜救，并在第一时间紧急调动了21颗卫星参与搜寻“调动”卫星的措施之一就是减小卫星环绕地球运动的轨道半径，降低卫星运行的高度，以有利于发现地面（或海洋）目标下面说法正确的是A轨道半径减小后，卫星的环绕速度增大B轨道半径减小后，卫星的环绕速度减小C轨道半径减小后，卫星的环绕周期增大D轨道半径减小后，卫星的环绕周期减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）有一个电流表G，内阻Rg，满偏电流Ig，要把它改装为量程为U的电压表，要_联一个 大小为_ 的电阻，要把它改装

7、为量程为I的电流表，要_联一个大小为 _ 的电阻（用所给字母表示）12（12分）在测定金属的电阻率的实验中，用该金属制成的长约(0.8m，直径小于1mm的电阻丝，电阻约5左右实验步骤如下：(1)用米尺测量接入电路部分的金属导线的长度，测三次，求出平均值L用叠绕法测出金属导线的直径d.(2)用伏安法测量金属导线的电阻R试把图中所给出的器材连成测量R的合适线路，图中安培表的量程为0.6A，内阻接近1，伏特表量程为3V，内阻为几k，电源的电动势为6V，变阻器的阻值为020要求在闭合电键前，变阻器的滑动触点应处于正确位置_(3)用上面测得的L、d和R，根据电阻率的表达式=_，算出所测金属的电阻率四、计

8、算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在x轴的上方(y0的空间内)存在着垂直于纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，一个不计重力的带正电粒子从坐标原点O处以速度v进入磁场，粒子进入磁场时的速度方向垂直于磁场且与x轴正方向成45角，若粒子的质量为m，电量为q，求：(1)该粒子在磁场中做圆周运动的轨道半径；(2)粒子在磁场中运动的时间14（16分）有一电流表G，内阻为，满偏电流是1mA，求：如果它改装成量程为的电压表，要串联多大的电阻？改装后电压表的内阻是多大？如果它改装成量程的电流表，要并联多大的电阻？改装后

9、电流表的内阻是多大？15（12分）如图所示，质量为m、电荷量为e的粒子从A点以v0的速度垂直电场线沿直线AO方向射入匀强电场，由B点飞出电场时速度方向与AO方向成45角，已知AO的水平距离为d，不计重力，求：(1)从A点到B点所用的时间；(2)粒子在B点的速度大小；(3)匀强电场的电场强度大小参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A.产生感应电流条件是闭合回路磁通量有变化，故选项A错误B. 产生感应电流条件是闭合回路磁通量有变化，螺线管如果没有连成闭合回路，就不会有感应电流，故选项B错误C. 电路的一部分作

10、切割磁感线运动，如果电路没闭合仍然没有感应电流，故选项C错误D. 线框不闭合时，线圈的磁通量发生变化也没有感应电流是对的，故D正确故选D2、C【解析】处于静电平衡的导体内部场强为零，所以感应电荷在O点形成电场的场强与点电荷q在O点产生的场强等大反向，可知E1=E2，因点电荷为正电荷，则10；导体ab接地后电势2=0，所以12，C正确，ABD错误故选C点睛：该题中静电平衡的特点：内部合场强为零，是解题的关键整个导体是个等势体，它的表面是个等势面3、D【解析】A理想电压表内阻无穷大，相当于断路理想电流表内阻为零，相当短路，所以电路的结构是R与变阻器串联，电压表V1、V2分别测量R的电压和路端电压当

11、滑动变阻器滑片向右滑动时，其接入电路的电阻增大，电路中电流减小，则A的示数减小，故A错误；B电路中电流减小，根据欧姆定律知，电压表V1的示数减小，故B错误C电路中电流减小，电源的内电压减小，则路端电压增大，所以V2的示数增大，故C错误；D根据闭合电路欧姆定律得 U2=E-Ir则R是定值电阻，则据题Rr，则U1大于U2，故D正确4、A【解析】ABI-U图线的斜率表示电阻的倒数，A图线的斜率大，则A的电阻小故A错误，符合题意；B正确，不符合题意；C两电阻并联，电压相等，根据得，A的电阻小，则流过A的电流较大故C正确，不符合题意D两电阻串联，电流相等，根据P=I2R得，A的电阻小，则电阻A消耗的功率

12、较小故D正确，不符合题意5、B【解析】一个电子从电场中的A点移到无限远处，电场力做功5eV，则电子的电势能减小5eV，无限远处为零势点，则电子在A点的电势能为5eVA点电势为：，故B正确，ACD错误6、C【解析】A表达式式中，F是放入电场中的试探电荷所受的电场力，q是试探电荷的电荷量，选项A错误；B电场强度中某点的电场强度与试探电荷带电量以及所受的电场力F均无关，选项B错误；C电场中某点的电场强度E与检验电荷q的正负、大小无关，选项C正确；D该式是电场强度的定义式，只适用于任何电场，选项D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符

13、合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】试题分析：由左手定则可知AD正确考点：考查左手定则点评：难度较小，左手定则中注意四指和大拇指的指向不要混淆8、BD【解析】A根据沿电场线方向电势降低可知，N点的电势低于M点的电势，故A错误；B下滑过程中，电场力对负电荷做负功，电势能增大，故B正确；C由动能定理可得解得故C错误；D当小球的合力为0时，小球速度最大，由平衡可得解得故D正确。故选BD。9、BC【解析】A.两根长度相同，甲的横截面的圆半径是乙的2倍，根据电阻定律R=LS得，R甲：R乙=1：4；故A错误.B.并联电路电压相等，由I=UR可知，甲乙中的电流

14、强度之比为4:1；故B正确.C.由P=U2R 可知得P甲：P乙=4：1，则相同时间内的热量比也为4:1；故C正确.D.两电阻并联，则两电阻两端的电压相等；故D错误.10、AD【解析】人造卫星绕地球做圆周运动时,由万有引力提供向心力,则有:GMmr2=mv2r 及GMmr2=m(2T)2r 可知随着距离r的减小，周期T减小，速度v增大，故AD对；BC错；故选AD【点睛】人造卫星绕地球做圆周运动时,由万有引力提供向心力,由牛顿第二定律得到卫星的线速度和周期的表达式,再分析即可.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、串 并 【解析】电流表改装电

15、压表需串联一个电阻，改装原理U=Ig（Rg+R），串联电阻改装为电流表需并联一个电阻，改装电流表原理IgRg=（I-Ig）R，并联电阻12、 【解析】（2）待测金属丝电阻远小于电压表内阻，电流表应外接变阻器的阻值略大于待测电阻，接限流式接法，电路如图（3）根据公式可得,解得【点睛】本题出示了公式，能帮助学生更好的理解影响电阻大小的因素本题也可以说是一道创新题，能考查学生的实验创新能力，是一道好题四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)(2)【解析】（1）粒子做圆周运动的向心力由洛伦兹力提供，根据,解得（2）粒子的运动轨迹如图所示，根据，所以14、 【解析】（1）根据串并联规律写出表达式，然后解出分压电阻的阻值即可；（2）根据串并联规