甘肃省武威市古浪县职业技术教育中心 2023学年化学高一第二学期期末复习检测模拟试题含答案解析

1、2023学年高一下化学期末模拟测试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项）1、下列物质中，不属于合金的是

2、（）A硬铝B青铜C钢铁D纯金2、相同状况下，1molCH3COOH分别与1molC2H518OH和1molC2H516OH发生酯化反应，两者生成水的质量A前者大 B后者大 C相等 D不能判断3、下列化学用语表达正确的是()AHF的电子式：HBHClO的结构式：HClOC中子数为146的U原子：UDCl的结构示意图：4、关于下图所示的原电池，下列说法正确的是ACu为正极发生氧化反应B负极反应为Zn-2e-=Zn2+C电子由铜片通过导线流向锌片D该装置能将电能转化为化学能5、下列有机物不能由CH2CH2通过加成反应制取的是()ACH3CH2ClBCH2ClCH2ClCCH3CH2OHDCH3COO

3、H6、下列变化中，由加成反应引起的是（ ）A乙烯通入酸性高锰酸钾溶液中，高锰酸钾溶液褪色B苯在一定温度、压强和催化剂的作用下和氢气反应，生成环己烷C一定条件下，苯滴入浓硝酸和浓硫酸的混合液中，有油状物生成D苯加入到溴水中，振荡后溴水层褪色7、反应H2(g)+I2(g)2HI(g)在温度和容积不变的条件下进行。能说明反应达到平衡状态的叙述是（ ）Ac(H2)=c(I2) BH2的消耗速率等于HI的分解速率C容器内气体的颜色不再变化 D容器内压强不再变化8、下列分别是利用不同能源发电的实例，其中不属于新能源开发利用的是()A风力发电B太阳能发电C火力发电D潮汐能发电9、下列有关物质性质的比较，不正

4、确的是（ ）A金属性：AlMgB稳定性：HFHClC酸性：HClO4H2SO4D碱性：NaOHMg（OH）210、a、b、c、d为短周期元素，a的原子中只有1个电子，b2-和c+离子的电子层结构相同，d与b同族。下列叙述错误的是Aa与其他三种元素形成的二元化合物中其化合价均为+1Bb与其他三种元素均可形成至少两种二元化合物Cc的原子半径是这些元素中最大的Dd和a形成的化合物的溶液呈弱酸性11、除去乙烷中混有少量乙烯的方法是将混合气体（ ）A点燃 B通过溴水 C通过稀硫酸 D通过石灰水12、电化学气敏传感器可用于监测环境中NH3的含量,其工作原理如图所示,NH3被氧化为常见无毒物质。下列说法错误

5、的是( )A溶液中K+向电极b移动B氨气在电极a上发生氧化反应C反应消耗的NH3与O2的物质的量之比为4:3D正极的电极反应式为:O2+4e-+2H2O=4OH-，故反应一段时间后，电解液的pH升高13、含硫酸的三氧化铬（CrO3）遇酒精（C2H5OH）后，其颜色会从红色变成蓝绿色，利用这个现象可判断汽车司机是否酒后驾车，反应式为：2CrO3+3C2H5OH+3H2SO4Cr2(SO4)3+3CH3CHO+6H2O，此反应中，硫酸作（ ）A氧化剂 B酸化剂 C还原剂 D催化剂14、下列关于有机物的说法正确的是A蔗糖、果糖和麦芽糖都是双糖B除去乙烷中的乙烯时，通入氢气并加催化剂加热C油脂在酸性或

6、碱性条件下水解都可得到甘油D等物质的量的甲烷和乙酸完全燃烧消耗氧气的物质的量前者多15、我国三峡工程所提供的清洁、廉价、强劲、可再生能源水电，相当于每年燃烧3000万吨原煤的火力发电厂产生的电能，三峡工程有助于控制 （ ）温室效应 形成酸雨 空气中的固体颗粒浓度 白色污染A只有B只有CD16、下列说法中正确的是（ ）A原电池中的电极一定要由两种不同的金属组成B原电池两极均发生氧化还原反应C原电池中电子流出的一极是正极，发生氧化反应D原电池中阳离子向正极移动17、工业制硫酸中的一步重要反应是SO2的催化氧化：2SO2O22SO3（正反应放热），下列有关说法正确的是A升高温度只提高逆反应速率B降低

7、温度可提高正反应速率C使用催化剂能显著增大反应速率D达到化学平衡时正、逆反应速率相等且等于018、某有机物完全燃烧只生成水和二氧化碳，对该有机物的组成元素判断正确的是A只有C、H两种元素B一定有C、H、O三种元素C一定有C、H两种元素D不能确定是否含有除C、H、O之外的其它元素19、下列除杂方案错误的是选项被提纯的物质杂质除杂试剂除杂方法ACO2(g)SO2(g)饱和NaHCO3溶液、浓H2SO4洗气BNH4Cl(aq)FeCl3(aq)NaOH溶液过滤CCH4(g)CO2(g)NaOH溶液、浓H2SO4洗气DFeCl2 (aq)CuCl2 (aq)铁粉过滤AABBCCDD20、用NA表示阿伏

8、伽德罗常数的值，下列说法正确的是A在密闭容器中，0.1mol O2和0.2mol SO2在催化剂作用下充分反应生成SO3的分子数为0.2NAB20g D2O含有的质子数为10NAC1L 0.1mol/L HF 溶液中含有共价键数目为0.1NAD标况下，11.2L 苯中含分子的数目为0.5NA21、在探究乙醇的有关实验中，得出的结论正确的是选项实验步骤及现象实验结论A在酒精试样中加入少量CuSO45H2O，搅拌，试管底部有蓝色晶体酒精试样中一定含有水B在乙醇燃烧火焰上方罩一冷的干燥烧杯，内壁有水珠出现，另罩一内壁涂有澄清石灰水的烧杯，内壁出现白色沉淀乙醇由C、H、O三种元素组成C将灼热后表面变黑

9、的螺旋状铜丝伸入约50的乙醇中，铜丝能保持红热一段时间乙醇催化氧化反应是放热反应D在0.01mol金属钠中加入过量的乙醇充分反应，收集到标准状况下气体112mL乙醇分子中有1个氢原子与氧原子相连，其余与碳原子相连AABBCCDD22、海带中含有碘元素，某校研究性学习小组设计了如下实验步骤提取碘：通足量氯气 将海带烧成灰，向灰中加水搅拌 加入CCl4振荡 过滤 用分液漏斗分液。合理的操作顺序为（ ）。ABCD二、非选择题(共84分)23、（14分）有关物质的转化关系如下图所示。A、B、C、E为气体，其中A能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，B为无色单质，E是为红棕色。G是紫红色金属单质，H的水溶液为蓝色

10、。A的电子式为_。写出反应的化学方程式：_。写出反应的化学方程式：_。该方程式中转移的电子数目为_个。写出反应的离子方程式：_。24、（12分）下表是元素周期表的一部分，针对表中的九种元素，填写下列空白： 族周期AAAAAAA0族二三四 (1)在这些元素中，化学性质最不活泼的是_(填具体元素符号，下同)。(2)在最高价氧化物的水化物中，酸性最强的化合物的化学式是_，碱性最强的化合物的电子式是_，其含有的化学键类型_(3)最高价氧化物是两性氧化物的元素是_；写出它的氧化物与盐酸反应的离子方程式_(4)写出元素的氢化物的电子式_(5)写出的单质与水反应的离子方程式_25、（12分）有一含NaCl、

11、Na2CO310H2O和NaHCO3的混合物，某同学设计如下实验，通过测量反应前后C、D装置质量的变化，测定该混合物中各组分的质量分数。（1）加热前通入空气的目的是 _，操作方法为_。（2）装置A、C、D中盛放的试剂分别为A_，C_，D_。（3）若将A装置换成盛放NaOH溶液的洗气瓶，则测得的NaCl含量将_（填“偏高”、“偏低”或“无影响”，下同）；若B中反应管右侧有水蒸气冷凝，则测定结果中测定结果中NaHCO3的含量将_；若撤去E装置，则测得Na2CO310H2O的含量_。（4）若样品质量为 w g，反应后C、D增加的质量分别为 m1g、m2g，由此可知混合物中NaHCO3质量分数为_（用

12、含w、m1、m2的代数式表示）。26、（10分）利用甲烷与氯气发生取代反应制取副产品盐酸的设想在工业上已成为现实。某化学兴趣小组在实验室中模拟上述过程，其设计的模拟装置如下：试回答下列问题：(1)请写出C装置中生成CH2Cl2的化学方程式：_。(2)B装置有三种功能：混匀混合气体；_；_。(3)D装置的名称为_，其作用是_。(4)E装置中除盐酸外，还含有机物，从E中分离出盐酸的最佳方法为_(填字母)。a.分液法 b.蒸馏法 c.结晶法(5)将1mol CH4与Cl2发生取代反应，充分反应后生成的CH3Cl、CH2Cl2、CHCl3、CCl4四种有机产物的物质的量依次增大0.1mol，则参加反应

13、的Cl2的物质的量为_ 。(6)已知丁烷与氯气发生取代反应的产物之一为C4H8Cl2，其有 _种同分异构体。27、（12分）在严格无氧的条件下，碱与亚铁盐溶液反应生成白色胶状的 Fe(OH)2，在有氧气的情况下迅速 变为灰绿色，逐渐形成红褐色的氢氧化铁，故在制备过程中需严格无氧。现提供制备方法如下：方法一：用 FeSO4 溶液与用不含 O2 的蒸馏水配制的 NaOH 溶液反应制备。(1)配制 FeSO4 溶液时需加入铁粉的原因是_；除去蒸馏水中溶解的 O2常采用_的方法。(2)生成白色 Fe(OH)2 沉淀的操作是用长滴管吸取不含 O2 的 NaOH 溶液，插入 FeSO4 溶液液面下，再挤出

14、 NaOH 溶液。这样操作的理由是_。方法二：在如图装置中，用 NaOH 溶液、铁屑、稀 H2SO4 等试剂制备。(1)在试管里加入的试剂是_；(2)在试管里加入的试剂是_；(3)为了制得白色 Fe(OH)2 沉淀，在试管和中加入试剂，打开止水夹，塞紧塞子后的实验步骤 是_。(4)这样生成的 Fe(OH)2 沉淀能较长时间保持白色，其理由是_。28、（14分）I现用下图装置来测定某原电池工作时在某段时间内通过导线的电子的物质的量。量筒的规格为1000 mL，供选择的电极材料有纯铜片和纯锌片。请回答下列问题：（1）b电极材料为_，其电极反应式为_。（2）当量筒中收集到672 mL(标准状况下)气

15、体时，通过导线的电子的物质的量为_，此时a电极质量减少_g。II某同学在用稀硫酸与锌制取氢气的实验中，发现加入少量硫酸铜溶液可加快氢气的生成速率。请回答下列问题：（1）上述实验中发生反应的离子方程式有：_；（2）硫酸铜溶液可以加快氢气生成速率的原因是_；（3）要加快上述实验中气体产生的速率，还可采取的措施有_（答两种）；（4）为了进一步研究硫酸铜的用量对氢气生成速率的影响，该同学设计了如下一系列实验。将表中所给的混合溶液分别加入到6个盛有过量Zn粒的反应瓶中，收集产生的气体，记录获得相同体积的气体所需时间。（假设混合溶液总体积等于混合前各溶液的体积之和）实验混合溶液ABCDEF4 mol/L

16、H2SO4 /mL30V1V2V3V4V5饱和CuSO4溶液 /mL00.52.55V620H2O/mLV7V8V9V10100请完成此实验设计，其中：V3=_， V8=_；该同学最后得出的结论为：当加入少量CuSO4溶液时，生成氢气的速率会大大提高。但当加入的CuSO4溶液超过一定量时，生成氢气的速率反而会下降。请分析氢气生成速率下降的主要原因_。实验A测得：收集到产生H2体积为112mL（标准状况下）时所需的时间为10分钟，求化学反应速率(H2SO4)=_（忽略反应前后溶液体积变化）。29、（10分）某制糖厂以甘蔗为原料制糖，同时得到大量的甘蔗渣，对甘蔗渣进行综合利用不仅可以提高综合效益，

17、而且还能防止环境污染，生产流程如下：已知石油裂解已成为生产H的主要方法，E的溶液能发生银镜反应，G是具有香味的液体，试回答下列问题。(1)F中所含官能团的名称是_。(2)G的结构简式为_。(3) 写出DE的化学方程式，并注明反应类型：_。(4) FG的反应装置如图所示：a图中倒置球形干燥管的作用_；b试管中加有饱和Na2CO3溶液，其作用是： _；c若138 g D和90 g F反应能生成80 g G，则该反应的产率为_。（已知：）（5）为了证明浓硫酸在该反应中起到了催化剂和吸水剂的作用，某同学利用上图所示装置进行了以下4个实验。实验开始先用酒精灯微热3min，再加热使之微微沸腾3min。实验

18、结束后充分振荡小试管，再测有机物层的厚度，实验记录如下：实验D与实验C相对照可证明_。分析实验A、C的数据，可以推测出浓硫酸的_提高了乙酸乙酯的产率。(6) 生成乙酸乙酯的反应是可逆反应，反应物不能完全变成生成物，反应一段时间后，就达到了该反应的限度，也即达到化学平衡状态。下列描述能说明乙醇与乙酸的酯化反应已达到化学平衡状态的有（填序号）_。单位时间里，生成1 mol乙酸乙酯，同时生成1 mol水单位时间里，生成1 mol乙酸乙酯，同时生成1 mol乙酸单位时间里，消耗1 mol乙醇，同时消耗1 mol乙酸混合物中各物质的浓度不再变化(7) 写出B的一种同分异构体（与B同类）的结构简式：_。2

19、023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项）1、D【答案解析】分析：合金是指一种或几种金属或非金属融合到另一金属中形成的具有金属特性的混合物，由此分析解答。详解：A、硬铝是铝、铜、镁和硅组成的合金，A错误；B、青铜是铜合金，B错误；C、钢铁是铁合金，C错误；D、纯金是单质，不属合金，D正确；答案选D。2、C【答案解析】测试卷分析：1molCH3COOH分别与1mol C2H518OH和1molC2H516OH发生酯化反应，发生CH3COOH+C2H518OHCH3CO18OC2H5+H2O，CH3COOH+C2H516OHCH3CO1

20、6OC2H5+H2O，则1molCH3COOH反应时生成水的物质的量相同，所以水的质量相同，故选C。考点：考查酯化反应及方程式的计算。3、D【答案解析】A. HF是共价化合物，电子式为H，故A错误；B.根据价键规律， HClO的结构式是HOCl，故B错误；C. 质量数=质子数+中子数，中子数为146的U原子表示为U，故C错误 ；D. Cl核外有18个电子，Cl的结构示意图：，故D正确；选D。4、B【答案解析】原电池中较活泼的金属是负极，失去电子，发生氧化反应。电子经导线传递到正极，所以溶液中的阳离子向正极移动，正极得到电子，发生还原反应，据此判断。【题目详解】A、在原电池中负极发生氧化反应，金

21、属性锌强于铜，锌是负极，铜是正极，发生还原反应，A错误；B、锌是负极，负极反应为Zn-2e-Zn2+，B正确；C、锌是负极，发生失去电子的氧化反应，则电子从锌出来通过导线流向铜，C错误；D、原电池是将化学能变化电能的装置，D错误。答案选B。5、D【答案解析】A.可由乙烯和HCl加成制取，故不选A；B.可由乙烯和氯气加成制取，故不选B；C.可由乙烯与水加成制取，故不选C；D.乙酸可由乙醇或乙醛氧化制取，不能利用加成反应制取；答案：D6、B【答案解析】A、高锰酸钾有强氧化性，能将乙烯氧化而褪色，发生的是氧化还原反应 ，而不是加成反应，A错误。B、苯中碳和碳间的化学键是一种介于单键和双键之间的独特的

22、共价键，虽然不是典型的双键，但是仍具有高度的不饱和性，可以与氢气加成生成环己烷，B正确。C、在浓硫酸的催化下，苯与浓硝酸在一定温度下，可发生取代反应生成有机物硝基苯，为油状物，C错误。D、溴在水中的溶解度小而在苯中的溶解度很大，苯加入到溴水中，苯将溴水中的溴夺取出来而使溴水层褪色，这是一个物理变化，在化学上叫萃取，D错误。正确答案为B。7、C【答案解析】A、c(H2)=c(I2)表示浓度相等，但达到平衡态的标志应该是两者浓度不再发生变化。错误；B、H2和HI系数之比为1:2，H2的消耗速率是HI的分解速率的一半时，表示反应达到平衡态。错误；C、此反应中只有碘蒸气为紫色，容器内气体的颜色不再变化

23、表明容器内碘蒸气的质量不再发生变化，可以说明反应达到平衡态。正确；D、两边气体的计量数相等，所以容器内压强一直不随时间的改变而改变。错误；故选C。点睛：根据化学平衡状态的特征解答，当反应达到平衡状态时，正逆反应速率相等，各物质的浓度、百分含量不变，以及由此衍生的一些量也不发生变化。解题时要注意，选择判断的物理量，随着反应的进行发生变化，当该物理量由变化到定值时，说明可逆反应到达平衡状态。8、C【答案解析】A、风能是清洁无污染的环保新能源，A不符合题意；B太阳能是清洁无污染的新能源，B不符合题意；C、火力发电需要煤作燃料，煤是不可再生能源，也不是环保新能源，C符合题意；D、潮汐和海风发电是新开发

24、利用的环保新能源，D不符合题意，答案选C。9、A【答案解析】A、由金属活动性顺序表可知：金属性：MgAl，且两者处于同一周期，原子序数依次增大，原子序数小的，金属性强，故A错误；B、由于非金属性FCl，故稳定性HFHCl，故B正确；C、由于非金属性ClS，故酸性HClO1H2SO1故C正确；D、元素的金属性越强，其最高价氧化物对应的碱的碱性越强，由于金属性NaMg，故碱性NaOHMg（OH）2，故D正确；故选A。10、A【答案解析】测试卷分析：a、b、c、d为短周期元素，a的原子中只有1个电子，则a为H元素，b2-和c+离子的电子层结构相同，则b为O元素，c为Na；d与b同族，则d为S元素。A

25、氢与钠形成的化合物NaH中氢元素化合价为-1价，A错误；BO元素与氢元素形成H2O、H2O2，与Na形成Na2O、Na2O2，与硫形成SO2、SO3，B正确；C同周期自左而右原子半径减小，同主族自上而下原子半径增大，四种元素中Na的原子半径最大，C正确；Dd和a形成的化合物为H2S，其溶液呈弱酸性，D正确，答案选A。考点：考查结构性质位置关系应用11、B【答案解析】分析：分析：乙烯能和溴水加成，能和高锰酸钾之间发生氧化还原反应，而乙烷则不能。详解：A、乙烷和乙烯均能燃烧生成二氧化碳和水，点燃的方法不能用于除去乙烷中混有少量乙烯，选项A错误；B、乙烯能和溴水加成，而乙烷则不能，将混合气体通过溴水

26、，可以除去乙烷中混有的少量乙烯，选项B正确；C、乙烯和乙烷与稀硫酸均不反应，不能除去乙烷中混有的少量乙烯，选项C错误；D、乙烯和乙烷与石灰水均不反应，不能除去乙烷中混有的少量乙烯，选项D错误；答案选B。点睛：根据物质的性质的差异来除杂是考查的热点，可以根据所学知识进行回答，难度不大。12、D【答案解析】NH3被氧化为常见无毒物质，应生成氮气，a电极通入氨气生成氮气，为原电池负极，则b为正极，氧气得电子被还原，结合电极方程式解答该题。【题目详解】A因为a极为负极，b为正极，则溶钾离子向正极移动，A正确；B氨气在反应中失去电子，在负极a极上发生氧化反应，B正确；C反应中N元素化合价升高3价，O元素

27、化合价降低4价，根据得失电子守恒，消耗NH3与O2的物质的量之比为4：3，C正确；D正极得到电子发生还原反应，电极反应式为O2+4e+2H2O4OH，总反应式为4NH3+3O22N2+6H2O，反应后氢氧根的浓度减小，电解液的pH下降，D错误。答案选D。【答案点睛】本题考查了原电池原理，根据O、N元素化合价变化判断正负极，再结合反应物、生成物及得失电子书写电极反应式，注意书写电极反应式时要结合电解质特点，为易错点。13、B【答案解析】分析：2CrO3+3C2H5OH+3H2SO4Cr2(SO4)3+3CH3CHO+6H2O中，Cr元素的化合价由+6价降低为+3价，乙醇中C元素的化合价升高，以此

28、来解答。详解：2CrO3+3C2H5OH+3H2SO4Cr2(SO4)3+3CH3CHO+6H2O中，只有Cr、C元素的化合价发生变化，三氧化铬是氧化剂，乙醇是还原剂，硫酸参与反应转化为硫酸盐，则硫酸在反应中作酸化剂。答案选B。点睛：本题考查氧化还原反应，为高频考点，把握反应中元素的化合价变化为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意元素化合价的判断，题目难度不大。14、C【答案解析】分析：A.果糖分子式为C6H12O6属于单糖； B.易混入氢气杂质；C. 油脂酸性条件下水解生成高级脂肪酸和甘油，在碱性条件下水解生成高级脂肪酸盐和甘油；D. 甲烷的分子式为CH4，乙酸的分子式为C2H4O2，

29、将C2H4O2写成CH4CO2后不难发现，等物质的量的甲烷和乙酸完全燃烧消耗氧气的物质的量相同。详解:A. 蔗糖和麦芽糖都是双糖，但果糖属于单糖，故A错误；B.因不能确定乙烯的含量，易混入氢气杂质，且反应在实验室难以完成，故B错误；C. 油脂酸性条件下水解生成高级脂肪酸和甘油，在碱性条件下水解生成高级脂肪酸盐和甘油，所以都可得到甘油，故C正确；D. 甲烷的分子式为CH4，乙酸的分子式为C2H4O2，将C2H4O2写成CH4CO2后不难发现，等物质的量的甲烷和乙酸完全燃烧消耗氧气的物质的量相同，故D错误；所以C选项是正确的。15、C【答案解析】煤燃烧易产生温室效应、形成酸雨、空气中的固体颗粒浓度

30、增加等，白色污染主要是指有机物中难分解的高分子化合物，和煤燃烧无关，答案选C。16、D【答案解析】A. 原电池中的电极可以由导电的非金属和金属组成，如Zn、石墨和稀硫酸可以构成原电池，故A错误；B. 原电池负极失电子发生氧化反应、正极得电子发生还原反应，故B错误；C. 原电池中电子流出的电极是负极，发生氧化反应，电子流入的电极是正极，发生还原反应，故C错误；D. 原电池放电时，电解质中阳离子向正极移动、阴离子向负极移动，从而形成内电路，故D正确；答案选D。【答案点睛】考查原电池的构造和工作原理，准确掌握判断原电池正负极的方法。17、C【答案解析】A、升高温度，正逆反应速率都增大，故A说法错误；

31、B、降低温度，正逆反应速率都降低，故B说法错误；C、使用催化剂能显著增大反应速率，故C说法正确；D、化学平衡为动态平衡，正=逆0，故D说法错误；答案选C。18、C【答案解析】分析：根据质量守恒定律，化学反应前后元素种类不变进行确定，有机物燃烧燃烧时有氧气参与，据此分析解答。详解：由题意可知有机物燃烧后产物只有CO2和H2O，从生成物中含有碳、氢元素，依据质量守恒定律可知该物质中一定含有碳、氢元素，氧元素不能确定，除C、H、O之外的其它元素一定不存在。答案选C。点睛：本题考查有机物组成元素的确定，难度较小，根据质量守恒定律，反应前后元素种类不变确定物质的组成是解题的关键。19、B【答案解析】A二

32、氧化硫与碳酸氢钠反应生成二氧化碳，浓硫酸干燥二氧化碳，则洗气可除杂，故A正确；BNH4Cl和FeCl3均与NaOH反应，应选氨水、过滤，故B错误；CNaOH溶液能吸收CO2，浓硫酸干燥甲烷，则洗气可除去CH4中混有的CO2，故C正确；DCuCl2溶液和过量Fe粉作用生成FeCl2溶液和Cu，过滤可除去Cu和过量Fe粉，故D正确；故答案为B。【答案点睛】在解答物质分离提纯测试卷时,选择试剂和实验操作方法应遵循三个原则: 1.不能引入新的杂质(水除外)，即分离提纯后的物质应是纯净物(或纯净的溶液)，不能有其他物质混入其中；2.分离提纯后的物质状态不变；3.实验过程和操作方法简单易行，即选择分离提纯

33、方法应遵循先物理后化学，先简单后复杂的原则。20、B【答案解析】A该反应为可逆反应，故生成的SO3分子数小于0.2NA，A项错误；B20g D2O的物质的量为1mol，每个D2O分子中含有10个质子，所以1mol D2O分子中含有质子数为10NA，B项正确；CHF在水中是部分电离的，再加上要考虑水分子中的共价键，所以1L 0.1mol/L HF溶液中的共价键数目不是0.1NA，C项错误；D在标准状况下苯是液体，不是气体，所以11.2L苯其分子数远远超过0.5NA，D项错误；所以答案选择B项。21、C【答案解析】A、无水硫酸铜与水反应生成的五个结晶水的硫酸铜为蓝色，硫酸铜与酒精不反应，可以用无水

34、硫酸铜检验酒精中是否含有水如有水，则出现现象是白色变蓝色，本题直接加CuSO45H2O，无法判断，故A错误；B、在乙醇燃烧火焰上方罩一冷的干燥烧杯，内壁有水珠出现，说明乙醇中含H，另罩一内壁涂有澄清石灰水的烧杯，内壁出现白色沉淀，说明乙醇中含C元素，不能确定是否含有O元素，故B错误；C、将灼热后表面变黑的螺旋状铜丝伸入约50的乙醇中，铜丝能保持红热一段时间，说明反应放热，故C正确；D、在0.01mol金属钠中加入过量的乙醇充分反应，收集到标准状况下气体112mL，因为乙醇过量，无法确定就是一个H与O相连，故D错误；故选C。22、B【答案解析】从海带中提取碘，首先应将海带烧成灰，加水搅拌，然后过

35、滤，往滤液中通足量氯气，将I-氧化为I2，然后加入萃取剂CCl4，用分液漏斗分液，从而得出正确的操作顺序为：，故选B。二、非选择题(共84分)23、 4NH35O2 4NO6H2O 3NO2H2O2HNO3NO 2 4H2NO3-Cu2NO22H2OCu2 【答案解析】A、B、C、E为气体，其中A能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，则气体A是碱性气体，则A为NH3；E是为红棕色气体，则E为NO2；根据物质转化关系，NH3和B在催化剂条件下反应生成C和D，C和B反应生成NO2，则该反应为氨气的催化氧化反应，因此C为NO，B为O2，D为H2O；NO2（E）和H2O（D）反应生成NO和HNO3，则F为HNO

36、3；G是紫红色金属单质，则G为Cu；HNO3和Cu反应生成NO、Cu(NO3)2和H2O，H的水溶液为蓝色，则H为Cu(NO3)2。【题目详解】根据分析，A为NH3，电子式为。答案为：。(2)反应为氨气和氧气在催化剂条件下发生催化氧化反应，化学方程式4NH35O2 4NO6H2O。答案为：4NH35O2 4NO6H2O。反应为NO2和H2O反应生成NO和HNO3，化学方程式：3NO2H2O2HNO3NO。该方程式中3个NO2参与反应，2个NO2从+4价升高到+5价，1个NO2从+4价降低到+2价，共转移电子2个。答案为：2。反应为HNO3和Cu反应生成NO、Cu(NO3)2和H2O，离子方程式

37、：4H2NO3-Cu2NO22H2OCu2。答案为：4H2NO3-Cu2NO22H2OCu2。24、Ar HClO4 离子键和共价键 Al Al2O3 + 6H+ = 2Al3+ + 3H2O 2Na+2H2O = 2Na+ + 2OH+ H2 【答案解析】由元素在周期表中位置可知，为C元素、为N元素、为O元素、为Na元素、为Al元素、为S元素、为Cl元素、为Ar元素、为K元素。【题目详解】（1）在这些元素中，化学性质最稳定的是稀有气体Ar，故答案为：Ar；（2）同周期元素元素，从左到右非金属性依次增强，最高价氧化物对应水化物的酸性依次增强，碱性依次减弱，同主族元素元素，从下到上非金属性依次减

38、弱，最高价氧化物对应水化物的酸性依次减弱，碱性依次增强，则酸性最强的是高氯酸，碱性最强的是氢氧化钾，氢氧化钾是离子化合物，含有离子键和共价键，故答案为：HClO4；离子键和共价键；（3）氧化铝是两性氧化物，所以最高价氧化物是两性氧化物的元素是Al，氧化铝与盐酸反应生成氯化铝和水，反应的离子方程式为Al2O3 + 6H+ = 2Al3+ + 3H2O，故答案为：Al；Al2O3 + 6H+ = 2Al3+ + 3H2O；(4)元素的氢化物是H2O，H2O是共价化合物，电子式为，故答案为：； (5) 为Na元素，钠单质与水反应生成氢氧化钠和氢气，反应的离子方程式为2Na+2H2O= 2Na+ +

39、2OH+ H2，故答案为：2Na+2H2O= 2Na+ + 2OH+ H2。【答案点睛】本题考查元素周期表与元素周期律，注意对元素周期表的整体把握，注意位置、结构、性质的相互关系是解答关键。25、出去装置内CO2、H2O 关闭b，打开a，通空气 碱石灰 CaCl2（或CuSO4） 碱石灰 偏低 不变 偏低 【答案解析】将混合物加热会产生H2O（g）、CO2等气体，应在C、D中分别吸收，其中应先吸收水，再吸收二氧化碳，即C中的干燥剂吸水后不能吸收CO2；由D的增重（NaHCO3分解产生的CO2的质量）可求出NaHCO3质量。由C的增重（Na2CO310H2O分解产生的H2O及已经知道的NaHCO

40、3分解产生的H2O的质量）可求出Na2CO310H2O的质量，从而求出NaCl的质量；故应在实验前想法赶出装置中的空气，关键操作应是赶B中的空气，所以关闭b，打开a就成为操作的关键，缓缓通入则是为了赶出效果更好；E中碱石灰可防止外界空气中的H2O（g）、CO2进入装置D影响实验效果，据此解答。【题目详解】（1）本实验中需要分别测定反应生成的二氧化碳和水的质量，所以实验前必须将装置中的水蒸气和二氧化碳赶走，避免影响测定结果；操作方法为：关闭b，打开a，缓缓通入氮气，直至a处出来的气体不再使澄清石灰水变浑浊为止；（2）装置A用于吸收空气中的二氧化碳和水，可以使用碱石灰；装置C吸收Na2CO310H

41、2O和NaHCO3分解生成的水蒸气，可以使用无水CaCl2或P2O5；装置D吸收碳酸氢钠分解生成的二氧化碳，可以用碱石灰；（3）若将A装置换成盛放NaOH溶液的洗气瓶，则m（H2O）增加，使Na2CO310H2O和NaHCO3的含量偏高，NaCl的含量偏低；若B中反应管右侧有水蒸气冷凝，测定碳酸氢钠的质量是根据装置D中质量变化计算的，与水蒸气的量无关，则测定结果中NaHCO3的含量不变；E中碱石灰可防止外界空气中的H2O（g）、CO2进入装置D，若撤去E装置，则测定的碳酸氢钠的质量偏大，碳酸氢钠分解生成水的质量偏高，而Na2CO310H2O的测定是根据生成水的总质量计算的，则测得Na2CO31

42、0H2O的含量将偏低；（4）若样品质量为wg，反应后C、D增加的质量分别为m1g、m2g，则碳酸氢钠分解生成的二氧化碳的质量为m2g，则2NaHCO3Na2CO3+CO2+H2O168 44m（NaHCO3） m2gm（NaHCO3）=混合物中NaHCO3的质量分数为：。【答案点睛】该本题综合考查元素化合物性质、测定混合物中各成分的质量分数，题目难度中等，解题时必须结合实验装置和物质的性质进行综合分析，综合考查学生实验能力和分析能力，注意把握物质的性质以及实验原理。误差分析是解答的难点和易错点。26、CH4+2Cl2CH2Cl2+2HCl 控制气流速率 干燥气体 干燥管 防止倒吸 a 3 mo

43、l 9 【答案解析】在加热条件下，浓盐酸和二氧化锰反应生成氯气，浓硫酸具有吸水性，可以作干燥剂，C中干燥的甲烷和氯气在光照条件下发生取代反应生成氯代甲烷和HCl，尾气中含有氯化氢，氯化氢极易溶于水，所以E装置是吸收尾气中所氯化氢以制备盐酸，并且防止污染环境，倒置的干燥管能防倒吸，据此分析解答。【题目详解】(1)C 装置中生成 CH2Cl2 的反应是甲烷和氯气光照发生取代反应生成的，反应的化学方程式：CH4+2Cl2CH2Cl2+2HCl，故答案为：CH4+2Cl2CH2Cl2+2HCl；(2)浓硫酸具有吸水性，因为甲烷和氯气中含有水蒸气，所以浓硫酸干燥混合气体，浓硫酸为液体，通过气泡还可以控制

44、气流速度，能均匀混合气体等，故答案为：控制气流速率；干燥混合气体；(3)D 装置为干燥管，氯化氢极易溶于水，干燥管可以防止倒吸，故答案为：干燥管；防止倒吸；(4)氯代烃不溶于水，而HCl极易溶于水，可以采用分液方法分离出盐酸，故选a；(5)根据充分反应后生成CH3Cl、CH2Cl2、CHCl3、CCl4四种有机产物的物质的量依次增大0.1mol，可以设其物质的量分别是x、x+0.1mol、x+0.2mol、x+0.3mol，则x+x+0.1mol+x+0.2mol+x+0.3mol=1mol，解得x=0.1mol，发生取代反应时，一半的Cl进入HCl，因此消耗氯气的物质的量为0.1mol+20

45、.2mol+30.3mol+40.4mol=3mol，故答案为：3 mol；(6)丁烷有三种结构，则C4H8Cl2的同分异构体可以采取“定一移二”法：、，共有9种同分异构体，故答案为：9。【答案点睛】明确实验原理及物质性质、实验基本操作是解本题关键。本题的易错点为(5)，要注意取代反应的特征，参加反应的氯气中的氯原子有一半的Cl进入HCl，另一半进入氯代甲烷。27、稀硫酸、铁屑 煮沸 避免生成的Fe（OH） 1 沉淀接触O 1 稀硫酸、铁屑 NaOH溶液 检验试管出口处排出的氢气的纯度，当排出的H 1 纯净时，再夹紧止水夹 试管中反应生成的H 1 充满了试管和试管，且外界空气不容易进入 【答案

46、解析】本实验题用两种方法来制备氢氧化亚铁，方法一完全是采用课本中的实验，考查硫酸亚铁溶液的配制中的要求，必须要注意防止水解和氧化；在制备氢氧化亚铁必须要除去溶解在溶液中的氧气及制备氢氧化亚铁的操作要求；方法二是对课本实验的延伸，是一种改进的制备方法，用氢气作保护气的方法来保证新制的氢氧化亚铁不被马上氧化。【题目详解】方法一：(1)配制FeSO4溶液时，需加入稀硫酸和铁屑，抑制Fe1+的水解并防止Fe1+被空气中的O1氧化为Fe3+，故答案为稀H1SO4、铁屑；(1)煮沸蒸馏水可除去其中溶解的O1故答案为煮沸；(3)Fe(OH)1很容易被空气中的氧气氧化，实验时生成白色Fe(OH)1沉淀的操作是

47、用长滴管吸取不含O1的NaOH溶液，插入FeSO4溶液液面下，再挤出NaOH溶液，故答案为避免生成的Fe(OH)1沉淀接触O1；方法二：(1)试管中提供还原性气体氢气和硫酸亚铁溶液，可用硫酸和铁屑反应生生成，故答案为稀H1SO4、铁屑；(1)试管中应为NaOH溶液，与试管中生成的FeSO4溶液反应生成Fe(OH)1沉淀，故答案为NaOH溶液；(3)打开止水夹，Fe与H1SO4反应生成H1充满整个装置，反应一段时间后关闭止水夹，左侧试管内气压升高，反应生成的Fe1+沿导管进入右侧试管与NaOH反应生成白色沉淀Fe(OH)1，若过早关闭止水夹，使左侧试管中的硫酸压入右侧试管中，将NaOH中和，则得

48、不到Fe(OH)1溶液故答案为检验试管出口处排出的氢气的纯度，当排出的H1纯净时，再夹紧止水夹；(4)由于装置中充满H1，外界空气不易进入，所以沉淀的白色可维持较长时间，故答案为试管中反应生成的H1充满了试管和试管，且外界空气不容易进入。【答案点睛】Fe(OH)1很容易被空气中的氧气氧化，这是Fe(OH)1的重要性质，本题是在原有性质基础上进行了改编，设计成了探究型实验题。本题考查水解方面的问题，又考查了氧化还原方面的问题，还有实验中的实际问题，同时还考查了实验的设计，题目难度中等。28、纯铜片2H2e=H20.06 mol1.95Zn + 2H+ =Zn2+ + H2 Zn + Cu2+=

49、Zn2+ + CuCuSO4与Zn反应产生的Cu与Zn以及硫酸溶液形成Cu/Zn原电池，加快了氢气产生的速率升高反应温度、适当增加硫酸的浓度、增大锌粒的比表面积等（答两种即可）3019.5当加入一定量的CuSO4后，生成的Cu会沉积在Zn的表面，降低了Zn与溶液的接触面积，使得生成氢气的速率下降0.01mol/(Lmin)【答案解析】I(1)纯铜片和纯锌片、稀硫酸组成原电池，由图可知b电极处有氢气生成，则b为铜，为正极；a为锌，为负极；b上氢离子得电子生成氢气，其电极反应式为：2H+2e-H2；(2)如果将a、b两电极的电极材料对调，则右边为锌失电子作负极，左边为铜为正极，氢离子得电子生成氢气

50、，则左边上有氢气生成，所以U形管中左端溶夜下降，右端溶夜上升；故答案为：左端溶夜下降，右端溶夜上升；(3)当量筒中收集到672mL(标准状况下)气体，则n(H2)=0.03mol，已知b上的电极反应式为：2H+2e-H2，则通过导线的电子的物质的量为0.06mol，a电极上的反应为：Zn-2e-Zn2+，则溶解的Zn的物质的量为0.03mol，则减小的Zn的质量为65g/mol0.03mol=1.95g；II：(1)因为Cu2+的氧化性比H+的强，所以加入硫酸铜，Zn先跟硫酸铜反应，反应完后再与酸反应，反应的有关离子方程式为：Zn+2H+Zn2+H2、Zn+Cu2+Zn2+Cu；(2)锌为活泼金属，加入硫酸铜，发生Zn+CuSO4=ZnSO4+Cu，置换出铜，与锌形成原电池反应，化学反应速率加快；(3)对于溶液中的化学反应，影响反应速率的因素还有浓度、温度、催化剂以及固体表面积大小等，要加快上述实验中气体产生的速率，还可采取的措施有升高反应温度、适当增加硫酸的浓度、增加锌粒的表面积等；(4)要对比试验效果，除了反应的物质的量不一样以外，要保证其它条件相同，而且是探究