四川省遂宁市船山区第二中学2023学年九年级物理第一学期期末质量跟踪监视模拟试题含解析

1、2023学年九上物理期末模拟测试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题1如图所示，一定值电阻与最大阻值为40的滑动变阻器串联在电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P滑到最左端时，电流表的示数为0.3A；当滑动变阻器的滑片P滑到最右端时，电流表的示数为0.1

2、A。下列说法正确的是（）A定值电阻为80B定值电阻为60C电源电压为12VD电源电压为6V2将一瓶酒精用去三分之二，则剩余部分酒精的密度、比热容和热值的大小，下列说法正确的是（ ）A都变为原来的三分之一B密度、比热容不变，热值变为原来的三分之一C都不变D热值不变，密度、比热容变为原来的三分之一3小阳设计了一个天然气泄漏检测电路（如图），R为电阻值随天然气浓度增大而减小的气敏电阻，R0为定值电阻，电源电压恒定不变。则下列说法正确的是（ ）A天然气浓度增大，电压表示数变小B天然气浓度减小，电流表示数变大C天然气浓度增大，电路消耗的总功率变小D天然气浓度减小，电压表与电流表示数的比值不变4关于电磁波

3、的知识，下列说法中正确的是A导线中电流的迅速变化会在空间激起电磁波B电磁波的传播不需要介质，在真空中传播速度是3108km/sC微波炉利用电磁波加热食物，无辐射、无污染D用电磁波可以传递声音与图像，不会受到任何干扰5如图甲所示的电路中，为定值电阻，为滑动变阻器其最大阻值为闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P从b端移至a端的过程中，消耗的电功率随电阻变化关系如图乙所示，根据图象信息，则下列判断正确的是A电路中最小电流为B消耗的最大电功率为10WC的阻值是D电源电压为15V6本学期，我们所使用的课本中出现的科学家以及他们的发现、发明描述不正确的是A安培发明安培表（电流表）B欧姆发现了欧姆定律C瓦特改

4、进、完善了蒸汽机D伏打发明了电池7如图所示，电源电压恒定，当闭合开关S后，变阻器R2的滑片P向右移动的过程中，下列说法中正确的是（）A电流表A的示数变小、电压表V的示数变大B电流表A的示数变小、电压表V的示数不变C电流表A的示数变大、电压表V的示数变小D电流表A的示数变大、电压表V的示数变大8如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合时，灯L正常发光，如果将滑动变阻器的滑片P向右滑动，下列说法正确的是（ ）A电压表示数变小，灯L变亮B电压表示数变小，灯L变暗C电压表示数变大，灯L变亮D电压表示数变大，灯L变暗9如图所示电路，闭合开关，灯泡L正常发光，当滑片P向上移动的过程中，下列说法中正

5、确的是A灯泡L变亮，电流表A1示数变大B电压表示数不变，电流表A2示数变大C电流表A1与A2的示数之差变大D电压表与电流表A2的示数之比变大10如图所示的实验或机器均改变了物体的内能，其中与另外三个改变内能方法不同的是（ ）A探究萘的熔化规律B压缩气体点燃棉花C内燃机压缩冲程D水蒸气将软木塞冲出11如图所示电路，电源电压不变，R是定值电阻将一个“6V3W”的小灯泡接在a、b两点间，小灯泡恰能正常发光：若换一个“6V4W”的小灯泡接在a、b两点间，则这个小灯泡的实际功率（）A大于4WB等于4WC小于4WD无法确定12如图所示的电路，电源电压保持不变，R为定值电阻。下列说法正确的是 A开关闭合前，

6、电压表和电流表均无示数B开关闭合后，滑片P向右移动的过程中，R的功率变大C开关闭合后，滑片P向右移动的过程中，电压表的示数变小，电流表的示数变小D开关闭合后，滑片P向右移动的过程中，电压表与电流表示数的比值变小二、填空题13如图，电阻箱的示数为_。 14某型号的柴油的热值是4.2107J/kg ，1.5 kg的柴油完全燃烧时放出的热量是_J，若这些热量全部被水吸收，可以使_kg的水从30上升到80。已知水的比热容是4.2103J/（kg）。15在内燃机的“吸气”、“压缩”、“做功”、“排气”四个冲程中，将机械能转化为内能的是_冲程：常用水来给内燃机降温，是因为水的_大。16两个定值电阻，R1上

7、标有“20 1A”字样，R2上标有“30 0.6A”字样，把它们串联起来使用，它们两端最多能加_V的电压；若把它们并联起来使用，干路允许通过的最大电流是_A三、实验题17（8分）探究磁场对电流的作用：实验过程（1）在如图装置中，闭合开关，发现导体向右运动，说明_；同时改变电源正、负极和磁体的N、S极，发现导体将向_运动问题讨论（2）将上述实验器材中的电源换成灵敏电流计，可以探究_现象18（8分）小李和小乐按照课本要求探究并联电路中电流的规律，他们设计的电路图如图甲所示。(1)在使用电流表测电流的实验中，小李试触时电流表的指针向着没有刻度的一侧偏转，如图乙所示，根据你的分析，你认为原因可能是_；

8、(2 )在实验过程中他们连接了如图丙所示的电路，闭合开关后，观察到灯L2_(选填“发光”或“不发光”)；该电路存在的问题是：_；(3)请在图丙上只改动一根导线，使之符合L1、L2并联，电流表A1测干路电流，A2测灯L2的电流，开关控制所有用电器_；(要求：在需要改动的导线上画“”，用笔将改动后的导线画出，导线不能交叉)(4)他们改正错误后把电流表分别接入到电路中的A、B、C处，测出它们的电流，见下表实验A处的电流IA/AB处的电流IB/AC处的电流IC/A10.10.120.2220.220.240.4630.260.300.56通过对上面数据的分析，可以得出的结论是_。实验中可以采用_的方法

9、改变A、B、C处的电流大小从而进行多次实验。19（8分） “测量额定电压为3.8V小灯泡的额定功率”实验中，小江设计并连接了如图所示的部分实验电路，电源电压恒定。（1）故障排除后，开始实验，在移动变阻器滑片的过程中，注意观察电压表的示数变化，直到示数U1=3.8V，若此时电流表的示数如乙图所示，则灯泡的额定功率为_W。（2）在完成上述实验后，小丽向老师要了一个已知阻值为R0的电阻和一个单刀双挪开关S2，借助部分实验器材，设计了如图丙所示的电路，也测出了灯泡的额定功率。请你完成下列实验步骤：闭合开关S1，将S2拨到触点1，移动滑片P，使电压表的示数U1为_V。再将开关S2拨到触点2，保持滑片P的

10、位置不动，读出电压表的示数为U2。则灯泡额定功率P额=_（用已知物理量的符号表示）。四、作图题20（8分）根据如图所示的电路图，用笔划线代替导线，将如图所示的实物图连接起来。（要求:导线不能交叉。）（_）21（8分）两个螺线管通电后互相排斥，而且电流表的连接正确。请在图中画出螺线管B的绕法，并标出小磁针右端的极性。（_）五、计算题22（10分）如图所示，电源两端电压U为12V并保持不变，电阻R1阻值为20。闭合开关S后，电流表的示数为0.8A。求：（1）电阻R2的阻值；（2）电阻R2消耗的电功率。23（12分）定值电阻R1和R2串联在电源电压为10V的电路中，电阻R16，R24，通电100s，

11、求：（1）电路中的电流；（2）电流通过R1时产生的热量。2023学年模拟测试卷参考答案（含解析）一、选择题1、D【题目详解】当滑动变阻器的滑片P滑到最左端时，I0 =0.3A，则电源电压为当滑动变阻器的滑片P滑到最右端时，R=40，I=0.1A， 则电源电压为解得：解得：R0 =20，U=6V。故D正确，ABC错误。故选D。2、C【题目详解】比热容、热值、密度都是物质或燃料的属性，与质量或体积是无关的，即质量改变时，这些属性是不变的所以一瓶酒精用去三分之二，则剩余部分酒精的密度、比热容和热值都不变故选C3、D【分析】由图可知两电阻串联，电压表测量R0两端的电压；电流表测量电路电流，由电阻的变化

12、利用欧姆定律可求得电路中电流的变化及R0两端电压的变化。【题目详解】当天然气浓度增大时，气敏电阻的阻值将会减小，故由欧姆定律可得电路中电流增大，即电流表示数增大；A由U0IR0可知，定值电阻两端的电压会增大，即电压表的示数会增大，则A错误；B当天然气浓度减小时，气敏电阻的阻值将会增大，故由欧姆定律可得电路中电流减小，即电流表示数减小，则B错误；C根据PUI可知，此时电路消耗的总功率变大，则C错误；D根据欧姆定律知电压表与电流表示数的比值为R0的阻值，而R0为定值电阻，阻值不变，则D正确；故选D。【答案点睛】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和电功率公式的灵活应用，利用好“气敏电阻阻值随天

13、然气浓度的增大而变小”是关键。4、A【题目详解】A导线中电流的迅速变化会在空间激起电磁波，故A说法正确；B电磁波的传播不需要介质，在真空中传播速度是3108m/s，故B说法错误；C微波炉是利用电磁波中的微波来加热食物的，可以向外辐射电磁波，过量的电磁波辐射对人体有害，故C说法错误；D用电磁波可以传递声音与图像，但会受到其它电磁波的干扰，故D说法错误；故选A。5、B【题目详解】由图甲可知：、串联，当滑动变阻器的滑片P在a端时，其接入电路的电阻最大，此时电路中的电流最小，由图象可知，的电阻最大为时，的功率为；由可得电路中的最小电流：；故A错误；由图象可知，当时，的功率，由可得此时电路中的电流：；由

14、欧姆定律和串联电路的特点可得，当时电源电压：-同理可得，当时电源电压：-电源电压不变，联立方程得：，；故CD错误；当滑动变阻器连入电路的电阻为0时，的电压最大为电源电压，此时的功率最大，则消耗的最大电功率：，故B正确故选B6、A【答案解析】A电流表是用来测量电流的仪器，因为电流的单位是安培，所以又称安培表，电流表是威廉爱德华韦伯发明的，故A错误，符合题意；B欧姆发现了电流与电压和电阻的关系即 ，物理学把这个定律称为欧姆定律，故B正确，不符合题意；C古希腊数学家亚历山大港的希罗发明蒸汽机，瓦特改进、完善了蒸汽机，故C正确，不符合题意；D1799年，意大利科学家伏打发明了世界上最早的电池-伏打电池

15、，故D正确，不符合题意。7、A【分析】由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表V测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化。【题目详解】由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表V测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；CD当闭合开关S后，变阻器R2的滑片P向右移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，故C项错误，D项错误。AB变阻器R2的滑片P向右移动的过程中，变阻

16、器接入电路中的电阻变大，电路中的电流变小，由可知，R1两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，则R2两端的电压变大，即电压表V的示数变大，故A项正确，B项错误。8、D【题目详解】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，将滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由可知，电路中的电流变小，由可知，灯泡两端的电压变小，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由可知，灯泡的实际功率变小，灯泡L变暗；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故ABC错误，D正确9、D【

17、答案解析】电路中，灯L与滑动变阻器R并联，电流表测通过滑动变阻器R的电流，电流表测通过灯L与滑动变阻器R的电流之和，电压表测滑动变阻器两端的电压，即灯两端电压、电源电压；A. 当滑片P向上移动时，滑动变阻器接入电路电阻变大，滑动变阻器所在支路电流变小，所以A2示数变小，R两端的电压即电压表示数不变，根据并联电路电流特点，干路电流等于各个支路电流之和，所以干路电流减小，电流表A1的示数变小，根据并联电路用电器互不影响，灯的亮度不变，故A错误；B. 由A可知，电压表示数不变，电流表A2的示数变小，故B错误；C. 电流表A1的示数减去电流表A2的的示数，即为通过灯的电流，由A可知，通过灯的电流不变，

18、所以他们的差不变，故C错误；D. 电压表示数不变，A1示数变小，所以电压表与电流表A1的示数之比变大，故D正确。故选D.10、A【题目详解】A图中探究萘的熔化规律，利用酒精灯加热，是通过热传递改变内能的过程。故A符合题意；B图中用力将活塞迅速压下，压缩空气做功，是通过做功改变内能的过程，故B不符合题意；C图中内燃机压缩冲程，是活塞压缩工作物质做功，将机械能转化为内能，是通过做功改变物质内能的过程，故C不符合题意；D图中试管水蒸气冲开木塞，对木塞做功，是通过做功将内能转化为机械能的过程，故D不符合题意。故选A。11、C【答案解析】由灯泡的铭牌可知，两灯泡的额定电压相等，由由 P的变形公式R 可知

19、，额定功率为3W 灯泡的电阻大于额定功率为 4W灯泡的电阻，因串联电路中电阻越大分得的电压越大，所以，改接后，灯泡两端的电压变小，小于6V ，则这只灯泡消耗的功率小于4W ，即比正常发光时暗些故选 C.12、C【题目详解】A开关闭合前，电路处于开路状态，则电流表没有示数；但电压表的两个接线柱通过变阻器与电源的正负极相连通，此时电压表测量电源电压，所以电压表有示数，故A项错误；BC开关闭合后，定值电阻R与滑动变阻器串联，电流表A测电路中的电流，电压表测定值电阻R两端的电压；滑片P向右移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，总电阻变大，由可知，电路中的电流变小，即电流表示数减小，根据U=IR可知

20、，定值电阻R两端的电压变小，即电压表的示数变小，根据P=UI知，R的功率变小，故B项错误，C项正确；D定值电阻两端的电压减小，电路中电流减小了，由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值为定值电阻的阻值，所以，电压表与电流表示数的比值不变，故D项错误。二、填空题13、2868【答案解析】根据电阻箱的面板上各个指针所指的位置，此时连入电路的电阻大小为R=21000+8100+610+81=2868。14、6.3107J 300 【题目详解】1柴油完全燃烧时放出的热量是2若这些热量全部被水吸收，则水吸收的热量为由可得，水的质量为15、压缩 比热容 【题目详解】1内燃机的四个冲程是吸气、压缩、做功、排

21、气冲程，压缩冲程活塞向上运动，压缩气体对气体做功，将机械能转化为内能。做功冲程高温高压燃气推动活塞向下运动，将内能转化为机械能。2内燃机工作过程中会产生大量的热，需要及时散去。与其它液体相比较，水的比热容最大，在质量和升高的温度相同时，水吸收的热量最多，制冷效果最好。16、30 1.5 【题目详解】（1）因串联电路中各处的电流相等，且I11A，I20.6A，所以，两只定值电阻串联时，电路的最大电流II20.6A，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I可得，电路两端允许加的最大电压：UI（R1+R2）0.6A（20+30）30V；（2）两电阻两端允许所加的最大电压分别为：U1I1R11A

22、2020V，U2I2R20.6A3018V，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，将两只电阻并联时，电路两端的最大电压UU218V，此时通过R2的电流I20.6A，通过R1的电流I1=0.9A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路中允许通过的最大电流：II1+I20.9A+0.6A1.5A三、实验题17、通电导体受到磁场向右的作用力 右 电磁感应 【分析】本题考查磁场对电流的作用【题目详解】(1)1如图所示的装置，导体放在磁场中，未闭合开关时，导体中没有电流通过，处于静止状态；闭合开关，电路接通，导体中有电流通过，导体向右运动，说明通电导体受到磁场的作用力，且此时受到的作用力是

23、向右的2磁场对通电导体作用力的方向与导体中电流的方向和磁场的方向有关。只改变电流方向或磁场方向，作用力的方向会改变，但两个因素同时改变时，作用力的方向不改变。所以当同时改变电源正、负极（即导体中电流方向）和磁场的N、S极（即磁场方向），作用力的方向不改变，故导体将向右运动(2)3将电源换成灵敏电流表，可以探究电磁感应现象，因为让导体在磁场中做切割磁感线运动，则有感应电流产生，灵敏电流表的指针就会发生偏转【答案点睛】通电导体在磁场中受到的作用力的方向跟磁场的方向和通过导体的电流方向有关18、电流表正负接线柱上的导线接反 不发光 L2被短路 在并联电路中，干路电流等于各支路的电流之和 更换不同规格

24、的灯泡(或改变电源电压) 【题目详解】(1)1 试触时电流表的指针向着没有刻度的一侧偏转，即反偏，说明电流表的正负接线柱接反了。(2)23在图丙中，连接电流表A1的右接线柱和灯L1的左接线柱之间的导线将电流表A2与灯L2短路了， 灯L2不发光。(3)4为达到题目中的要求，将连接电流表A1右接线柱与灯L2的左接线柱之间的连线去掉，将灯L2的左接线柱与灯L1的右接线柱之间连接起来，如图所示：(4)5分析表中的数据可知，C处的干路电流等于A处和B处支路的电流之和，故可得结论：并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。5实验中可以采用改变电源电压的方法或更换不同规格的灯泡，改变A、B、C处电流的大小从而进行多次实验，使实验结论更具有普遍性。19、1.52 3.8 【题目详解】(1)1故障排除后，开始实验，在移动变阻器滑片的过程中，注意观察电压表的示数