河南省九师.商周联盟2022年高三物理第一学期期中统考模拟试题含解析

2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生请注意：1上作任何标记。2选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，某同学用绳子拉木箱，使它从静止开始沿粗糙水平路面运动至某一速度的过程，下列分析正确的是A．动能的增量等于拉力做的功B．机械能增量等于拉力做的功CD．拉力越大该同学做功越多N2、如图所示，在水平粗糙横杆上，有一质量为m的小圆环mFA一直保持静止不动，设圆AFf，此过程中：（）NN A．F增大，f增大 B．F减小，fN N C．F不变，f增大 D．F不变，fN 3、在水下潜水器某次海试活动中，完成任务后从海底竖直上浮，从上浮速度为v时开始计时，此后匀减速上浮，经过时间t上浮到海面，速度恰好减为零，则蛟龙号在t0（tt）时刻距离海平面的深度为0vt1A． B．1

t(10)

C．at

vt1at2

v(tt)2D． 0D2 0 2t

2 1 2 2 2t4O、、C、1 2 1 B之间的距离l＝2、C之间的距离l＝4。若物体通过l、l这两段位移的时间相等，则O、A之间的距离l等于( )1 2 1 A．1m B．1m4 2C．3m 45、如图，在匀强电场中DF位于边长为L＝2cm的正六边形的顶点上匀强电场的方向平行于正六边形所在的平面已知DE的电势分别为0V、、。则下列说法正确的是( )A．C点的电势c＝2VB．A、F间的电势差U ＝2VBAFC．C、F间的电势差U ＝2VCCFDE＝200V/m6FF斜面，斜面保持静止，则地面对斜面的摩擦力A．大小可能为零 B．方向水平向右C．方向水平向左 D．方向与F的大小有二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在竖直平面内有水平向右、电场强度为E=1×104N/C的匀强电场．在场中有一个半径为R=2m的光滑圆环，环内有两根光滑的弦AB和AC，A点所在的半径与竖直直径BC成370.04kgA点释放ABACABAC，给小球一个初速度让小球恰能在竖直平面沿环内做完(cos37=0.8，g=10m/s2)（ ）．小球所带电量为=3.615CB．小球做圆周运动动能最小值是0.5JCC点时机械能最小D．小球做圆周运动的对环的最大压力是、伽利略为了研究自由落体运动的规律，利用斜面做了上百次实验．如图，让小球从x以及所用的时间若比x值t2为定值，小球的运动即为匀变速运动．下列叙述符合实验事实的( )当时采用斜面做实验，是为了便于测量小球运动的时间xt2有较大差异xt2保持不变90°时，比值也将保持不变，因此可认为自由落体运动为匀变速运、下列说法中正确的是 A．分子间距离增大时，分子间的引力和斥力都减小B．布朗运动反映了气体或液体分子的无规则运动CD．做功和热传递在改变系统内能方面是不等价的E.第二类永动机不违背能量守恒定律，因此是可能制成的10、如图所示，在匀强电场中abcd为矩形的四个顶点，ef分别为ab边和cd的中点且ab长为ad长的2倍已知电场线的方向平行于矩形所在平面，、、三点电势分为、、6V，则( )A．d点的电势为2VBacCec向下D．一电子从a点运动到c点，电势能增大218出演算过程。1（6分）某实验小组利用图示的装置探究加速度与力、质量的关系．下列做法正确的是 （选填字母代号．A．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B．在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑拴在木块上C．实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质 木块和木块上砝码的总质量（选填远大于”“远小于或近似等于”）aF的关系，分别得到图中甲、乙两条直线．设甲、乙用的木块质量分别为m 、甲

，甲、乙用的木块与木板间乙的动摩擦因数分别为μ μ 由图可知m μ （选甲 乙 甲 乙 甲 乙．填“大于”“小于”或“等于”）1（12分）如图为一气垫导轨，导轨上安装有一个光电门B滑块用细绳绕过气垫导轨左端的定滑轮与力传感器相连A处由静止释放，某同学用该实验装置验证滑AB过程中动能定理成立。该同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图所示，则d mm。验证滑块由A运动到B的过程中动能定理成立，还需测量AB之间的距离L、光条通过光电门的时间t和滑块的质量M，需验证的表达式。本实验中是否要求滑块质量和遮光条的总质量远大于钩码和力传感器的总质量： （请填“是”或“否”）改变钩码质量，测出对应的力传感器的示数F和遮光条通过光电门的时间t，处1理数据时通过描点作出t2 图象是一条直线，用量角器测出图线与横坐标的夹角为F，图线的斜率为k，若动能定理成立，下列关系式正确的是）2L Md2 2L Md2A．k B．k C．tan D．tanMd2 2L Md2 2L226必要的文字说明、方程式和演算步骤。1（10分）如图所示，传送带AB总长为10，与一个半径为0.4m的光滑四BCB点，传送带速度恒为v＝6Am＝10＝0.，已知滑块运动到B端时，刚好与传送带同速，求：滑块的初速度；滑块能上升的最大高度；求滑块第二次在传送带上滑行时，滑块和传送带系统产生的内能．1（16分）如图所示ABD为竖直平面内的轨道其中ABBD段为半径R=0.08m的半圆光滑轨道Bv0=5m/sC点出发B碰后小球乙恰好能到达圆轨道最高点AB段的动摩擦因数=0.4CB的距离=2mg取10m/2,甲求：碰撞前瞬间v1;(2)1（12分）一辆汽车刹车前速度为90km/，刹车获得的加速度大小为10m/2(1)10sx0；30m1sx．参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A.动能的增量等于合外力做的功，因为存在摩擦力，所以小于拉力做的功，故AB.根据功能关系可知，机械能的增加量等于拉力做功与克服摩擦力做功之和，故B错误。C.根据功能关系可知，摩擦产生的热量等于克服摩擦力做的功，故C正确。D.D错误。2、C【解析】BB对整体受力分析可得出摩擦力及支持力的变化；【详解】对B受力分析，则B受重力、绳子的拉力及F，三力满足应始终处于平衡状态；受力分析如图所示：在B上升的过程中绳子与竖直方向的夹角增大，而重力不变，应增大；

，故拉力F以AB因整体处于平衡状态Ff增大；竖直方向重力不变FNC正确，AD错误；C。【点睛】关键在于运用整体法和隔离法对整体和小球受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解，对于研究对象的灵活选择，有时可以使问题大大简化，起到事半功倍的效果。3、D【解析】潜水器上升的加速度为av；研究潜水器从t时刻到水面的逆过程，则由匀变速运动t 0t 1 v(tt)2的规律可知，蛟龙号在

时刻距离海平面的深度为h a(tt)20 2 0

0 ，选项2tD正确.4、A【解析】设物体的加速度为allT，则有：1 2ll 6v 1 2 ，Bl 2

1T aT21B 211

T aT2B 2联立可得：aT22m根据速度位移关系：v2B

2al1

，可得l

1m，故A正确，BCD错误．4故选：A点睛：根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，设相等的时间为T，求出B0A5、D【解析】A.AD、BFCE，ADBFCEM、NO，如图所示：ADBF、CE都垂直，由六边形的特点可知，则有：AMMOONNDMO、、、4VE4V，则CN点相等，为4VA错误；B.M点电势为0，B点电势为零，则F点的电势也是0V，所以有：U AF A

20V2V故B错误；C.点CF之间的电势差为：U CF C

40V4V故C错误；D.由几何关系可知：AD2L4cm所以电场强度的大小为：EU

6(2)DA V/m200V/mAD 0.04故D正确。6、C【解析】BF在水平向右方向上的分量，所以摩擦力方向水平向左，摩擦力的方向与F的大C对；ABD错；故选C二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】AAECA点看成在电场和重力场的等效最高点，因此等效重力场的方向为AO电，则有mgtan37qE解得小球的带电量为q3105C，故A错误；BA的势能（重力势能和电势能之和A点其合力作为小球做圆周运动的向心力，有Amg mv2Acos37 R小球做圆周运动过程中动能最小值为1Ekmin

mv22

0.5J故B正确；CEE E Ek pG pE所以小球在圆上最左侧的位置，电势能最大，机械能最小，故C错误；D重力场”，新“重力场”方向与竖直方向成37重力为G' mgcos37等效重力加速度为gg'

cos37小球恰好能做圆周运动，在等效最高点A点速度为g'g'RA在等效最低点小球对环的压力最大，设小球在等效最低点的速度为v，由动能定理得1G2R1mv2 mv212 2 A由牛顿第二定律得F G'mv2N R联立解得小球在等效最低点受到的支持力F 3.0NN3.0ND确。故选BD。8、ACD【解析】A淡重力，为了便于测量小球运动的时间，故A符合题意；BC．在伽利略时代，技术不够发达，无法直接测定瞬时速度，所以不可能直接得到速度的变化规律，但是伽利略通过数学运算得出结论：如果物体的初速度为零，而且xx与t平方的成正比，每一个特定倾角的斜面，小球从不同位置滚下，比值t2故B不符合题意，C符合题意；

保持不变，xD．将斜面实验的结果合理外推至当斜面倾角为90°时，比值t2由落体运动是特殊的匀变速直线运动，故D符合题意。故选ACD。9、ABC

也将保持不变，说明自A正确；布朗运动反映B具有空间上的周期性，故C正确；做功和热传递在改变系统内能方面是等价的，故DEABC10、AC【解析】pa b d c abdc的电势φ-φ=φ-φ，解得：φ=2VA正确；ab、8V，e为ab的中点，则e6V，所以ececC正确，BacE=qφac点的电势能，故D错误。所以AC正确，BDpa b d c 218出演算过程。11、AD 远小于 小于 大于【解析】项正确．（2）[2]．由整体法和隔离法得到细绳中的拉力mg 1F＝Ma＝MMm＝1

mmg，M可见，当砝码桶和桶内砝码的总质量m远小于木块和木块上砝码的总质量M时，可得F≈mg.（3）[3]．不平衡摩擦力，则F－μmg＝ma，Fa＝ －μg，m图象的斜率大的木块的质量小，纵轴截距绝对值大的动摩擦因数大，因此，μ 甲 乙 甲 乙．12、2.25 FL【解析】

dM( )2 否 At(1)[1]游标卡尺测量遮光条的宽度d，读得d2mm51mm2.25mm20(2)[2]从A到B，根据动能定理有1 dFL

M( )22 t(3)[3]由于有拉力传感器，直接能读出拉力的大小，所以不必满足滑块质量和遮光条的总质量远大于钩码和力传感器的总质量(4)[4]改变钩码质量，测出对应的力传感器的示数F和遮光条通过光电门的时间t，根据以上表达式得到1 2L Ft2 Md2处理数据时通过描点作出1F图象，该图象的斜率t2k 2LMd故A正确。226必要的文字说明、方程式和演算步骤。1413、(1)2 m/s或4m/s (2)1.8m (3)220J14【解析】以滑块为研究对象，滑块在传送带上运动过程中，当滑块初速度大于传送带速度时，mgl

mv2 mv212 2 0114v0＝214

m/s；当滑块初速度小于传送带速度时，有1 1mgl mv2 mv22 2 0解得v0＝4m/s.由动能定理可得1－mgh＝0－2mv2解得h＝1.8m.以滑块为研究对象，由牛顿第二定律得μmg＝ma，滑块的加速度a＝1v2s＝2a＝18m＞10m则滑块第二次在传送带上滑行时，速度没有减小到零就离开传送带，由匀变速运动的位移公式可得1lvt2at2解得t＝2s(t＝10s舍去)，在此时间内传送带的位移x＝vt＝6×2m＝12m滑块第二次在传送带上滑行时，滑块和传送带系统产生的内能Q＝μmg(l＋x)＝0.1×10×10×(10＋12)J＝220J.114（1）3m/s（2）2【解析】1 1在CB段，mgS

mv2，得

3