2021届北京市高考物理四模试卷附答案详解

2021届北京市高考物理四模试卷

一、单选题（本大题共14小题，共42.0分）

1.以下说法中，不正确的是（）

A.电磁波谱包括无线电波、微波、红外线、可见光、紫外线、X射线、y射线

B.牛顿环是簿膜干涉的结果，当用频率更高的单色光照射时，同级牛顿环半径将会变大

C.遥远星系所生成的光谱都呈现“红移”，即光谱线都向红色部分移动了一段距离，由此现象

可知宇宙在膨胀

D.麦克尔孙-莫雷实验结果表明：不论光源与观察者做怎样的相对运动，光速都是一样

2.现在有一群氢原子处于量子数n=3的激发态，则这些氢原子能发出几条光谱线（）

A.1B.2C.3D.4

3.下列说法正确的是（）

A.波长最短的电磁辐射是X射线

B.实现静电屏蔽一定要用密封的金属容器

C.光的波动性是光子自身固有的性质

D.黑体辐射电磁波的强度除与温度有关外，还与物体的材料等有关

4.如图所示，上端开口的圆柱形导热气缸竖直放置，一定质量的理想气体被光滑活n11

塞封闭在气缸内，设环境的大气压保持不变，若外界温度逐渐升高，则缸内的气

A.气体的体积增大，内能减小B.气体的体积增大，吸收热量

C.气体的体积不变，内能增大D.气体的体积不变，放出热量

5.“太空涂鸦”技术就是使低轨运行的攻击卫星在接近高轨侦查卫星时，准确计算轨道向其发射

“漆雾”弹，并在临近侦查卫星时，压爆弹囊，让“漆雾”散开并喷向侦查卫星，喷散后强力

吸附在侦查卫星的侦察镜头、太阳能板、电子侦察传感器等关键设备上，使之暂时失效.下列

说法正确的是（）

A.攻击卫星在轨运行速率大于7.9km/s

B.攻击卫星进攻前的速度比侦查卫星的速度小

C.攻击卫星完成“太空涂鸦”后应减速才能返回低轨道上

D.若攻击卫星周期已知，结合万有引力常量就可计算出地球质量

6.如图甲所示，为一列沿x轴传播的简谐横波在t=0时刻的波形图.图乙表示该波传播的介质中

x=2m处的质点a从t=0时刻起的振动图象.则下列说法正确的是（）

A.t=0时刻，质点a的振动方向为y轴正方向

B.波沿x轴负方向传播

C.t=0.25s时，质点a的位移沿y轴正方向

D.t=0.25s时，x=4m处的质点b的加速度沿y轴负方向

7.质量为m、带电量为+q的物体处于竖直向上的匀强电场中，现将物体从距地面无高处以一定的

初速度竖直下抛，物体以g/4的加速度匀加速下落，已知匀强电场的场强E=/ng/4q.则物体从

抛出到落到地面的过程中（）

A.物体与周围空气组成的系统内能增加了等

B.物体的机械能少哼

C.物体的重力势能减少zngh/4,电势能减少等

D.物体的动能增加了胃

8.一条竖直放置的长直导线，通有由上而下的电流，它产生的磁场在它正北方某处的磁感应强度

与地磁场在该处的磁感应强度大小相等，设地磁场方向水平向北，则该处的磁场方向为（）

（电表均为理想电表）。关于电压表示数U、电流表示数/与压力F之间的关系，下列说法正确的是

()

A.若压力尸增大，则U变小，/变小

B.若压力F减小，则U变小，/变大

C.若压力尸减小，则U变大，/变小

D.若压力尸增大，则U变大，/变大

10.关于温度、热量、功、内能，以下说法正确的是（）

A.同一物体温度高时，含有的热量多

B.物体的内能越大，含有的热量就越多，温度也越高

C.外界对系统做功W,内能必定增加W

D.热量总是从温度高的物体传给温度低的物体

11.人握住旗杆往上爬，则下列说法正确的是（）

A.人受的摩擦力的方向是向上的

B.人受的摩擦力的方向是向下的

C.人受的摩擦力是滑动摩擦力

D.人握旗杆用力越大，人受的摩擦力也越大

12.如图，粗细均匀的正方形金属线框MNPQ,边长为1m,每边电阻均为

in,固定在磁感应强度为次的匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直。

现将MQ两端通过导线与电动势为3V、内阻不计的直流电源连接，则

闭合S后金属线框受到的安培力大小为（）

A.0B.INC.3ND.4N

13.一物体静止在粗糙斜面上，现用一大小为巴的水平拉力拉动物体,

经过时间t后其速度变为若将水平拉力的大小改为尸2,物体从

静止开始经过时间t后速度变为2也对于上述两个过程.用AE/i，

△E/2分别表示前后两次物体增加的机械能，AEpi，4琢2分别表示前后两次物体增加的重力势

能，贝4（）

△△

EJ2=2EJ19△Ep2=2△EP1

B.△Ej2>2△Eji,△Ep2>2△Epi

C.△%=4△E/i，△Ep2<△Epi

D.△鸟2V4△Eji，△Ep2=2△EP1

14.一个钢球在水平桌面上做直线运动，在其经过的路径旁放一块磁

铁，则钢球的运动路径就发生改变，如图所示.由此可知（）

A.当物体受到外力作用时，其运动方向一定发生改变

B.当物体受到外力作用时，其惯性就消失了

C.当物体所受合力的方向与初速度方向不同时，其运动方向发生改变

D.当物体所受合力的方向与初速度方向垂直时，其运动方向才发生改变

二、实验题(本大题共2小题，共18.0分)

15.在“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验中。

(1)如图1所示为两种常用的打点计时器，其中工作电压需要交流220V的是(选填“4”或

“B”)。

4电磁打点计时器

B.电火花打点计时器

(2)某同学安装好实验器材进行实验，接通电源释放小车瞬间如图2所示，请指出实验操作不足之处

、(至少指出两处)。

(3)某同学在实验时，得到了一条纸带如图3所示，从比较清晰的点起，每五个打印点取一个点作为

计数点，分别标明0、1、2、3、4,量得X1=30.0mm,x2=36.0mm>x3=42.0mm>x4=48.0mm,

则小车通过2点时的速度为m/s,小车的加速度为m/s2(计算结果均保留两位有

效数字)。

(4)甲、乙两同学用同一装置做探究实验，画出了各自如图4所示的a-F的图象，从图象可知两个同

学做实验时的取值不同，其中同学的取值较大。

(5)在研究加速度a与小车的质量M的关系时，由于没有注意始终满足M远大于m的条件，结果得到的

16.如图为ip/ioneXs-Max手机电池的参数标识，上有“3.80V12.08W/T、“3174nM/T等数据。

(1)关于题中三个数据，下面说法中正确的是(多选)。

人手机电池电动势开机时是3.80叭关机时为0

B.“12.08VWT中IV/i是能量单位

C.“3174??L4/I”中nM/i是能量单位

D“3174m4/i”中m//i是电量单位

（2）小明同学为了检验电池电动势，用多用电表的直流电压10U挡位进行测量，测量时红表笔应接电

池的（填正或负）极，指针所指如图甲所示，电表读数为V,如果图示是电表采用“X

10”欧姆挡位测电阻时的读数，则电阻为n.

（3）小明同学查阅至IJXs-max视频无线播放最长可达15个小时，有些手机特别耗电可能是电池内阻

过大的原因，小明同学为了测量该型号手机电池内阻，采用了图乙的原理进行测量，实验发现

移动滑动变阻器滑片时，电流表示数变化很大而电压表示数变化很小，下列说法正确的是

（多选）。

A.该型号手机电池的内阻很大

B.该型号手机电池的内阻很小

C.为方便实验可在M处加一定值电阻

。.为方便实验可在N处加一定值电阻

,___i-U

bR小

-----------©—\

皿（AVv-n飞

—：%占LJ.V_1

甲图乙阳

三、计算题（本大题共3小题，共28.0分）

17.将质量为m的球由高八处水平抛出，求从抛出到落地的过程中，小球的动量变化.

18.两根金属导轨平行放置在倾角为9=30。的斜面上，导轨底端接有电

阻R=80,导轨自身电阻忽略不计.匀强磁场垂直于斜面向上，磁感

强度B-0.5T.质量为m—0.1kg,电阻r=20的金属棒ab由静止释放,

沿导轨下滑.如图所示，设导轨足够长，导轨宽度L=2m,金属棒ab

下滑过程中始终与导轨接触良好，当金属棒下滑九=36时，速度恰

好达到最大速度2M/S,求此过程中电阻R上产生的热量？(g取lOrn/s?)

19.如图所示，质量为m=0.2kg的小物体放在光滑的;圆弧上端，圆弧半径R=55c机，下端接一长

为1巾的水平轨道4B,最后通过极小圆弧与倾角a=37°的斜面相接，已知物体与水平面和斜面

轨道的动摩擦因数均为0.1,将物体无初速度释放，求：

(1)物体第一次滑到圆弧底端4时对圆弧的压力为多少？

(2)物体第一次滑到水平轨道与右侧斜面轨道交接处8时的速度大小；

(3)物体第一次滑上右侧斜轨道的最大高度.(取g=10m/s2,cos37°=0.8,sin37。=0.6)

四、综合题(本大题共1小题，共12.0分)

20.如图所示，在以角速度3匀速转动的水平圆盘上放一质量m的滑块，滑

块到转轴的距离r,滑块跟随圆盘一起做匀速圆周运动(两者未发生相

对滑动)。求：

(1)圆盘的转动周期；

(2)滑块运动的线速度大小；

(3)滑块受到的向心力大小

参考答案及解析

1.答案：B

解析：解：4、依照波长的长短的不同，电磁波谱可大致分为：无线电波，微波，红外线，可见光,

紫外线，伦琴射线，y射线（伽马射线）.故A正确.

8、牛顿环是簿膜干涉的结果，当用频率更高的单色光照射时，波长变小，同级环的半径将会变小.故

B错误.

C、科学家们发现了红移现象，即光谱线都向红色部分移动了一段距离，根据多普勒效应的理论可知

这些星球都在远离地球.即宇宙在膨胀.故C正确.

。、麦克耳孙一莫雷实验证明爱因斯坦相对论光速不变原理是正确的，即不论光源与观察者做怎样的

相对运动，光速都是一样的.故。正确.

本题选择错误的，故选股

电磁波谱包括无线电波、微波、红外线、可见光、紫外线、X射线、y射线.牛顿环是簿膜干涉的结

果，当用频率更高的单色光照射时，同级环的半径将会变小.遥远星系所生成的光谱都呈现“红移”，

即光谱线都向红色部分移动了一段距离，根据多普勒效应的理论由此现象可知宇宙在膨胀.麦克耳

孙-莫雷实验表明：不论光源与观察者做怎样的相对运动，光速都是一样.

本题考查了波动部分的基本知识.电磁波谱、光的干涉、光的多普勒效应、爱因斯坦的狭义相对论，

要加深理解，强化记忆.

2.答案：C

解析：

根据数学组合公式鬃求出一群氢原子处于量子数n=3的激发态，可能发出的光谱线条数。

解决本题的关键原子的能量是量子化，能级差也是量子化的，不同的能级跃迁发出的光子频率不同。

根据废=3知，这些氢原子可能发出3条光谱线。故C正确，4、B、。错误。

故选C。

3.答案：C

解析：解：4、y射线是波长最短的电磁波，它比X射线的频率还要高，故A错误；

8、静电屏蔽不一定要用密封的金属容器，金属网也能起到屏蔽作用，故B错误；

C、波粒二象性是光的根本属性，与光子之间的相互作用无关，即光的波动性是光子自身固有的性质，

故C正确；

。、对于一般材料的物体，辐射电磁波的情况除与温度有关外，还与材料的种类及表面状况有关，

黑体辐射的强度与温度有关，温度越高，黑体辐射的强度越大，随着温度的升高，黑体辐射强度的

极大值向波长较短的方向移动，故力错误。

故选：Co

y射线是波长最短的电磁波；金属网也能起到屏蔽作用；光的波动性是光子自身固有的性质；黑体辐

射的强度与温度有关。

本题考查了电磁波的特点及应用、静电屏蔽、波粒二象性、黑体辐射等基础知识，要求学生对这部

分知识要重视课本，强化记忆。

4.答案：B

解析：

气缸内气体压强等于大气压与活塞产生的压强之和，大气压不变，缸内气体压强不变，气体是等压

变化；理想气体内能由气体的温度决定，气体温度升高，内能增加；气缸是导热的，气缸内气体与

外界大气温度相同；当环境温度升高时，缸内气体温度升高，由盖-吕萨克定律分析答题。

知道气体发生等压变化、知道理想气体内能由温度决定，熟练应用盖-吕萨克定律及热力学第一定

律即可正确解题。

气缸内气体压强不变，气体发生等压变化；

A、由于气缸是导热的，外界温度逐渐升高，缸内气体温度升高，由盖-吕萨克定律可知，气体体积

变大；气体温度升高，气体内能增大，故A错误；

8、气体温度升高，内能增加，气体体积变大，对外做功，由热力学第一定律可知，气体要吸收热量，

故8正确；

CD、气体发生等压变化，温度升高，体积变大，故CO错误；

故选B。

5.答案：C

解析：解：48、根据万有引力提供向心力G粤吃，得9=反，轨道半径越小，速度越大，

当轨道半径最小等于地球半径时，速度最大等于第一宇宙速度7.9km/s.故攻击卫星在轨运行速率小

于7.9km/s,攻击卫星进攻前的轨道高度低，故攻击卫星进攻前的速度比侦查卫星的速度大.故A8均

错误.

C、攻击卫星完成“太空涂鸦”后应减速做近心运动，才能返回低轨道上，故C正确.

D、根据万有引力提供向心力G粤=小当r,只有周期，缺少其它量，解不出地球质量.故。错误.

r2T2

故选：c.

根据万有引力提供向心力G粤=/nQ,得〃=丝，轨道半径越小，速度越大，半径越大，速度越

小.

攻击卫星完成“太空涂鸦”后应减速做近心运动，轨道降低，加速做离心运动，轨道升高.

只有周期，不知道轨道半径，解不出地球质量.

本题要掌握万有引力提供向心力这个关系，要注意向心力的表达式，要计算中心提供的质量，至少

要知道环绕天体的两个参量才行.

6.答案：D

解析：解：4、由乙图知，t=0时刻，质点a向下运动，即沿y轴负方向振动，在甲图上，由波形的

平移可知，该波沿x轴正方向传播，故AB错误；

C、由乙图知，质点的振动周期为7=0.2s,所以质点a在t=0.25s的时刻的振动情况与t=0.5s时刻

的振动情况相同，即处于负的最大位移处，所以位移沿y轴负方向.故C错误；

。、由图甲可知，a质点和b质点的平衡位置相距半个波长，振动情况总是相反，所以在振动过程中

任意时刻的位移都相反，所以质点b处于正的最大位移处，加速度沿y轴负方向.故。正确.

故选：D

本题要在乙图上读出a质点在t=0时刻的速度方向，在甲图上判断出波的传播度方向；由由乙图读

出周期，根据t=0.25s与周期的关系判断质点的运动情况.

本题关键要把握两种图象的联系，能根据振动图象读出质点的速度方向，在波动图象上判断出波的

传播方向.

7.答案：D

解析：解：4、物体克服除重力、电场力之外的其它力做多少功，系统的机械能和电势能的总和就减

少多少，即物体和周围空气组成的系统的内能就增加多少，而mg-qE-F真=ma,贝旷其=69一

qE-ma=mg-^mg-^mg=\mg,故有物体克服除重力、电场力之外的其它力做的功W=

^mgh,所以物体和周围空气组成的系统的内能增加T/ngh.故A错误。

B、设物体所受的除重力之外的力的大小为f,mg-f=ma,则/=mg-ma=故物体机械

能的减少量为△E="i=故B错误。

4

C、重力对物体所做的功等于物体重力势能的减少量，故物体重力势能的减少量△Ep=mg/1；电场

力对物体所做的功等于电势能的减少量，故物体电势能的减少量4Ep电=-qEh=-qx翳X九=

-\rngh,负号表示物体的电势能增加，故C错误。

。、根据牛顿第二定律可有尸分=ma=?nmg,根据动能定理有/额=△为，故有△EK=

F=\mgh,即动能增加:mg/i,故。正确。

故选：D。

系统的机械能和电势能的总和减少多少，物体和周围的内能就增加多少.除重力和弹簧的弹力外其

它力做多少功系统的机械能增加多少；合外力对物体做的总功等于物体动能的变化；重力对物体做

多少功，物体的重力势能就减少多少，电场力对物体做多少功，系统的电势能就减少多少；

把握动能、机械能、重力势能、电势能发生变化的原因就能顺利解决本题.

8.答案：A

解析：解：由安培定则得。由上而下的电流在它的北方的磁场的方向向东，地球的磁场的方向向北，

所以合磁场的方向是向东偏北45。，故A正确，8CQ错误；

故选：4。

由安培定则判断出电流产生的磁场的方向，然后由矢量的合成方法即可求解。

该题考查地球的磁场的特点与安培定则，其中根据安培定则判断出电流的磁场的方向是解题的关键。

9.答案:C

解析：解：AD.当压力传感器所受压力增大时，压力传感器P阻值变小，整个电路总电阻变小，总

电流增大，则电源内阻和凡所占电压变大，则电压表示数变小，即/增大，U变小，故错误；

BC,当压力传感器所受压力减小时，压力传感器P阻值变大，整个电路总电阻变大，总电流减小，

则电源内阻和&所占电压变小，则电压表示数变大，即/变小，U变大,故8错误，C正确；

故选：Co

当压力传感器所受压力增大时，压力传感器心阻力变小，整个电路总电阻变小，总电流增大，根据

闭合电路欧姆定律及串并联电路的特点分析电表的示数变化情况，同理分析压力减小的情况。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“压阻式压力传感器的特点是压力F越大其电

阻越小”是解决本题的关键。

10.答案:D

解析：解：4、热量是过程量，只有在吸热、放热过程中才发生转移，不能说物体含有多少热量，故

A错误，B错误；

C、外界对系统做功W,根据热力学第一定律可知△(/=W+Q可知，只有在绝热过程中△〃=/,

故C错误；

。、发生热传递的条件是存在温度差，热量从高温物体向低温物体传递，故。正确；

故选：D。

温度是表示物体冷热程度，热量是热传递过程中所传递内能的多少，内能是物体内部所有分子无规

则运动的动能和势能之和，温度影响物体的内能。

此题主要考查了温度，热量和内能的关系，相对比较简单，注意区分即可。

11.答案：A

解析：

人握住旗杆匀速上爬时，人有向下滑的趋势，受到旗杆的静摩擦力，根据静摩擦力与物体相对运动

趋势方向相反和平衡条件分析静摩擦力的方向与大小。

本题考查摩擦力的分析和判断；分析静摩擦力的方向可以根据静摩擦力方向的特点，也可以根据平

衡条件分析，基础题。

AB.人握住旗杆匀速上爬时，人相对于旗杆有向下滑的趋势，受到旗杆的静摩擦力方向向上。故4正

确，BC错误。

CD由于人是匀速运动的，人竖直方向受到重力和摩擦力，由平衡条件分析得知，人受的摩擦力等于

人的重力，保持不变，所以人握旗杆用力越大，并不会使人受的摩擦力增大。故。错误。

故选A。

12.答案：D

pR

解析：解：设MQ边的电阻％=1。，则过MQ边的电流为：/1=瓦=J=34,安培力为：&==

1x3xIN=3N,据左手定则知安培力方向竖直向上；

同理得MNPQ边的电阻/?2=30,则过MNPQ边的电流为：/2=焉=J=14安培力为：F2=BI2L=

1X1X1N=1N,据左手定则知安培力方向竖直向上；

故线框所受的安培力为：F=F]+F2=4N,方向竖直向上，故。正确，4BC错误；

故选：D«

根据左手定则判断出各段受到的安培力的方向，根据闭合电路的欧姆定律计算出各段上的电流大小,

再计算出各段安培力的大小，然后使用平行四边形定则合成即可。

该题中，各段时的电流的大小不相等，要使用闭合电路的欧姆定律分别计算出各段的电流的大小,

然后计算安培力是解题的正确思路。题目的难度中档。

13.答案：D

解析:解：由题意可知，两次物体均做匀加速运动，则在同样的时间内，它们的位移之比为Si：S2=；t：

yt=1：2；两次上升的高度之比：鱼：％2=SiSin。：S2s讥0=1：2,

故重力势能的变化量：△Ep"AEp2=mghi：mgh2=1：2,AEP2=2△EP1

2

根据动能表达式：EK=^mv,得：4EK、：AEK2=1：4,AEK2=4△EK1

而机械能4Ej=△E,故：△E+△Ep=4△E+2△E<4△E+4△E<

EK+△PEJ2=△K22K1P1K1P1

4AEj「故A错误；B错误；C错误；O正确；

故选：D

根据匀变速直线运动平均速度公式求出两个运动的平均速度，再根据时间相等求出位移之比，再找

到高度之比，求解增加重力势能的大小关系，有速度关系求解动能之间关系，动能和势能之和即为

机械能的变化.

由物体的运动特征判断出物体重力势能和动能的增量关系，求解机械能变化量时用除重力以外的合

力对物体做功等于机械能的增量，这一方法在这里不好用，要利用动能与势能和等于机械能这一知

识点.

14.答案：C

解析：解：ACD,速度方向是切线方向，合力方向是指向磁体的方向，两者不共线，球在做曲线运

动，说明曲线运动的条件是合力与速度不共线，故错误，C正确；

8、惯性是物体的固有属性，与是否受力无关。故B错误

故选：Co

速度方向是切线方向，合力方向是指向磁体的方向，两者不共线，球在做曲线运动，据此判断曲线

运动的条件.惯性是物体的固有属性，与是否受力无关.

本题关键找出钢球的速度方向和受力方向，从而判断出钢球做曲线运动的条件是解题的关键.

15.答案：B轮与小车之间的细绳与木板不平行小车没有紧靠打点计时器0.390.60质量乙D

解析：解：(1)电火花打点计时器，使用2201/交变电流；

(2)从所画装置图来来看有不足之处：未垫高右端平衡摩擦力、拉小车的细线与长木板不平行、小车

离滑轮太近等；

(3)中间时刻的速度等于该时间段的平均速度，%=兀3=(36,°Vx^X10im/s=0-39m/s，用逐差法

求加速度a=(包°+4以备。+)3&。x10-3m/s2=0.60m/s2。

(4)甲、乙两同学用同一装置做探究实验，画出了各自如图4所示的a-尸的图象，因为a=，则a-F

图象的斜率是质量倒数，斜率大的质量小，即乙同学的质量较大；

(5)若不满足m<<M,则理论加速度的值a=詈>优=捻(实际值)图象将向下弯曲，故选：D

故答案为：(1)8；(2)没有把不带滑轮的一端木板垫高平衡摩擦力、滑轮与小车之间的细绳与木板不

平行、小车没有紧靠打点计时器(三选二即正确)；(3)0.39、0.60；(4)小车质量、乙：(5)。

(1*为电火花打点计时器，使用220V交变电流；

(2)从所画装置图结合操作过程注意事项进行判断；

本实验需要平衡摩擦力；本实验需要把祛码和法码盘的总重力看成是绳子的拉力，需要满足m>>M;

拉线需要与长木板平行；使用打点计时器时，需要先接通电源，再释放小车；

(3)中间时刻的速度等于该时间段的平均速度；利用逐差法计算加速度；

(4)(5)从a-F图象的斜率判断质量的大小；从操作过程找出当不满足m«M时两个加速度大小的

比较判断曲线的走向。

本题考查了探究加速度与物体质量、物体受力的关系的实验。解决实验问题首先要掌握该实验原理，

了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，尤其是理解平衡摩擦力和Mm的操作和要求的

含义。

16.答案：BD正3.7260BD

解析：解：(1)4、由手机电池参数可知，其电动势为3.80乙手机电池电动势开机时是3.80乙关机

时电动势仍然是3.80U,故A错误；

B、W是功率单位，h是时间单位，功率与时间的乘积是功，“12.08VWT中小/I是能量单位，故B

正确；

CD、nM是电流的单位，h是时间单位，电流与时间的乘积是电量，因此“3174nM九"中是电量

的单位，不是能量单位，故C错误，。正确。

故选：BD。

(2)用多用电表的电压挡测测电源电动势，多用电表的红表笔应接电池的正极；

电压表量程是10V,由图甲所示表盘可知，其分度值为0.2V,示数为3.7V；

用“X10”欧姆挡位测电阻，由图甲所示可知，电阻为26x100=2600；

(3)AB、移动滑动变阻器滑片时，电流表示数变化很大而电压表示数变化很小，即/变化较大而U变

化较小，由图乙所示电路图可知，电压表示数U=E-/r,电源电动势E与电源内阻r不变，说明电

源内阻r减小，故A错误，B正确；

CD,为了方便实验，使电压表示数变化明显，可以在图乙所示电路图的N处串联一个电阻，故C错

误，。正确。

故选：BD。

故答案为：(1)BD；(2)正；3.7；260；⑶BD。

(1)根据电池参数信息，结合物理量的单位分析答题。

(2)电流由多用电表的红表笔流入黑表笔流出；根据电压表量程确定其分度值，根据指针位置读出其

示数；欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数。

(3)电源内阻较小电路电流改变时路端电压变化较小，根据实验现象与实验电路图分析答题。

本题考查了多用电表的使用与读数，实验现象分析等问题；理解实验原理是解题的前提；要掌握常

用器材的使用及读数方法。

17.答案：答：物体落地的时间为：h=^gt2

由动量定理得：=mgt

联立解得：△p=m12gh,方向竖直向下

答：小球的动量变化mJ舒，方向竖直向下

解析：根据高度求出平抛运动的时间，根据动量定理求出物体落地过程中动量的变化

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和动量的公式

进行求解，基础题

18.答案：解：由E=8Lu,/=9，F=8〃得安培力尸=”

R+rR+r

设金属棒下滑