2022年江苏省扬州市江都区中考物理一模试卷（附答案详解）

2022年江苏省扬州市江都区中考物理一模试卷

1.下列关于声现象的说法中正确的是（）

A.发声的音叉一定在振动

B.乐器发出的声音一定不是噪声

C.环保部门在一些主干道旁设置噪声监测设备，是为了减弱噪声

D.只有主人说出暗语时才能打开“声纹锁”，其辨别声音的主要依据是音调

2.下列估计值中，最符合实际的是（）

A.一名初中生重力为50NB.人正常步行速度约为1.4m/s

C.人感觉舒适的气温约为40国D.人体的安全电压为361/

3.雨、露、霜、冰都是自然界中水的“化身”，其中由空气中的水蒸气凝华而成的是

（）

A.雨B.露C.霜D.冰

4.如图所示的四种现象中，由于光的直线传播形成的是（）

竹的倒影水面"折’械

手影镜中花

5.下列说法正确的是（）

A.燃料的热值与其是否完全燃烧有关

B.沿海地区昼夜温差小，是因为水的比热容较大

C.冰在熔化过程中，温度与内能均保持不变

D.内燃机在做功冲程中，将机械能转化为内能

6.下列有关磁现象的说法中正确的是（）

A.直流电动机是通过换向器实现连续转动的

B.法拉第最早发现通电导体周围存在磁场

C.电磁铁线圈的匝数越多其磁性一定越强

D.闭合电路的部分导体在磁场中运动时一定会产生感应电流

7.下列四种动物器官，具有减小压强功能的是（）

A.啄木鸟的喙B.骆驼的脚掌

C.D.蜜蜂的□器

8.如图是常用的带有多插孔的插排。小明家插排的指示灯

已经损坏，但闭合开关后插孔上连接的用电器仍可以正

常工作。某一天小明家装修时将切割机插入插排，切割

机工作时，家中的空气开关出现了“跳闸”现象。则下

列说法中正确的是（）

A.插排上的插孔与指示灯是串联关系

B.“跳闸”的原因一定是电路发生了断路

C.“跳闸”的原因一定是电路发生了短路

D.“跳闸”的原因可能是电路总功率过大

9.在科技活动中，小光所在的科技小组展示了一个“隔板推

物”的节目，其原理如图所示，甲、乙两线圈分别悬挂在

两个蹄形磁铁的磁场中，两线圈通过导线连接构成一个闭合回路。用手推动甲线圈

摆动时，乙线圈会随之摆动。对于这个过程，下列说法正确的是（）

A.推动甲线圈摆动时电能转化为机械能

B.乙线圈摆动的方向与甲线圈摆动的方向无关

C.乙线圈随之摆动的原理和电动机原理相同

D.甲线圈不动，推动左侧磁铁，乙线圈不可能摆动

10.将光敏电阻R、定值电阻R（）、电流表、电压表、开关和电

源连接成如图所示电路。光敏电阻的阻值随光照强度的

增大而减小。闭合开关，逐渐增大光敏电阻的光照强度，

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观察电表示数的变化情况应该是（）

A.4表和U表示数均变小B.4表示数变小，U表示数变大

C.A表示数变大，，表示数变小D.4表和U表示数均变大

11.如图所示电路中，R为定值电阻。闭合开关后，当滑片了在某

两点之间滑动时，电流表的示数变化范围是0.54〜1.54电压

表的示数变化范围是3V〜6匕小丽通过推算，得出四个结论,

其中不正确的是（）

A.变阻器连入电路的电阻变化范围为20〜12。

B.定值电阻R的阻值为3。

C.实验中R两端的电压变化范围为1.5V〜4.5V

D.电路消耗的总功率的变化范围约为2.75/〜11.25VT

12.如图甲所示，物体沿竖直墙壁下滑，q时刻开始，在物体表面施加一个如图乙所示

水平压力F,F的大小变化如图丙所示，一段时间后，当上=匕时物体恰好在墙上静

止，则下列四幅关于物体受到摩擦力大小变化的图象中，正确的是（）

13.夏天的清晨，小明逛自在公园，看到水面有岸边的荷花倒影，这是由于光的

形成的，闻到荷花的香气是由于:荷叶上的两滴露珠接触后合成一滴，表明

；旭日东升，照耀着湖面分外美丽，小明又想到了杨万里的“接天莲叶无穷

碧，映日荷花别样红”，花红是因为荷花反射_____色的光。

14.用来辨别火线与零线的工具是:为了用电安全，家用电器的（选填“金

属”或“非金属”）外壳必须接地。

15.第24届冬奥会于2022年2月4日在北京召开，如图是2022年北京冬奥会的会徽，名

字叫“冬梦”，以汉字“冬”为灵感，运用书法艺术形态，传递出实现“三亿人参

与冰雪运动”的目标，短道速滑是我国的一个优势项目，运动员在起跑时，冰刀用

力向后蹬冰面，运动员向前跑出，这是因为力的作用是的；在滑行的过程中，

以冰面为参照物，运动员是（选填“运动”或“静止”）的；滑行时由于摩擦,

冰刀的温度升高，这是通过的方式增加了冰刀的内能；冲过终点后运动员并

不能立刻停下来，其原因是运动员具有

快甲Nd

O冬

16.如图是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点■

燃盒内酒精，盒盖被打出去，这与四冲程汽油机的冲程的r

能量转化相同，某汽油机飞轮转速为1800r/7n讥，每秒对外做功次，汽油机

是汽车的“心脏”，气缸外面有“水套”，汽车行驶时水的温度会升高，内能会增

大，这是通过的方式改变水的内能，选择水作为发动机的冷却液，是利用水

的较大的特点。

17.如图甲所示，在铁桶内放少量的水，用火加热，水沸腾之后把桶口堵住，然后浇上

冷水，在_作用下，铁桶被压扁了；手握如图乙所示的两张纸，让纸自由下垂，

在两张纸中间向下吹气，结果发现两张纸向中间靠拢，这表明气体流动速度越大的

位置，压强越

18.在家用电器调查活动中，小亮让电热水器单独工作

2min,家中如图所示的电能表的转盘转了175r,热

水器的实际功率为勿；若不计能量损失，这

段时间内热水器中50L的水可升温______℃,由于热

水器的功率远大于冰箱，从安全用电的角度考虑，

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热水器的电源线比冰箱的要（选填“粗”或“细”）。［已知P次=LOx

103kg/m3,C水=4.2x103J/(kg-℃)]

19.如图所示，用沿斜面向上的拉力将物体从斜面底端匀速拉至顶端，已知拉力尸=4N,

物体重G=5N,斜面长2m,高1m,则拉力做的功为J,斜面的机械效率为

20.小明利用实验室的电磁继电器、热敏电阻治、可变电阻器/?2等器件设计了一个恒温

箱控制电路，如图甲所示.如图乙是小明通过实验测得的幻的阻值随温度变化的关

系曲线。

（1）电磁继电器中电磁铁上端是极（填"N”或"S”）。

（2）当温度较低时，电磁铁的磁性较,触点开关（填“接通”或“断

开”）。

（3）电磁继电器的电源两端电压U=6U,电磁继电器线圈的电阻可不计，通过实验

测得当电流为307nA时，电磁继电器的衔铁被吸合。若可变电阻器R的电阻值设定

为1500时，恒温箱温度可达到℃o当可变电阻器&的电阻变大时，恒温箱

设定的温度将变（填“高”或“低”）。

21.在图中，画出入射光线4。的反射光线，并标明反射角和它的大小。

22.如图所示，是一个电热水壶的简易图，在图中画出它所受重力的示

意图(B为重心)；用力作用在壶盖上4点时，可将壶盖打开，请在Z

点画出所需最小力F的示意图(0为支点)。

23.如图所示，根据磁感线的方向在图中标出小磁针的N极和电源的正极。

24.在九年级物理拓展课上，李博同学模拟某建筑工地上塔吊的工

作情景，设置了如图所示的滑轮组来提升装修材料，若他用

250N的拉力将450N的材料竖直提升了10m,不计绳重和摩擦。

(1)动滑轮的重力是多少？

(2)若绳子能承受的最大拉力为400N时，此滑轮组的机械效率

最大可提高到多少？

25.小明为宠物保温箱设计了一个电加热器，其内部电路

如图所示，S为旋转型开关，通过旋转开关S,可实现

从低温到中温、高温的转换。保温箱及加热器的部分

参数如表所示，求：

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物理量参数

工作电压220V

中温挡功率now

加热器低温挡功率44W

电阻/?344012

加热效率?780%

空气质量m1.5kg

保温箱

空气比热容C0.8X103//(kg•℃)

(1)保温箱内空气温度从10℃升高到32。(：需要吸收的热量；

(2)电加热器电路中/?2的阻值；

(3)要完成(1)中的升温要求，至少需要的加热时间。

26.小倩同学尝试用自制的水凸透镜来探究“凸透镜成像规律”。

(1)如图甲所示，让一束平行于主光轴的光射向水凸透镜，在光屏上出现一个最小

最亮的光斑，则此水凸透镜的焦距为cm.

(2)小倩将蜡烛、水凸透镜和光屏调整至图乙所示的位置时，光屏上出现清晰的烛

焰像，小倩接着在蜡烛和光屏位置都不变的情况下，将水凸透镜移至光具座某刻度

处，再次得到清晰的烛焰像，这个像的成像原理与(选填“放大镜”、“投

影仪”或“照相机”)的成像原理相同，然后，小倩利用注射器从水凸透镜中向外

抽少许水，光屏上原来清晰的像变得模糊不清，小倩要想重新得到清晰的烛焰像，

在蜡烛和水凸透镜的位置都不变的情况下，应将光屏向(选填“远离”或

“靠近”)水凸透镜的方向移动，或者保持光屏位置不变，给水凸透镜带上合适的

(选填“近视眼镜”或“远视眼镜”)可再次成清晰的像到光屏上。

27.某校科学探究小组接到一个课题，在只有托盘天平的情况下，借助烧杯、细线、水

测量小物块的密度，很快他们就找到了解决方法。

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乙丙T

(1)把天平放在水平桌面上，游码移到标尺零刻度处，发现指针静止在分度盘中央

刻度线的右侧，此时应将平衡螺母向(左/右)调节，使天平平衡。

(2)用调节好的天平测量烧杯和水的总质量，操作情景如图甲所示，其错误之处是：

(3)①重新调节好天平，他们按正确的方法称出了烧杯和适量水的总质量，示数如

图乙所示，由此可知，烧杯和水的总质量是_____g.

②如图内所示，用细线拴着物块浸没在水中(物块未接触烧杯底且水未溢出)，天平

的示数变为36.2g。

③如图丁所示，将物块缓慢沉入烧杯底部，放开细线，天平的示数变为51.2g。则

物块的质量是_____g,物块的密度是kg/m3.

28.小明和小华一起进行了“不同物质吸热升温的现象”和“不同燃料燃烧的放热能

力”两项探究，他们设计的两组实验装置如图所示。

(1)探究“不同燃料•燃烧的放热能力”应选用组器材(甲/乙)。

(2)实验需要用到一些测量工具，除了图中已经呈现的，你认为两个实验都要用到

的测量工具是；甲组实验还需要的测量工具是•

(3)甲组实验是通过来比较不同物质吸收热量的多少，乙组是通过来

比较不同燃料放出热量的多少。

(4)小明通过乙组实验中酒精燃烧结束后水温的变化，根据测量所得数据，利用公

式计算出水吸收的热量，进而计算出酒精的热值。小华认为该方法不合理，

理由是。

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29.探究杠杆的平衡条件。

(1)小明用如图甲所示装置进行实验，杠杆两端的螺母作用是

实验次数动力月/N动力臂k/m阻力尸2/N阻力臂%/M

10.50.21.00.1

21.00.151.50.1

33.00.12.00.15

(2)小明进行实验并收集到了表中的数据，分析数据可知，杠杆的平衡条件是:

(3)小明又用如图乙所示装置进行实验，弹簧测力计的读数应是N(一个钩码

重0.5N)；

(4)小明想到若铁架台不是在水平桌面上，而是在略微倾斜的桌面上是否影响实验

呢？经小组分析不在水平桌面上(填“影响”或“不影响”)实验过程。

(5)如图丙所示，小红实验时在一平衡杠杆的两端放上不同数量的相同硬币，杠杆

仍在水平位置平衡，她用刻度尺测出刀和4贝眨人(选填“>”“<”或

“=”)3J

(6)探究了杠杆的平衡条件后，小红对天平上游码的质量进行了计算，她用刻度尺

测出L1和如图丁所示)，则游码的质量为_____g。

30.在“测量小灯泡的电功率”实验中，实验器材有：电池组(恒为3U)、电流表、电压

表、小灯泡(额定电压2.5IZ,电阻约100)、滑动变阻器、开关、导线若干。

Lg

揖产

R'Sj)

甲乙

(1)某小组测量小灯泡的电功率的实物如图甲所示，请用笔画线代替2根导线，将图

甲的实物图连接完整，要求滑动变阻器滑片P向右滑动时小灯泡变暗；

(2)连接好电路，闭合开关，调节滑动变阻器，发现小灯泡不亮，电压表示数近似

等于31/,电流表示数几乎为零。电路故障可能是；

(3)排除故障后进行实验，实验数据如表格所示，则小灯泡额定功率是”.小

灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值是_____0:

小灯泡的规格电压表示数U/U电流表示数小灯泡亮度

1.50.20较暗

2.50.25正常

(7额=2.5V3.00.28较亮

(4)分析表格中的实验数据，发现小灯泡灯丝的阻值随电压变化而变化，从本质上

讲，引起小灯泡灯丝阻值变化的原因是;

(5)另一小组测量的是额定电压为2P的特殊小灯泡的额定功率，实验中他们发现电

压表出现了故障不能使用，于是设计了如图乙所示的电路，也能测量该小灯泡的额

定功率，其中己知定值电阻&=50,测量方法：先闭合开关S和Si，调节滑动变阻

器，使电流表的示数为4,然后将工断开,S2闭合,此时电流表的示数为0.554

则该小灯泡的额定功率「新=W.

阅读短文，回答问题。

太阳能混合动力游船如图所示是我国第一艘太阳能混合动力

游船“尚德国盛号”，首次将太阳能电力导入游船动力，船

体配有最具标志性且极具特色的太阳翼，太阳翼采用高效晶

硅异型太阳能电池板拼装而成，整艘船最多可容纳170位旅客，满载时排水量为60吨。

“尚德国盛号”驾驶室里有一个GPS(全球卫星定位系统)接收器装置，全船照明均采用

节能型灯泡及LED灯，LED灯是一种高效的节能光源，该LED灯泡的额定电压为36V、

额定功率为10W,与普通白炽灯相比，在达到相同亮度的条件下，LED灯可以节约80%

的电能，大大降低能源损耗。

“尚德国盛号”年发电量可达1.7x109^^,相当于每年节约标准煤约6x103kg,

每年可减少二氧化碳排放量约15.73豪华、超前、节能、环保尽让中外游客用更低碳

的方式来欣赏浦江美景。

(1)太阳能电池板是将太阳能转化为，GPS全球卫星定位系统是靠传递信息的。

(2)如果该船满载乘客从东海驶入黄浦江，游船所受到的浮力为N。

(3)“尚德国盛号”使用的LED灯与功率为W的白炽灯亮度相当，小明经过调查

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LED灯的发光效率（电能转化为光能的效率）为35%,则该白炽灯的发光效率为。

（4）该游船的动力由电动机提供，电动机的转换效率是指所输出的机械能与电源提供的

电能之比，在转换效率〃一定时，其耗电功率与转速n的立方成正比，系数为勺，而行

驶速度与电机转速n成正比，系数为出,当游船匀速直线行驶时，所受阻力f与电机转

速n的关系关系为/=（用以上字母表示）。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：力、一切发声的物体都在振动，发声的音叉一定在振动，故A正确；

从从环保的角度，凡是影响人们正常工作、学习、休息的声音都可能成为噪音，因此

乐器发现的声音也可能是噪音，故B错误；

C、环保部门在一些主干道旁设置噪声监测设备，是为监测噪声的强弱，但不能起到减

弱噪声的作用，故C错误；

。、不同人声带的结构不同，发出声音的音色不同，只有主人说出暗语才能打开的“声

纹锁”，其辨别声音的主要依据就是音色，故。错误。

故选：A.

(1)声音是由物体振动产生的，一切发声的物体都在振动；

(2)从环保的角度，凡是影响人们正常工作、学习、休息的声音都可能成为噪音；

(3)噪声监测设备只有监测噪声的大小，不能减弱噪声；

(4)不同人声带的结构不同，发出声音的音色不同，据此判断。

本题围绕声现象考查了多个知识点，重点是对相关知识的理解与应用，属声学基础题，

难度不大。

2.【答案】B

【解析】解：4、初中生重力为500N,故A错误；

B、人正常步行速度约为1.4m/s,符合实际，故2正确；

C、人感觉舒适的气温约为25?，故C错误；

D、人体的安全电压为不高于36U,故。错误。

故选：B。

首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进

行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符

合实际的选项即可。

3.【答案】C

【解析】解：4、雨是液态的，是空气中的水蒸气遇冷形成的，是液化现象；

8、露是液态的，是空气中的水蒸气遇冷形成的，是液化现象。

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C、霜是固态的，是空气中的水蒸气遇冷形成的，是凝华现象；

。、冰是固态的，是由液态的水凝固而成的，是凝固现象；

故选：Co

根据物态变化的知识逐一分析：

物体由液态变为固态的过程叫凝固，物体由固态变为液态的过程叫熔化；物体由气态变

为液态的过程叫液化，物体由液态态变为气态的过程叫汽化，汽化的两种方式是蒸发和

沸腾；物体由气态直接变为固态的过程叫凝华，物体由固态直接变为气态的过程叫升华。

此题考查的是我们对于生活中物态变化的分析能力，物态变化是中考必考的一个知识点。

4.【答案】C

【解析】解：竹的倒影属于光的反射，水面折枝属于光的折射，手影属于光的直线传播，

镜中花属于光的反射。

故选：Co

光在传播过程中遵循三种规律：光沿直线传播、光的反射、光的折射，分析各个例子属

于那种规律，选出正确的选项.

光在同种均匀介质中沿直线传播，在反射面上会形成与物体关于反射面对称的虚像，从

一种介质斜射进入另一种介质一般要发生折射而形成虚像。

5.【答案】B

【解析】解：力、热值是燃料本身的特性，热值的大小只与燃料的种类有关，与燃料的

质量、温度、放出热量的多少以及是否完全燃烧无关，故A错误；

8、由于水的比热容最大，故相同质量的水和其它物质相比较，在吸收或放出相同的热

量时，水的温度变化小，故沿海地区昼夜温差小主要是因为水的比热容大，故8正确；

C、冰是晶体，晶体熔化特点是：在熔化过程中不断吸收热量，内能增加，温度保持不

变，故C错误；

。、内燃机的做功冲程将燃气内能转化为机械能，故。错误。

故选：B。

(1)热值是燃料本身的特性，热值的大小只与燃料的种类有关，与燃料的质量、温度、

放出热量的多少以及是否完全燃烧无关；

(2)由于水的比热容最大，故相同质量的水和其它物质相比较，在吸收或放出相同的热

量时，水的温度变化小；

(3)晶体熔化时的特点：吸收热量，内能增加，温度保持不变，非晶体熔化时，吸热，

内能增加，温度不断升高；

(4)内燃机的做功冲程将燃气内能转化为机械能。

该题考查了热值、水比热容大的应用、晶体熔化的特点以及对能量的转化的理解，是一

道综合题。

6.【答案】A

【解析】解：

A、换向器是当线圈刚转过平衡位置时及时改变线圈中的电流方向，从而改变线圈的受

力方向，使线圈能持续转动下去，故A正确；

8、奥斯特最早发现通电导体周围存在磁场，即电流的磁效应，故B错误；

C、在电流一定时，电磁铁线圈的匝数越多，磁性就越强，故C错误；

。、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，才会产生感应电流，故。错误。

故选：4。

(1)根据换向器的作用分析；

(2)奥斯特首先发现了电流的磁效应；

(3)电磁铁的磁性的强弱与电流的大小和线圈的匝数有关；

(4)根据产生感应电流的条件分析。

本题考查了电流的磁效应、电磁感应现象、影响电磁铁磁性大小的因素，属于基础题目。

7.【答案】B

【解析】解：力、啄木鸟的喙很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，

故A不符合题意。

8、骆驼的脚掌很宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，便于骆驼在

沙漠中行走，故8符合题意；

C、鳄鱼的牙齿很锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C不符合

题意；

。、蜜蜂的口器尖细，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故。不符合题

忌、O

故选：B。

压强大小与压力大小和受力面积大小有关：

(1)增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力来增大压强；在压力一定时，减小

受力面积来增大压强。

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(2)减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力来减小压强；在压力一定时，增大

受力面积来减小压强。

本题考查了影响压强大小的因素，在生活中很多的动物植物都包含很多的物理知识，所

以我们要认真观察，学以致用。

8.【答案】D

【解析】解：力、插排上的插孔与指示灯是并联的，故A错误；

BCD、小明家将切割机插入插排,切割机工作时，家中的空气开关出现了“跳闸”现象，

这说明切割机的功率过大，造成干路中电流过大，故。正确，BC错误。

故选：D。

插座中接入的所有用电器是并联的，开关处于干路上；电流过大的原因是短路或总功率

过大。

本题通过插座，考查了电路的连接方式、电流过大的原因等知识，属于基础题目。

9.【答案】C

【解析】解：4、推动甲线圈摆动的过程做切割磁感线运动，闭合的回路中有感应电流

产生，是发电机的工作原理，所以甲线圈相当于电源，工作时将机械能转化为电能，故

4错误；

C、甲线圈作为电源给乙线圈提供电能，乙线圈相当于通电导体在磁场中受力运动，运

动方向和电流方向及磁场方向有关，是电动机的工作原理，故C正确；

8、由前面分析可知，甲线圈中产生了感应电流，则甲线圈相当于电源，乙线圈相当于

用电器；若改变甲线圈摆动的方向，感应电流的方向发生变化，则乙线圈受力的方向也

会改变，即乙线圈摆助的方向跟着改变，故B错误；

推动左侧磁铁时，同甲线圈摆动一样，相当于甲线圈会在磁场中作切割磁感线运动，

所在的闭合回路中依然会产生的感应电流，所以乙线圈也可能摆动，故。错误。

故选：Co

根据电磁感应原理和通电导体在磁场中受力的作用来对图中的装置进行分析。发电机的

工作原理是电磁感应，工作时将机械能转化为电能；电动机的工作原理是通电导体在磁

场中受力的作用，电动机工作时消耗电能，得到机械能。

本题考查了电与磁之间的两个联系及其应用，同时要了解其结构、原理及能量转化等。

10.【答案】C

【解析】解：闭合开关，光敏电阻R和定值电阻&串联，电路中总电阻等于光敏电阻和

和定值电阻阻值之和，

电流表测量电路中的电流，电压表测量光敏电阻两端的电压，

逐渐增大光敏电阻的光照强度，光敏电阻的阻值减小，电路的总电阻R感减小，

电路的总电阻R总减小，电源电压u不变，电路电流/=互变大，即电流表示数变大；

定值电阻阻值不变，定值电阻两端电压U。=1Ro变大,光敏电阻两端电压UR=U-%

变小，电压表示数变小。

故选：Co

闭合开关，光敏电阻R和定值电阻Ro串联，根据光照强度的变化判断光敏电阻阻值如何

变化，从而得出总电阻如何变化，根据串联电路的特点及欧姆定律判断电流表与电压表

示数如何变化。

本题是一道闭合电路的动态分析题，从“光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小”入

手分析电路中总电阻的变化，掌握串联电路特点、欧姆定律是正确解题的关键。

11.【答案】。

【解析】解：4、R=7=~20,R'=?=黑=120,故A正确;

I1.5A〃0.54

B、U^=3V+1.5AxRf

U总=6V+0.54XR

解之：R=3P,故8正确；

C、%=I]R=0.5/x3欧=1.5V,U2=”=1.5/1x3欧=4.5P,R两端的电压变化范

围是1.53〜4.5VS故C正确;

D、电源电压为U总=3V4-1.54x3/2=7.5，，则P1=Uy=7.5Vx0.5/1=3.75V/,

P2=U^I=7.5Vxl.5A=11.25Wf故。错误。

故选：Do

已知电压表示数和电流表示数，根据R=彳即可求出变阻器接入电路电阻的范围；以电

源电压列出两个关系式即可求出定值电阻R的阻值；利用U=/R即可求出电压表的变化

范围；根据P=U/即可求出电路消耗总功率的变化范围。

会熟练应用欧姆定律进行计算，会灵活应用电功率的公式进行计算。

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12.【答案】D

【解析】解：物体沿竖直墙璧下滑，由于没有压力，所以滑动摩擦力为0；%时刻开始，

在物体表面施加一个水平压力F,由图可知，压力F是逐渐增大的；由于接触面的粗糙

程度不变，压力变大，则滑动摩擦力从口时刻开始变大，由于开始时，滑动摩擦力小于

重力，随着压力的增大，滑动摩擦力会等于重力，然后大于重力，所以物体先做加速运

动，后做减速运动；一段时间后，当t=t2时物体恰好在墙上静止，说明物体做的是减

速运动，即滑动摩擦力要大于物体的重力：此时物体在竖直方向上受到竖直向下的重力、

竖直向上的静摩擦力的作用，这两个力是一对平衡力，大小相等，此时的静摩擦力要小

于最大滑动摩擦力，由以上分析可知，D图符合题意。

故选：D。

滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关；根据物块的运动状态判定其受

到滑动摩擦力的大小；根据二力平衡条件分析最终摩擦力的大小。

此题考查了学生对图象问题的分析能力及二力平衡的知识、同一直线上的力的合成，确

定物体运动时受到的滑动摩擦力的大小是关键。

13.【答案】反射分子在不停地做无规则运动分子间存在引力红

【解析】解：看到水面有岸边的荷花倒影，这是由于光的反射形成的；闻到荷花的香气

是由于分子在做无规则运动；荷叶上两滴露珠接触后合成一滴，表明分子间存在引力；

不透明物体只能反射与自己颜色相同的光，因此花红是因为荷花反射红色的光。

故答案为：反射；分子在不停地做无规则运动；分子间存在引力；红。

光射到物体表面，有一部分光被反射回来，这种现象叫反射；

物质都是由分子组成的，分子一直不停地做无规则运动，分子间存在相互作用的引力和

斥力；

色光的三原色是红绿蓝，不透明物体的颜色只能反射和物体相同颜色的光。

此题考查学生对反射、分子动理论观点和物体的颜色的理解，是一道基础训练题。

14.【答案】试电笔金属

【解析】解：

试电笔是用来辨别火线和零线的工具，使用时，手应当接触笔尾金属体，当笔尖接触电

线时，若筑管发光，表明接触的是火线；

有金属外壳的用电器的外壳一定要接地，避免金属外壳用电器漏电时发生触电事。

故答案为：试电笔；金属。

(1)用试电笔来鉴别火线与零线。使用试电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾

金属体，才能在接触火线时速管发光，接触零线时就管不发光；

(2)家庭电路中为了安全用电，金属外壳都要接地，金属外壳的用电器漏电时，地线把

人体短路，避免触电事故的发生。

此题考查试电笔的使用方法和家用电器金属外壳必须接地，是一道基础题。

15.【答案】相互运动做功惯性

【解析】解：(1)运动员在起跑时，冰刀用力向后蹬冰面，冰刀对冰面有一个向后的作

用力，运动员向后用力身体却向前运动，则说明冰面对冰刀产生一个向前的作用力，这

是因为物体间力的作用是相互的；

(2)运动员在滑行的过程中，以冰面为参照物，运动员的位置发生了改变，所以他是运

动的；

(3)滑行时由于摩擦，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，这是通过做功的方式改变

了物体的内能；

(4)运动员冲过终点后不能立刻停下来，是因为运动员具有惯性而继续向前运动。

故答案为：相互；运动；做功；惯性。

(1)物体间力的作用是相互的，施力物体同时也是受力物体，受力物体同时也是施力物

体；

(2)要判断物体的动与静，就要判断物体与参照物的位置关系。如果物体相对于参照物

的位置发生了变化，则这个物体是运动的；如果物体相对于参照物的位置没有发生变化,

则这个物体是静止的；

(3)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递：热传递过程是能量的转移过程，而做

功过程是能量的转化过程；

(4)物体具有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，任何物体都具有惯性。

本题通过短道速滑比赛考查了其中蕴含的物理知识，注重了物理联系实际的考查，是中

考的热点。

16.【答案】做功15热传递比热容

【解析】解：

(1)按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，酒精燃烧产生的燃气对盒盖做功，将燃

气的内能转化为盒盖的机械能，燃气的内能减小；而四冲程汽油机的做功冲程就是利用

内能来做功的，将内能转化为机械能；

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(2)汽油机飞轮的转速为1800r/min=30r/s,即1s内汽油机的飞轮转过30圈。在一个

工作循环中，飞轮转动两周，对外做功一次，所以该汽油机每秒对外做功15次；

(3)气缸外有一个水套，气缸被水包围着，水从气缸吸收热量，温度升高，水的内能会

增大，这是通过热传递的方式改变水的内能。

(4)由于水比热容大，所以相同质量的水和其他液体相比较，在升高相同的温度的情况

下，水吸收的热量多，故选择水作为发动机的冷却液。

故答案为：做功；15；热传递；比热容。

(1)物体对外做功，将物体的内能转化为其它形式的能，物体的内能减小，温度降低；

热机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，将内能转化为机械能。

(2)热机中的压缩冲程是将机械能转化为内能；内燃机完成1个工作循环，四个冲程，飞

轮转2转，对外做功1次。

(3)改变内能的方式有做功和热传递，热传递是能量的转移过程，做功是能量的转化过

程，两种方式是等效的。

(4)由于水的比热容大，所以在相同的受冷和受热的情况下，同质量的水的温度变化小。

本题考查了汽油机工作时四冲程的特点和能量转化、改变物体内能的方法以及水的比热

容的应用，属于基础题目。

17.【答案】大气压小

【解析】解：在铁桶内放少量的水，用火加热，水沸腾之后把桶口堵住，然后浇上冷水，

铁桶内的水蒸气遇冷液化成小水珠，气压减小，桶内的压强小于外界大气压，在大气压

的作用下，铁桶被压扁了。

当向两张纸中间吹气时，中间的空气流动速度增大，压强减小。纸外侧的压强不变，纸

受到向内的压强大于向外的压强，受到向内的压力大于向外的压力，纸在压力差的作用

下向中间靠拢，说明气体流速越大的地方压强越小。

故答案为：大气压；小。

(1)大气压强是由于空气具有重力和流动性而产生的，吸盘、吸管吸饮料、覆杯实验等

都证明了大气压强的存在；

(2)流体压强与流速的关系：流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大。

解决此题的关键是考虑向两张纸中间吹气时，两纸中间气体流速与外侧气体流速不同。

本题结合生活事例考查了大气压强，流体压强和流速的关系，物理来源于生活，要学以

致用。

18.【答案】21001.2粗

【解析】解：

(l)2500r//(W•h)表示电路中每消耗-八的电能，电能表的转盘转过2500r,

电能表的转盘转175r,电热水器消耗的电能：

W=—————=0.07kW-h=0.07X3.6X1067=2.52xIO5/,

25QQr//(kWh)JJ

工作时间t=2min=。九，

60

该电热水器的实际功率：

wO.Q7kWh.

Pn=—=-5---=2n.1kW=210n0nli¥.z

ta,

(2)水的体积U次=SOL=0.05m3,

由P=£可得水的质量：

m水=pN水—LOx103kg/m3x0.05m3=50kg；

因为不计能量损失，所以水吸收的热量：Q级=W=2.52x105/,

由Q女=得水升高的温度：

At_Q.=2.52X1QS/_12℃.

c水m水4.2X103J/(kg℃)x50kg'；

(3)由于热水器的功率远大于冰箱，则根据P=U/可知，热水器工作时通过的电流远大

于通过冰箱电流，由Q=KRt可知，在电源线电阻和通电时间相同时热水器的电源线上

产生的热量较多；为保证线路安全，电热水器选择较粗的电源线，可以减小电源线的电

阻，根据Q=/2Rt可知，在其他条件相同时电源线上产生的热量减少，可防止电源线过

热而引发安全事故。

故答案为：2100；1.2；粗。

(2)250077/(卜皿・/1)表示电路中用电器每消耗1卜皿"的电能，电能表的转盘转过2500r,

据此可求出电能表的转盘转了175r,热水器消耗的电能，利用P=?计算出热水器的实

际功率；

(2)不计热量的损失，水吸收的热量。吸=/，利用密度公式计算出水的质量，利用Q^=

cm/t计算出水升高的温度；

(3)利用P=U/、Q=GRt以及影响导体电阻大小的因素来分析即可。

本题是一道电热综合题，涉及到电功率公式、密度公式、吸热公式的应用以及影响导体

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电阻大小的因素等，总体难度不大。

19.【答案】862.5%1.5

【解析】解：(1)拉力做的总功：

W以=Fs=4Nx2m=8/.

(2)拉力做的有用功：

VI有用=Gh=SNxIm=5J,

斜面的机械效率：

n=x100%=旦x100%=62.5%；

W总87

(3)拉力做的额外功：

/颇=小总-勿㈱=8/-5/=3/,

由皿颇=内可得摩擦力:

07

f-SN。

故答案为：8；62.5%；1.5。

(1)知道斜面的长度、拉力的大小，利用力=Fs求出拉力做的总功;

W有HI

(2)知道物体的重力、上升的高度，利用W=Gh求出有用功;利用效率公式〃=皆义

100%求出斜面的机械效率;

(3)拉力做的额外功等于总功减去有用功，再利用皿颁=六求物体受到斜面的摩擦力。

本题考查了使用斜面时有用功、总功、额外功和机械效率的计算，注意：在利用斜面时

拉力做的额外功等于克服摩擦做的功。

20.【答案】S弱接通90高

【解析】解：(1)电流从电磁铁的上端流入下端流出，结合图示的线圈绕向利用安培定

则可以确定电磁铁的上端为S极，下端为N极；

(2)温度较低时，由此的阻值随温度变化的关系曲线可知，热敏电阻的阻值较大，控制

电路中的电流较小，电磁铁的磁性较弱，此时的衔铁不会被吸下来，根据图示的工作电

路可知，加热丝所在的电路接通；

(3)(7/=6V,i=30mA=0.03/1,

电路的总电阻：/?#=也=&=200。，

总/0.034

此时&=热敏电阻的阻值:&=R总-R2=200。-1500=500,

由图像知，热敏电阻的阻值为50。时，对应的温度为90。盘

当可变电阻器/?2的电阻变大时，在热敏电阻阻值不变的情况下，电路中的电流会减小，

此时电磁铁的磁性会减弱，所以衔铁不会被吸下来，工作电路继续工作，恒温箱内的温

度持续升高，热敏电阻的阻值会继续降低，控制电路中的电流会增大，直到电流到达临

界值时，电磁铁切断工作电路。

故答案为：(1)S；(2)弱；接通；(3)90；高。

(1)根据螺线管的线圈绕向和电流方向，利用安培定则可以确定螺线管的NS极；

(2)温度较低，决定了热敏电阻的阻值较大，控制电路中的电流较小，电磁铁的磁性较

弱，结合图示的工作电路的连接情况，即可确定工作电路的工作状态；

(3)根据电源电压、/?2接入电路中的电阻和控制电路中的临界电流，求得热敏电阻的阻

值，然后利用该阻值结合图像可以得到此时的恒温箱的温度值。

恒温箱内的温度如何变化，取决于加热丝的工作时间的长短，工作时间是由电磁铁磁性

的强弱来决定的，而电磁铁的磁性强弱又是由控制电路中的电流来决定的。由此入手分

析即可解决此题。

通过图像中的温度和阻值的对应关系，通过温度值得到电阻值是解决此题的关键。

21.【答案】解：因为入射光线与镜面的夹角是30。，所以入射角为90。-30。=60。。

根据光的反射定律，反射角等于入射角，所以反射角也为60。。

故答案为：如图所示：

【解析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光

线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数。

此题考查了对光的反射光路的画法，首先要掌握光的反射定律的内容，特别是反射角等

于入射角。同时考查了入射角与反射角的概念，知道入射角与反射角都是光线与法线的

夹角。

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22.【答案】解：（1）茶壶的重心在B,从B点竖直向下画一带箭头的线段，标上符号G,

可得重力示意图；

（2）为使打开壶盖的力最小，根据杠杆平衡条件可知，动力臂要最长；壶盖上。点为支点,

0A为最长的动力臂，过4点作垂直于04斜向上的动力F,可得所需最小力尸的示意图,

如图所示：

【解析】（1"为茶壶的重心，从重心沿重力的方向画一带箭头的线段表示重力。

（2）使用杠杆，在阻力和阻力臂一定时，要使动力最小，应使动力臂最长；连接支点、

动力作用点作为动力臂时，动力臂最长，从动力作用点垂直力臂画出动力示意图。

本题考查了力的示意图、力臂的画法。根据阻力和阻力臂一定时，动力臂最长时、最省

力找出动力臂是本题的关键。

23.【答案】解：在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极。所以螺线

管的右端为S极，左端为N极。根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为N极,

右端为S极。根据安培定则，伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极（右端），则

四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的。所以电源的右端

为正极，左端为负极。

【解析】根据图中磁感线方向，先判断螺线管的两个磁极，根据磁极间的相互作用再判

断小磁针的磁极。最后根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极。

本题既考查了通电螺线管、小磁针磁极的判断，又考查了电流方向的判断，一环扣一环，

也是易错题，要求学生步步仔细才行。

24.【答案】解：（1）由图可知n=3,因为不计绳重和摩擦时尸=；（6+6动），所以动滑

轮的重力：

。动=nF—G=3x250N-450/V=300N：

（2）由不计绳重和摩擦时F=：（G+G动）可知，当绳子能承受的最大拉力为400N时，物

体的重力：

G物=nF-G动=3x400/V-300/V=900/V,

此时滑轮组的机械效率：

W有GhGhG900N.nnn/„cn/

n1=——=—=——=—=--------x100%=75%O

Wi：,FsFnhnF3X400N

答：（1）动滑轮的重力是300N；

（2）若绳子能承受的最大拉力为400N时，此滑轮组的机械效率最大可提高到75%。

【解析】（1）由图可知n=3,利用不计绳重和摩擦时尸=；（。+6动）求动滑轮的重力；

（2）利用不计绳重和摩擦时F=i（G+G动）求拉力为400N时的物体重力，利用〃=洪=

总

詈=普=白求滑轮组的机械效率。

FsFnhnF

本题考查了使用滑轮组时绳子的拉力和机械效率的计算，利用好不计绳重和摩擦时尸=

；（G+G动）是关键。

25.【答案】解：（1）保温箱内空气温度从10。（：升高到32久需要吸收的热量:

吸。4

Q=cm(t-t0)=0.8x13J/(kg■℃)x1.5kgx(32℃-10℃)=2.64x10/；

（2）当旋转开关S接触点1、2时，％、/?2串联，电路电阻较大，根据P=［可知，电功率

R

较小，电加热器为低温挡,

当旋转开关S接触点2、3时，R1被短路，电路为&的简单电路，电路电阻较小，根据P=y

可知，电功率较大，电加热器为中温挡;

当旋转开关S接触点3、4时，R,R3并联，电路电阻最小，根据P=Y可知，电功率最

2R

大，电加热器为高温挡;

电加热器电路中/?2的阻值:

&=＞奇=44。。；

（3）/?3的功率为:

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高温挡的功率为:

P高=22+「3=P^+「3=110勿+110〃=220”,

根据牛=勺可知，电加热器消耗的电能为：

=3也=3,3X104/；

7/80%)

根据p=?得加热时间为：

W4

t=—=-3.-3-X-1-0-/=1Y5LC0s。

P布22OW

答：(1)保温箱内空气温度从10久升高到32汇需要吸收的热量为2.64X1。4/；

⑵电加热器电路中/?2的阻值为4400；

(3)要完成(1)中的升温要求，至少需要的加热150s。

【解析】(1)根据Q级=m(t-t0)算出保温箱内空气温度从10冤升高到32。(：需要吸收的

热量；

(2)当旋转开关S接触点1、2时，%、/?2串联，电路电阻最大，根据P=?可知，电功率

最小，电加热器为低温挡，

当旋转开关S接触点2、3时，&被短路，电路为/?2的简单电路，电路电阻较小，根据P=?

可知，电功率较大，电加热器为中温挡；

当旋转开关S接触点3、4时，/?2、R3并联，电路电阻最小，根据P=《可知，电功率最

R

大，电加热器为高温挡；

根据P=力算出电加热器电路中/f2的阻值；

R

(3)根据P=?算出/?3的功率，根据P嬴=P2+P3=P中+P3算出高温挡的功率，根据4=

%算出消耗的电能，根据P=；算出加热时间。

wt

本题为电热综合题，考查欧姆定律、吸热公式的运用、串联电路的规律及电功率和效率

公式的运用，关键是明确不同挡位电路的连接。

26.【答案】10.0投影仪远离远视眼镜

【解析】解：(1)由图甲和焦距的概念知，从焦点到凸透镜的距离f=60.0cm-50.0cm=

IO.OCTH；

(2)由图乙可知，u-40.0cm—10.0cm-30.0cm,u>2f,物体处于2倍焦距之外，所

以成倒立缩小的实像，像距u=55.0cm-40.0cm=15.0cm,根据光路的可逆性，在蜡

烛和光屏位置都不变的情况下,将透镜移至距蜡烛即“'=15.0CM时，此时”=30.0cm,

可在光屏上呈现倒立放大的像，这个像的成像原理与投影仪的成像原理相同；

当把“水凸透镜”水向外抽取时，使其变薄、凸透镜对光线的会聚能力减弱，使像成在

原来像的后方。因此要想重新得到清晰的像，应将光屏向远离水凸透镜的方向移动，或

者保持光屏位置不变，给水凸透镜带上合适的远视眼镜，能再次让光线提前会聚，光屏

上又可以出现的像。

故答案为：(1)10.0：(2)投影仪；远离；远视眼镜。

(1)通过图所示的现象，结合凸透镜焦点的定义即可确定该凸透镜的焦距；

(2)分析物距和焦距的关系，u>2f,成倒立、缩小的实像。2f>u>f,成倒立、放

大的实像。u<f,成正立、放大的虚像，据此得出结论；根据光路的可逆性解答；当

把“水凸透镜”水向外抽取时，使其变薄、凸透镜对光线的会聚能力减弱，使像成在原

来像的后方。

凸透镜成像是个光学部分的重点内容，本题综合性很强，包含了焦点、焦距、凸透镜成

像的三种情况、凸透镜成实像时，物距变化和像距变化以及实验过程中的操作问题。

27.【答案】左测量时调节平衡螺母31.2204X103

【解析】解：(1)指针的位置指在分度盘中央的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向

左调节。

(2)在使用天平称量物体的质量时，通过增减祛码和移动游码使天平平衡；不能再移动

平衡螺母；

(3)烧杯和水的总质量为20g+10g+1.2g=31.2g；

用细线拴着物块浸没在水中，天平的示数变为3