河南省新郑市新郑高级中学2023-2024学年高二上学期9月调研考试物理试题（含答案）

六调物理一、选择题(共8个，分值共：32分)1、许多物理学家为人类科技的发展做出了重大的贡献。下列说法正确的是（

）A．牛顿利用扭秤首先测出了引力常量的数值B．伽利略认为，如果没有空气阻力，重物和轻物应该下落的一样快C．楞次首先引入了电场概念，并提出用电场线表示电场D．法拉第发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系2、在物理学的重大发现中，科学家们创造出许多物理学研究方法，如控制变量法、等效法、类比法、理想模型法、微元法等，以下关于所用物理学研究方法的叙述错误的是（）A．在探究电阻与材料、长度和横截面积三者之间的关系时，应用了控制变量法B．在研究带电体时，满足一定条件可以把带电体看成点电荷，这利用了理想模型法C．在研究电场时，常用电场线来描述真实的电场，用的是理想模型法D．在电路中，用几个合适的小电阻串联来代替一个大电阻，这利用了等效法3、如图所示，在倾角为30°的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为L、质量为m的直导体棒，导体棒中电流为I。要使导体棒静止在斜面上，需要外加匀强磁场的磁感应强度B的最小值为（

）A．mg3IL

B．mg2IL

C．mgIL4、在匀强磁场中有一带正电的粒子甲做匀速圆周运动，当它运动到M点时，突然向与原运动相反的方向放出一个不带电的粒子乙，形成一个新的粒子丙。如图所示，用实线表示粒子甲运动的轨迹，虚线表示粒子丙运动的轨迹。若不计粒子所受重力及空气阻力的影响，则粒子甲和粒子丙运动的轨迹可能是A．

B．

C．

D．5、在如图所示的电路中，输入电压U恒为8V，灯泡L标有“3V，6W”字样，电动机线圈的电阻RM=1Ω.

若灯泡恰能正常发光，下列说法正确的是A．电动机两端的电压是2VB．通过电动机的电流是5AC．电动机的效率是60%D．整个电路消耗的电功率是10W6、如图所示，A、B为平行板电容器的金属板，G为静电计，开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度，下列操作可使指针张开角度减小的是(

)A．保持开关S闭合，将R上的滑片向右移动B．保持开关S闭合，将A、B两极板分开一些C．断开开关S后，将A、B两极板靠近一些D．断开开关S后，将A、B两极板的正对面积减小一些7、如图所示为某手机电池的铭牌信息，显示：“额定容量：3000mA⋅h、11.4W⋅h；额定电压：3.8V；充电限制电压：4.35V”。电池充满电后手机可通话A．手机容量“3000mA⋅h”和“11.4B．手机通话时的功率为10C．手机待机时的电流为0.3D．以2A电流给该电池充电，充满电最多需要8、如图所示，某同学在玻璃皿中心放一个接电源负极的圆柱形电极，沿边缘放一个接电源正极的圆环形电极，两电极间的距离L=0.1m然后，用这个装置做“旋转液体的实验”，若蹄形磁铁两极间正对部分的磁场视为匀强磁场，磁感应强度B=0.2T，电源的电动势为E=2V，内阻r=0.5Ω，限流电阻R0=4.5A．流过液体中的电流是1.5B．由上往下看，液体做顺时针旋转C．玻璃皿中两电极间液体的发热功率为2.25D．流过液体中的电流所受安培力为2×1二、多选题（共4个，24分）9、1900年德国物理学家普朗克在研究黑体辐射时提出了一个大胆的假说，即能量子假说，下列说法属于能量子假说内容的是（）A．物质发射（或吸收）能量时，能量不是连续的，而是一份一份进行的B．能量子假说中将每一份能量单位，称为“能量子”C．能量子假说中的能量子的能量ε=hν，ν为带电微粒的振动频率，h为普朗克常量D．能量子假说认为能量是连续的，是不可分割的10、如图所示，在带电的两平行金属板间有相互垂直的匀强磁场和匀强电场，磁感应强度为B，电场强度为E，现有一电子以速度v0平行金属板射入场区，则（

）A．若电子沿轨迹Ⅰ运动，则v0B．若电子沿轨迹Ⅱ运动，则vC．若电子沿轨迹Ⅰ运动，

则vD．若电子沿轨迹Ⅱ运动，则v11、如图所示为两个固定在同一水平面上的点电荷，距离为d，电荷量分别为+Q和-Q。在它们连线的水平中垂线上固定一根长为L、内壁光滑的绝缘细管，有一电荷量为+q的小球以初速度v0从管口射入，则小球（

）

A．速度保持不变

B．受到的重力做正功C．受到的库仑力最大值为8kQqd212、如图所示，两个半径相同的半圆形光滑轨道置于竖直平面内，左右两端等高，分别处于沿水平方向的匀强磁场和匀强电场中，两个相同的带正电小球a、b同时从两轨道左端最高点由静止释放，M、N为轨道最低点，则下列说法中正确的是（

）A．两个小球到达轨道最低点的速度vB．两个小球第一次经过轨道最低点时对轨道的压力FC．磁场中a小球能到达轨道另一端最高处，电场中b小球不能到达轨道另一端最高处D．a小球第一次到达M点的时间大于b小球第一次到达N点的时间三、实验题（共2题，4+10）13、某同学用螺旋测微器测得某电阻样品的外直径如图甲所示，则其读数为d=

mm，再用欧姆表“×1”、“×10”不同的倍率测量其阻值，指针位置分别如乙图中的a、b所示，则该电阻阻值为

Ω。14、某实验小组测量一节干电池的电动势和内阻，可选用的实验器材如下：A．待测干电池B．电流表A1（0~200μA，内阻为C．电流表A2（0~0.6A，内阻约为0.3D．电压表V（0~15V，内阻约为5kΩE.电阻箱R（0~9999.9ΩF.定值电阻R0（阻值为1G.滑动变阻器Rʹ（0~10H.开关、导线若干（1）该小组在选择器材时，放弃使用电压表，原因是

。（2）该小组利用电流表和电阻箱改装成一量程为2V的电压表，并设计了如图甲所示的电路，图中电流表a为

（选填“A1”或“A2”），电阻箱R的阻值为

（3）闭合开关，调节滑动变阻器，读出两电流表的示数I1、I2的多组数据，在坐标纸上描绘出I1-I2图线如图乙所示。根据描绘出的图线，可得所测电池的电动势为

四、计算题（9+8+13）15、如图所示电路中，电源电动势E=12V，内阻r=2Ω，R1=4Ω，R2=6Ω，R3=3Ω。（1）若在C、D间连一个理想电压表，其读数是多少；（2）若在C、D间连一个理想电流表，其读数是多少；（3）若在C、D间连一个“6V，3W”的小灯泡，则小灯泡的实际功率是多少？（不考虑温度对小灯泡电阻的影响）。16、粗细均匀的直导线ab的两端悬挂在两根相同的弹簧下边，ab恰好处在水平位置(如图所示)。已知ab的质量为m＝10g，长度L＝60cm，沿水平方向与ab垂直的匀强磁场的磁感应强度B＝0.4T。(1)要使两根弹簧能处在自然状态，既不被拉长，也不被压缩，ab中应沿什么方向、通过多大的电流。(2)当导线中有方向从a到b、大小为0.2A的电流通过时，两根弹簧均被拉长了Δx=1mm，求该弹簧的劲度系数。

17、如图所示,在直角坐标系xoy的第一、四象限区域内存在两个有界的匀强磁场；垂直纸面向外的匀强磁场I、垂直纸面向里的匀强磁场Ⅱ，O、M、P、Q为磁场边界和x轴的交点，OM=MP=L．在第三象限存在沿y轴正向的匀强电场．一质量为m带电荷量为+q的带电粒子从电场中坐标为(-2L，-L)的点以速度V0沿+x方向射出,恰好经过原点O处射入磁场I，又从M点射出磁场I(粒子的重力忽略不计)．求：（1）第三象限匀强电场场强E的大小；（2）磁场Ⅰ的磁感应强度B的大小；（3）如果带电粒子能再次回到原点O，问磁场Ⅱ的宽度至少为多少?粒子两次经过原点O的时间间隔为多少．

六调物理参考答案1、B解析：A．卡文迪许利用扭秤首先测出了万有引力常量，故A错误；B．伽利略认为，如果没有空气阻力，重物与轻物应该下落得同样快，故B正确；C．英国物理学家法拉第最早引入了电场概念，并提出用电场线表示电场，故C错误；D．奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系，故D错误。故选B。2、C解析：A．在探究电阻与材料、长度和横截面积三者之间的关系时，应用了控制变量法，A正确；B．在研究带电体时，满足一定条件可以把带电体看成点电荷，这利用了理想模型法，B正确；C．在研究电场时，常用电场线来描述真实的电场，用的是假设法，C错误；D．在电路中，用几个合适的小电阻串联来代替一个大电阻，这利用了等效法，D正确。选错误的，故选C。3、B解析：对导体棒分析可知，导体棒受重力、支持力和安培力保持平衡状态，其中支持力的方向不变，重力的大小和方向均不变，作出一系列可能的矢量三角形如图所示，可知当安培力方向与支持力方向垂直时安培力最小，为FminBmin=F4、B解析：根据Bqv=mv2r，可得轨道半径r=mvBq，再由动量守恒可知，放出粒子乙后，新粒子丙的动量大于粒子甲的，故轨道半径变大，所以B正确，5、C解析：A．灯泡正常发光时的电压等于其额定电压，电动机的输入电压UM=U-UL=8V-3V=5V，故A错误；B．灯泡正常发光，则电路电流I＝PLULC．电动机的热功率PQ=I2RM=（2A）2×1Ω=4W，则电动机的效率η＝P机D．整个电路消耗的功率P总=UI=8V×2A=16W，故D错误；6、C解析：保持开关闭合，电容器两端的电势差等于电源的电动势，故电容器两端的电势差不变，则指针张角不变，故AB错误；断开开关S后，电容器带电量不变，将AB靠近一些，则d减小，电容增大，根据C=QU知，电势差减小，指针张角减小，故C正确；断开开关S后，电容器带电量Q不变，将A、B两极板的正对面积S减小，电容C减小，根据C=QU知，电势差U增大，指针张角增大，故7、D解析：A．“3000mA⋅h”为该电池的电荷量，“11.4W⋅hB．根据题意可知通话时的电流为I1=Q故B错误；C．手机待机时的电流为I2=QtD．以2A电流给该电池充电，根据t=QI3=3000mA⋅h2A8、D解析：A．电源电动势为2V，则根据闭合电路的欧姆定律E=U+I（B．由图所示，在电源外部电流由正极流向负极，因此电流由边缘流向中心；器皿所在处的磁场竖直向上，由左手定则可知，导电液体受到的磁场力沿逆时针方向，因此液体沿逆时针方向旋转，故B错误；C．根据热功率的公式可得P热=ID．液体所受的安培力大小为F=BIL=0.2×0.1×0.1N=2×19、ABC解析：能量子假说认为，物质发射（或吸收）能量时，能量不是连续的，而是一份一份进行的，每一份能量单位，称为“能量子”，能量子的能量ε=hν，ν为带电微粒的振动频率，h为普朗克常量，故ABC符合题意，D不符合题意。故选ABC。10、BC解析：AC．若电子沿轨迹Ⅰ运动，有qE>qv0B，得EBD．若电子沿轨迹Ⅱ运动,有qE<qv0B，得EB<11、BC解析：A．由等量异种点电荷形成的电场的特点可知，小球受到的电场力始终沿着水平方向，合力等于重力，所以小球做匀加速直线运动，故A错误；BD．小球受到的库仑力水平向右，与运动方向垂直，所以不做功；小球受到的重力与运动方向相同，所以做正功，故B正确、D错误；C．在连线中点处库仑力最大，即F=kQq(d212、BC解析：A.小球在磁场中运动，在最低点进行受力分析可知FM-mg-BqvM=mvB．因为vM＞vN，由以上分析可知C．若在磁场中小球能运动到另一端的最高处，在电场中，电场力始终做负功，则根据动能定理知，小球不能到达最高点，故C正确。故选BC。13、

4.700/4.699/4.701

110解析：[1]螺旋测微器固定刻度的读数为4.5mm，可动刻度的读数为20.0×0.01mm=0.200mm,所以其直径读数为4.700mm；[2]为了读数准确，应使指针靠在电表刻度中间部分读数，选择

“×10”挡位测量，则电阻阻值为110Ω。14、

电压表的量程过大

A1解析：（1）[1]该小组在选择器材时，放弃使用电压表，原因是电压表的量程过大。（2）[2]因电流表A1的内阻已知，则图中电流表a为A1，电阻箱R的阻值为（3）[3][4]由电路可知E=解得I由图像可知E10解得r=0.80Ω，E=1.5V15、（1）6V；（2）1A；（3）1.33W解析：（1）若在C、D间连一个理想电压表，根据闭合电路欧姆定律，有I理想电压表读数为UV=I1R2=6V（2）若在C、D间连一个理想电流表，这时电阻R2与R3并联，并联电阻大小R根据闭合电路欧姆定律，有I理想电流表读数为I（3）小灯泡的电阻R将小灯泡连在C、D之间，小灯泡RL与R3串联，再与R2并联，并联电阻大小为RR2两端的电压为U小灯泡消耗的功率P16、(1)

0.4A；(2)解析：（1）只有当ab受到的磁场力方向竖直向上且大小等于ab的重力时，两根弹簧才能处于自然状态，根据左手定则，ab中的电流应由a到b，根据平衡条件有mg=BIL（2）当导线中通过由a到b的电流时，受到竖直向上的磁场力作用，被拉长的两根弹簧对ab有竖直向上的拉力，同时ab受竖直向下的重力，根据平衡条件有BIL+2kΔx17、（1）

mv022qL

（2）

2mv0qL

解析：（1）