2022届广东省深圳市高考仿真卷物理试卷含解析

2021-2022学年高考物理模拟试卷

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。

2.答题时请按要求用笔。

3,请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。

4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。

5.保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、下列说法正确的是

A.玻尔根据光的波粒二象性，大胆提出假设，认为实物粒子也具有波动性

B.铀核裂变的核反应是喳二r偿二二+为二二+2仁

C.原子从低能级向高能级跃迁，不吸收光子也能实现

D.根据爱因斯坦的“光子说”可知，光的波长越大，光子的能量越大

2、如图为模拟远距离输电的部分测试电路。a、b端接电压稳定的正弦交变电源，定值分别为《、&,且凡＜为,理想

变压器的原、副线圈匝数比为4且女＜1,电流表、电压表均为理想表，其示数分别用/和U表示。当问下调节电滑动

变阻器心的滑动端P时，电流表、电压表示数变化分别用//和/U表示。则以下说法错误的是（）

C.电源的输出功率一定减小D.电压表示数一定增加

3、太空垃圾是围绕地球轨道的有害人造物体，如图所示是漂浮在地球附近的太空垃圾示意图，对此有如下说法，正确

的是（）

A.太空垃圾一定能跟同一轨道上同向飞行的航天器相撞

B.离地越低的太空垃圾运行角速度越小

C.离地越高的太空垃圾运行加速度越小

D.离地越高的太空垃圾运行速率越大

4、如图甲所示，被称为“魔力陀螺”玩具的陀螺能在圆轨道外侧旋转不脱落，其原理可等效为如图乙所示的模型：半径

为R的磁性圆轨道竖直固定，质量为小的铁球（视为质点）沿轨道外侧运动，A、B分别为轨道的最高点和最低点，

轨道对铁球的磁性引力始终指向圆心且大小不变，不计摩擦和空气阻力，重力加速度为g,则

A.铁球绕轨道可能做匀速圆周运动

B.铁球绕轨道运动过程中机械能守恒

C.铁球在A点的速度必须大于历

D.轨道对铁球的磁性引力至少为3mg,才能使铁球不脱轨

5、如图所示，电路中L为电感线圈，C为电容器，先将开关吊闭合，稳定后再将开关S2闭合，则（）

A.Si闭合时，灯A、B都逐渐变亮B.Si闭合时，灯A中无电流通过

C.S2闭合时，灯B立即熄灭D.S2闭合时，灯A中电流由8到a

6、质量为，〃的光滑圆柱体A放在质量也为，〃的光滑“V，型槽8上，如图，a=60°,另有质量为M的物体C通过跨过

定滑轮的不可伸长的细绳与5相连，现将C自由释放，则下列说法正确的是（）

A.当时，A和B保持相对静止，共同加速度为0.5g

B.当M=2帆时，A和8保持相对静止，共同加速度为0.5g

C.当M=6小时，A和8保持相对静止，共同加速度为0.75g

D.当时，A和3之间的恰好发生相对滑动

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、在等边AA8C的顶点处分别固定有电荷量大小相等的点电荷，其中A点电荷带正电，8、C两点电荷带负电，如图

所示。。为BC连线的中点，a为AABC的中心，为A0延长线上的点，且aO=bO。下列说法正确的是（）

%

a*

p*oc

b*

A.。点电势高于。点电势

B.。点场强小于。点场强

C.力点的场强方向是。-力

D.“、。间电势差的绝对值大于反。间电势差的绝对值

8、如图甲所示，用一水平力尸拉着一个静止在倾角为。的光滑斜面上的物体，逐渐增大尸，物体做变加速运动，其加

速度a随外力尸变化的图像如图乙所示，若重力加速度g取10m/s2,根据图乙中所提供的信息不能计算出

B.斜面的倾角

C.物体能静止在斜面上所施加的最小外力

D.加速度为6m/s2时物体的速度

9、如图所示，质量为机的托盘P（包括框架）悬挂在轻质弹簧的下端处于静止状态，托盘的上表面水平。U0时刻,

将质量也为机的物块Q轻轻放到托盘上，八时刻P、Q速度第一次达到最大，打时刻，P、Q第一次下降到最低点，

下列说法正确的是（）

幽

P

A.Q刚放上P瞬间它们的加速度大小为|

B.0~6时间内弹簧弹力的冲量大于hngh

C.OF时间内P对Q的支持力不断增大

D.072时间内P、Q的重力势能和弹簧弹性势能的总和不断减小

10、如图所示，半径为R的上圆形区域内存在着垂直纸面向里的匀强磁场，过（一2R,0）点垂直x轴放置一线型粒子

4

发射装置，能在0<y<R的区间内各处沿x轴正方向同时发射出速度均为V、带正电的同种粒子，粒子质量为m,电荷

量为q。不计粒子的重力及粒子间的相互作用力。若某时刻粒子被装置发射出后，经过磁场偏转恰好击中y轴上的同

一位置，则下列说法中正确的是

,mv

B.磁场的磁感应强度为一7

qR

c.粒子离开磁场时速度方向相同

D.粒子从离开发射装置到击中y轴所用时间t的范围为2K«（2乎）.

v2v

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）如图所示，用质量为机的重物通过滑轮牵引小车，使它在长木板上运动，打点计时器在纸带上记录小车的

运动情况.利用该装置可以完成“探究动能定理”的实验.

（1）打点计时器使用的电源是（选填选项前的字母）.

A.直流电源B.交流电源

（2）实验中，需要平衡摩擦力和其他阻力.正确操作方法是（选填选项前的字母）.

A.把长木板右端垫高B.改变小车的质量

（3）在不挂重物且______（选填选项前的字母）的情况下，轻推一下小车，若小车拖着纸带做匀速运动，表明已经消除

了摩擦力和其他阻力的影响.

A.计时器不打点B.计时器打点

(4)接通电源，释放小车，打点计时器在纸带上打下一系列点，将打下的第一个点标为。.在纸带上依次去4、B、C……

若干个计数点，已知相邻计数点间的时间间隔为厂测得4、B、C……各点到。点的距离为如图所

示.

otfitQI

实验中，重物质量远小于小车质量，可认为小车所受的拉力大小为机g,从打。点打5点的过程中，拉力对小车做的

功W=,打B点时小车的速度v=.

(5)以供为纵坐标，W为横坐标，利用实验数据作如图所示的口2_亚图象.由此图象可得评随W变化的表达式为

.根据功与能的关系，动能的表达式中可能包含/这个因子；分析实验结果的单位关系，与图线

斜率有关的物理量应是.

(6)假设已经完全消除了摩擦力和其他阻力的影响，若重物质量不满足远小于小车质量的条件，则从理论上分析，图中

正确反映俨-W关系的是

12.(12分)某兴趣小组欲测量滑块与水平木板间的动摩擦因数，他们设计了一个实验，实验装置如图1所示。该小

组同学首先将一端带滑轮的木板固定在水平桌面上，连接好其他装置，然后挂上重物，使滑块做匀加速运动，打点计

时器在纸带上打出一系列点.

打点计时器

图I

（1）图2是实验中获取的一条纸带的一部分，相邻两计数点间的距离如图所示，已知电源的频率为50Hz,相邻两计

2

数点间还有4个计时点未标出，根据图中数据计算的加速度a=m/s.（结果保留两位有效数字）

（2）为测定动摩擦因数，该小组同学事先用弹簧测力计测出滑块与重物的重力分别如图3、4所示，则图3对应的示

数为N,图4对应的示数为N；

隔

的N4:N

•*

三M

三

三

1--11

一

三==

一

后

二

一=,

2-=h2

三

三

三

三4

二--

，

三

三

针

*指

三

-g-一-

三

三=

=

一E-

33三3

--

=三-

E-三

三

=一

一

二-

-三-

三

一=

一

一

4一4=4

---

二

一-

二

一

一

一

图3I4

（3）重力加速度g取10〃?/S2,滑块与木板间的动摩擦因数〃=（结果保留两位有效数字）。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）在x轴正半轴分布有磁感应强度大小为3,方向垂直纸面向里的匀强磁场。让质量为〃？，电荷量为夕的

带正电小球从坐标原点。静止释放，运动轨迹如图所示，运动到最低点时恰好进入一竖直向上场强为£（欣=，咫）的

匀强电场，重力加速度为g,不计空气阻力，求：

⑴小球到达最低点的速率V;

（2）小球在电场中运动的时间f及离开电场时与x轴的距离d。

14.(16分)如图，光滑绝缘水平面上静置两个质量均为m、相距为xo的小球A和B,A球所带电荷量为+q,B球不

带电。现在A球右侧区域的有限宽度范围内加上水平向右的匀强电场，电场强度为E,小球A在电场力作用下由静止

开始运动，然后与B球发生弹性正碰，A、B碰撞过程中没有电荷转移，且碰撞过程时间极短，求:

E

Xo

(1)A球与B球发生第一次碰撞后B球的速度；

(2)从A球开始运动到两球在电场中发生第二次碰撞前电场力对A球所做的功;

(3)要使A、B两球只发生三次碰撞，所加电场的宽度d应满足的条件。

15.(12分)一竖直放置、内壁光滑且导热良好的圆柱形气缸内封闭有可视为理想气体的02,被活塞分隔成A、B两

部分，气缸的横截面积为S,达到平衡时，两部分气体的体积相等，如图(a)所示，此时A部分气体的压强为po；

将气缸缓慢顺时针旋转，当转过90。使气缸水平再次达到平衡时，A、B两部分气体的体积之比为1：2,如图(b)所

示。已知外界温度不变，重力加速度大小为g,求：

(1)活塞的质量

(2)继续顺时针转动气缸，当气缸从水平再转过角度。时，如图(c)所示，A、B两部分气体的体积之比为1：3,则

sinO的值是多少？

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】A项，1924年，德布罗意大胆的把光的波粒二象性推广到实物粒子，如电子、质子等，他提出实物粒子也具

有波动性，故A项错误。

B项，铀核裂变有多种形式，其中一种的核反应方程是啜二+1r厘二二+汇:二+用二，故B项错误。

C项，原子从低能级向高能级跃迁时可能是吸收光子，也可能是由于碰撞，故C项正确。

D项，根据爱因斯坦的“光子说”可知，光的波长越大，光子的能量越小，故D项错误。

故选C

2、B

【解析】

A.理想变压器初、次级线圈电压变化比

△%」

△U'次均

电流变化比为

一〃2

A7次n,

则

△U次「第初

△/次n\刈初

将飞视为输入端电源内阻，则

*I

所以

△。次△。初=4

2

A/次AZ初k

这也是用耦合到次级线图电阻值为即为等效电源内阻，故A正确;

B.因

故B错误

C.当向下调节滑动变阻器丛的滑动端P时，负载电阻变大，电源电压不变，电流减小，故电源输出功率减小，故C

正确

D.当向下调节滑动变阻器心的滑动端P时，负载电阻变大，则回路中电流变小，则原线圈电流也减小，那么电阻

R上的电压减小，电源电压不变，所以原线圈的电压变大，根据匝数比可知副线圈的电压也变大，故D正确。

故选B。

3、C

【解析】

A.在同一轨道上的航天器与太空垃圾线速度相同，如果它们绕地球飞行的运转方向相同，它们不会碰撞，故A错误。

BCD.太空垃圾在地球的引力作用下绕地球匀速圆周运动，根据

「Mm,2万、2V-)

G—―=m(-厂r=m—=mco'r=ma

rTr

可得

离地越低的太空垃圾运行角速度越大；离地越高的太空垃圾运行加速度越小；离地越高的太空垃圾运行速率越小，故

BD错误，C正确。

故选C。

4、B

【解析】

AB.小铁球在运动的过程中受到重力、轨道的支持力和磁力的作用，其中铁球受轨道的磁性引力始终指向圆心且大小

不变，支持力的方向过圆心，它们都始终与运动的方向垂直，所以磁力和支持力都不能对小铁球做功，只有重力会对

小铁球做功，所以小铁球的机械能守恒，在最高点的速度最小，在最低点的速度最大.小铁球不可能做匀速圆周运动.故

A错误，B正确；

C.小铁球在运动的过程中受到重力、轨道的支持力和磁力的作用，在最高点轨道对小铁球的支持力的方向可以向上,

小铁球的速度只要大于1即可通过最高点，故C错误；

D.由于小铁球在运动的过程中机械能守恒，所以小铁球在最高点的速度越小，则机械能越小，在最低点的速度也越

小，根据：尸=，"匕可知小铁球在最低点时需要的向心力越小.而在最低点小铁球受到的重力的方向向下，支持力的

R

方向也向下、只有磁力的方向向上.要使铁球不脱轨，轨道对铁球的支持力一定要大于1.所以铁球不脱轨的条件是:

小铁球在最高点的速度恰好为1,而且到达最低点时，轨道对铁球的支持力恰好等于1.根据机械能守恒定律，小铁球

在最高点的速度恰好为1,到达最低点时的速度满足，”g・2K=轨道对铁球的支持力恰好等于1,则磁力与重力

2

的合力提供向心力，即：F-mg=—,联立得：F=5mg,故D错误.

R

5、D

【解析】

AB.Si闭合时，因为电容器通交流阻直流，所以灯A中有短暂电流通过，且不会逐渐变亮，故AB错误；

C.S2闭合时，因为电感线圈，灯B会逐渐熄灭，故C错误；

D.开关S2闭合时，电容放电，所以S2闭合瞬间A灯有电流从8到a,故D正确。

故选D。

6、B

【解析】

D.当4和8之间的恰好发生相对滑动时，对A受力分析如图

解得a=gcot600=百g

B与C为绳子连接体，具有共同的运动情况，此时对于B和C有：

Mg=(M+m)a

M厂口rMfT

所以----g=J3g,即不----=v3

M+mM+m

解得A7=-----产mx237m

1-V3

选项D错误；

C.当M>2.37m,A和B将发生相对滑动，选项C错误；

A.当M<2.37%7,A和3保持相对静止。若A和3保持相对静止，则有

Mg=(M+2m)a

M

解得Q=M+2m'

所以当M=,〃时，A和B保持相对静止，共同加速度为a=gg,选项A错误；

B.当M=2,”时，4和B保持相对静止，共同加速度为a=gg=0.5g,选项B正确。

故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AD

【解析】

A.若将一正电荷从。点移到。点，则电场力做正功，则电势能减小，则从a点到O点电势降低，可知a点电势高于

。点电势，选项A正确；

B.因为BC两处的负电荷在。点的合场强向下，在％处的合场强向上，而A处的正电荷在/两点的场强均向下，则

根据场强叠加可知，。点场强大于入点场强，选项B错误；

C.根据场强叠加可知，6点的场强等于两个负点电荷BC在b点的场强与正点电荷A在方点场强的叠加，因8c在6

点的合场强竖直向上，大小等于8在力点场强的大小，此值大于A在5点的场强大小，可知力点的场强方向是6-0,

竖直向上，选项C错误；

D.由场强叠加可知，a。之间的场强大于0》之间的场强，根据U=Ed可知，“、。间电势差的绝对值大于仄。间电

势差的绝对值，选项D正确。

故选ADo

8,ABC

【解析】

AB.对物体受力分析，受推力、重力、支持力，如图

Fcos0—mgsin0=nui

y方向：

N-FsmO-Geos6=0

从图象中取两个点（20N,2m/s2）、（30N,6m/s2）代入各式解得：

m=2kg

8=37。

故A正确，B正确；

C.物体能静止在斜面上，当尸沿斜面向上时所施加的外力最小：

Fm.n=mgsin0=20・sin37°N=12N

故C正确；

D.题中并未说明推力随时间的变化关系，故无法求出加速度为6m/s2时物体的速度大小。故D错误。

9、AC

【解析】

A.Q刚放上P瞬间，弹簧弹力不变，仍为mg,故根据牛顿第二定理可知，它们的加速度

螫

L<——

2m2

故A正确；

B.。时刻P、Q速度第一次达到最大，此时P、Q整体合力为零，此时弹簧弹力

F=2mg

故OR时间内弹簧弹力小于2mg,故05时间内弹簧弹力的冲量小于故B错误；

C.0~八时间内整体向下的加速度逐渐减小到零，对Q有

mg—N=ma

故P对Q的支持力N不断增大，故C正确；

D.打时刻，P、Q第一次下降到最低点，动能为零，故根据机械能守恒可知，0"2时间内P、Q的重力势能和弹簧弹

性势能的总和先减小再增大，故D错误。

故选ACo

10、ABD

【解析】

由题意，某时刻发出的粒子都击中的点是y轴上同一点，由最高点射出的只能击中（0,R）,则击中的同一点就是（0,

R）,即粒子击中点距O点的距离为R,所以A选项正确。从最低点射出的也击中（0,R）,那么粒子做匀速圆周运动

v八rnv

的半径为R,由洛仑兹力提供向心力得：qvB=m—,则磁感应强度B=,所以选项B正确。粒子运动的半径

都相同，但是入射点不同，则粒子离开磁场时的速度方向不同，选项c错误；显然偏转角最大的时间最长，显然从最

低点射出的粒子偏转90。，在磁场中的时间最长，最长时间为+翌+£=久竺。从最高点直接射

4v4vv2v

2D

向(0,R)的粒子时间最短，则最短的时间为/,=——，所以选项D正确。故选ABD。

v

【点睛】

看起来情况比较复杂，但涉及的问题却是常规问题，本题的关键点是粒子源发出的粒子是速度大小和方向均相同，则

其做匀速圆周运动的半径相同，在从最低点的特殊情况就能知道相同的半径就是圆弧的半径，再结合周期公式能求出

最长和最短时间。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、BABmgX2号av2=0.008+4.69W质量A

【解析】

(1)口]打点计时器均使用交流电源；

A.直流电源与分析不符，故A错误；

B.交流电源与分析相符，故B正确；

(2)[2|平衡摩擦和其他阻力，是通过垫高木板右端，构成斜面，使重力沿斜面向下的分力跟它们平衡；

A.与分析相符，故A正确；

B.与分析不符，故B错误；

(3)[3]平衡摩擦力时需要让打点计时器工作，纸带跟打点计时器限位孔间会有摩擦力，且可以通过纸带上打出的点迹判

断小车的运动是否为匀速直线运动；

A.与分析不符，故A错误：

B.与分析相符，故B正确；

(4)[4]小车拖动纸带移动的距离等于重物下落的距离，又小车所受拉力约等于重物重力，因此拉力对小车做的功：

W=mgx-,

⑸小车做匀变速直线运动，因此打B点时小车的速度为打AC段的平均速度，则有:

X,-X.

B2T

(5)[6]由图示图线可知：

,_(Av)20.47xlQ-2

=4.7

_AW_io-

纵截距为：

0.()1

则r随w变化的表达式为：

v2=0.01+4.7W

⑺功是能量转化的量度，所以功和能的单位是相同的，斜率设为左，则

2

k=—

代入单位后，上的单位为依「I所以与该斜率有关的物理量为质量；

(6)[8]若重物质量加不满足远小于小车质量则绳子对小车的拉力实际不等于重物的重力，由mg=("+/〃)。和

尸=痴可得:

r♦-----M-----mg

M+m

由动能定理得：

Fx=-Mv2

2

2F2mg

V2=----尤=-------X

MM+m

而:

W=mgx

2

则实际声一卬图线的斜率：一,重物质量，”与小车质量M不变，速度虽然增大，但斜率不变;

M+m

A.与分析相符，故A正确；

B.与分析不符，故B错误;

C.与分析不符，故C正确;

B.与分析不符，故D错误.

【名师点睛】

实验总存在一定的误差，数据处理过程中，图象读数一样存在误差，因此所写函数表达式的比例系数在一定范围内即

可；第(6)问有一定的迷惑性，应明确写出函数关系，再进行判断.

12、0.502.001.000.43

【解析】

(1)[1].相邻两计数点间还有4个计时点未标出，则r=0.1s；根据Ax=。尸结合逐差法可知:

-

._4+*5+*4—演一％2—%(3.87+3.39+2.88—2.38—1.90—1.40)x1022

"9P=9x0.12m/s=0.50m/s

(2)[2][3].则图3对应的示数为2.00N；图4对应的示数为LOON；

(3)[4J.对滑块以及重物的整体：

mg叩Mg=(M+m)a

其中;/ig=1.00N,A/g=2N,

解得

4=0.43

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

2mg兀m2m2g

13、(l)v(2)t

BqB2(f

【解析】

(1)小球在最低点时有

qvB-mg-m—,

解得：

BqR±RJB%2-

v=-------------------------———'

2m

由于在最低点u有唯一解，A=0,得:

BqR

v=

2m

由32^2一部⑤=0,得

4m2g

R=k

则：

_BqR_2mg

2mBq'

(2)小球进入电场后，由于功=，咫，故在复合场中做匀速圆周运动，进入电场时运动轨迹如图所示为半圆

T2兀m

=方‘

则小球在电场中运动时间

T7rm

t———=----,

2qB

v2

由=—，得

r

_7?2V_27772g

'_荷_B%2，

小球由。点运动到最低点过程中只有重力做功，设小球运动到最低点时下落的高度为y,由动能定理得:

1、

mgy=—根了，

得：

217?20

综合(1)结论得丁=力4=乙故圆周运动的圆心恰好在1轴上，小球离开电场时与x轴的距离：

Bq

,2m2g

a=r=-r-y-„

B2q2

14^(1)J2qEi0(2)5qExo(3)