2023年高考物理模拟试卷

2023年高考物理模拟试卷

考生须知：

1.全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色

字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。

2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。

3.保持卡面淸洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、反射式速调管是常用的微波器件之一，它利用电子团在电场中的振荡来产生微波，其振荡原理与下述过程类似，已

知静电场的方向平行于x轴，其电势q随x的分布如图所示，一质量m=1.0x1020kg,带电荷量大小为q=1.0x109C

的带负电的粒子从（1,0）点由静止开始，仅在电场力作用下在x轴上往返运动。忽略粒子的重力等因素，则（）

A.x轴左侧的电场强度方向与x轴正方向同向

B.x轴左侧电场强度J和右侧电场强度E2的大小之比J：E2=2：1

C.该粒子运动的周期T=1.5x103

D.该粒子运动的最大动能Ekm=2x108J

2、倾角为9的斜面固定在水平面上，在斜面上放置一“」”形长木板，木板与斜面之间的动摩擦因数为卩。平行于斜

面的力传感器（不计传感器的重力）上端连接木板，下端连接一质量为m的光滑小球，如图所示，当木板固定时，传

感器的示数为F,现由静止释放木板，木板沿斜面下滑的过程中,传感器的示数鹤。则下列说法正确的是（)

B.若卩=0,则F=mgsin0

2

Ftan0

C.若"o,则卩=——

2

D.若卩子0，则卩=Fgn。

1

3、如图所示，理想变压器的原线圈接在u=220j2sin100nt（V）的交流电源上，副线圈接有R=55Q的负载电阻，原、副

线圈匝数之比为4：1,电流表、电压表均为理想电表。下列说法正确的是（）

A.原线圈的输入功率为220J5w

B.电流表的读数为1A

C.电压表的读数为55V

D.通过电阻R的交变电流频率是100Hz

4、如图所示物块A和B的质量分别为4m和m,开始A、B均静止，细绳拉直，在竖直向上拉力F=6mg作用下，动

滑轮竖直向上运动.已知动滑轮质量忽略不计，动滑轮半径很小，不考虑绳与滑轮之间的摩擦，细绳足够长，在滑轮

1

A.2g,aB^5gB-ara'g

1

C.aA=g,aB=3gD.aA=0,a§=2g

5、如图所示，两平行导轨二二、二二竖直放置在匀强磁场中，匀强磁场方向竖直向上，将一根金属棒二二放在导轨上使

其水平且始终与导轨保持良好接触，现在金属棒二二中通以变化的电流二，同时释放金属棒二二使其运动.已知电流二随

时间.变化的关系式为-=（"■为常数，~>0）,金属棒与导轨间的动摩擦因数一定.以竖直向下为正方向，则下

面关于棒的速度二、加速度二随时间二变化的关系图象中，可能正确的有

6、如图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A,A的左端紧靠竖直墙，A与竖直墙之冋

放一光滑圆球8,整个装置处于静止状态.若把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态.则下列判断中正确的是

)

A.球B对墙的压力增大B.球B对柱状物体A的压力增大

C.地面对柱状物体月的支持力不变D.地面对柱状物体月的摩擦力不变

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示，均匀细杆AB质量为M,A端装有转轴，B端连接细线通过滑轮和质量为m的重物C相连，若杆AB

呈水平，细线与水平方向夹角为。时恰能保持平衡，则下面表达式中正确的是（）

A.M=2msinOB.滑轮受到的压力为2mg

Mg

C.杆对轴A的作用力大小为mgD.杆对轴A的作用力大小门,c

2sm0

8、飞机在航空母舰上从静止开始起飞，在自身发动机和舰装弹射器的共同作用下沿水平方向加速运动。发动机产生的

推力恒为1.0x105N,弹射器的作用长度为100m,飞机质量为3.0x18kg,飞机所受阻力为弹射器弹力和发动机推

力总和的20%。若飞机在弹射结束时要求的速度为80m/s,则弹射过程中（）

A.飞机的加速度为32m/S2

B.弹射器推力为1.1x106N

C.弹射器对飞机做功为1.1x108J

D.弹射器对飞机做功的平均功率为8.8x107W

9、用头发屑模拟各种电场的分布情况如甲、乙、丙、丁四幅图所示，则下列说法中正确的是（）

A.图甲一定是正点电荷形成的电场

B.图乙一定是异种电荷形成的电场

C.图丙可能是同种等量电荷形成的电场

D.图丁可能是两块金属板带同种电荷形成的电场

10、如图甲所示，倾角为30。的足够长的固定光滑斜面上，有一质量m=0.8kg的物体受到平行斜面向上的力F作用，

其大小F随时间t变化的规律如图乙所示，与时刻物体速度为零，重力加速度g=10m/s2。下列说法中正确的是（）

B.第2s末物体的动量最大

C.第3s末物体回到出发点

D.0~3s内力F的冲量大小为9N-S

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某同学用图甲电路做“测量电池的电动势和内阻”实验。可用的器材有：

A.电源（电动势约3V,内阻约10。）

B.电压表V（量程0~50mV,内阻为50Q）

C.电流表A（量程0~100mA,内阻约为2.5。）

D.电阻箱R（0~999.9C,最小改变值为0.1。）

E.定值电阻鸟（阻值为2950。）

F.定值电阻眞（阻值为9950。）

G.开关S及若干导线

在尽可能减小测量误差的情况下，请回答下列问题:

（1）定值电阻应选用；（填写器材前面的字母序号）

（2）用笔画线代替导线，按图甲电路将图乙实物完整连接起来；

（3）实验步骤如下:

①闭合S,调节电阻箱的阻值使电流表的示数为100mA,此时电阻箱的阻值为14.3。，电压表的示数为U。；

②断开S,拆下电流表，将B与C用导线直接相连，闭合S,调节电阻箱的阻值使电压表的示数仍为U。，此时电阻箱

的阻值为17.012,则电流表的内阻为。；

③调节电阻箱阻值，记下电阻箱的阻值号，电压表的示数以；多次改变电阻箱的阻值，可获得多组数据。做出电压表

示数的倒数：随电阻箱的阻值的倒数:的图线如图丙所示，若不考虑电压表对电路的影响，电池的电动势和内阻分

别为V、C（结果保留三位有效数字）。

12.（12分）为测定木块与桌面之间的动摩擦因数，某同学设计了如图所示的装置进行实验。实验中，当木块位于水

平桌面上的。点时，重物B刚好接触地面，不考虑B反弹对系统的影响。将A拉到P点，待B稳定后，A由静止释

放，最终滑到。点。测出PO、OQ的长度分别为h、

（1）实验开始时，发现A释放后会撞到滑轮，为了解决这个问题，可以适当（“增大”或“减小”）重物的质

量。

（2）滑块A在PO段和。。段运动的加速度大小比值为o

（3）实验得A、B的质量分别为m、M,可得滑块与桌面间的动摩擦因数”的表达式为（用m、M、h、s表

示）。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图，内横截面积为S的圆桶容器内下部盛有密度为p的某种液体，上部用软塞封住一部分气体，两端

开口的薄壁玻璃管C下端插入液体中，上端从软塞中穿出与大气相通。气缸B的下端有小孔通过一小段导管D与A

中气体相通，面积为一,不计重力的轻活塞封住了一部分气体。开始C内外的液面等高，A内气柱的长度为h,保持

4

温度不变，缓慢向下压B内的活塞，当活塞到达B底时，C内液体刚好上升到A的内上表面，此时C的下端仍在A

的液体中。外界气压为队，重力加速度为g,玻璃管C的横截面积为0.1S,不计导管D内气体的体积。求：

（1）此时作用在活塞上的压力；

（2）开始时气缸B内气体的长度。

14.（16分）如图所示，质量为m=5kg的物体放在水平面上，物体与水平面间的摩擦因数"=05物体受到与水平面成

8=37。斜向上的拉力F=50N作用，从A点由静止开始运动，到B点时撤去拉力F,物体最终到达C点，已知4C间

距离为z=165m,（sin370=0.6,cos370=0.8,重力加速度g=10m/s2）求：

（1）物体在AB段的加速度大小a；

（2）物体运动的最大速度大小vmo

n

ABC

15.（12分）如图所示，在直角坐标系xOy平面内第一、三、四象限存在垂直纸面向里的匀强磁场，第二象限存在沿

y轴正方向的匀强电场。两个电荷量均为g、质量均为m的带负电粒子a、b先后以％的速度从y轴上的P点分别沿x

轴正方向和负方向进入第一象限和第二象限，经过一段时间后，a、b两粒子恰好在x负半轴上的Q点相遇，此时a、

mv

b两粒子均为第一次通过x轴负半轴，P点离坐标原点O的距离为d,已知磁场的磁感应强度大小为B=o,粒子

重力不计，a、b两粒子间的作用力可忽略不计。求:

(1)粒子a从P点岀发到达Q点的时间t；

(2)匀强电场的电场强度E的大小。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

A.沿着电场线方向电势降落，可知x轴左侧场强方向沿x轴负方向，x轴右侧场强方向沿x轴正方向，故A错误；：

2020

B.根据U=Ed可知：左侧电场强度为：E=..nV/m=2.0x103V/m;右侧电场强度为：E=nV/m=

11x10220.5x102

4.0x103V/m；所以x轴左侧电场强度和右侧电场强度的大小之比J：E2=1：2,故B错误；

qE

C设粒子在原点左右两侧运动的时间分别为t,t0,在原点时的速度为v,由运动学公式有：v=一t,同理可知：

V=St；E=」mv2；而周期：T=2(t+t)；联立以上各式并代入相关数据可得：T=3.0x10.8S；故c错误。

mm2km2m12

D.该粒子运动过程中电势能的最大值为：Epm=qq>m=-2x108j,由能量守恒得当电势能为零时动能最大，最大动能

为£的=2x108J,故D正确；

2、D

【解析】

AB.当木板固定时，对小球分析，根据共点力平衡有

F〕=mgsin0

静止释放木板，木板沿斜面下滑的过程中，若〃=0,则整体沿斜面下滑时根据牛顿第二定律可得

MgsinO=Ma

解得

a=gsin0

再以小球为研究对象，则有

mgsinQ-F2=ma

解得

F=0

2

故AB错误；

CD.当木板沿斜面下滑时，若"邦，对整体分析，根据牛顿第二定律可得加速度为

a=gsin0-/zgcos0

隔离对小球分析有

/ngsinO-F2=n?<2

解得

F2=///ngcos0

则有

F[：2^=mgsin0:///«^cos0=tanO:〃

解得

Ftan0

M=-2-

1

故C错误、D正确。

故选D。

3、C

【解析】

Un

C.原线圈的交流电电压的有效值是220V,原、副线圈匝数之比为4：1,由=1可得副线圈上得到的电压有效值

为

U=2u=55V

241

所以电压表测电压有效值，则示数是55V,选项C正确；

B.副线圈上的电流为

55V

I==1A

In

12

又由于1=n,则原线圈中的电流为

21

I=-l=0.25A

142

则电流表的读数为0.25A,故B错误；

A.原线圈输入的电功率

P=UI=220Vx0.25A=55W

11

故A错误；

D.原副线圈的交流电的频率相同，则副线圈中的交流电的频率也是50Hz,故D错误。

故选C。

4、D

【解析】

在竖直向上拉力F=6mg时，此时4、B受的拉力分别为3mg、3mg,对A因为3mg<4mg,故物体A静止，加速度

为0；对物体B

3mg-mg=maB

解得

aB=2g

故选D。

5、B

【解析】

以竖直向下为正方向，根据牛顿第二定律得，金属棒的加速度二=三三，f=nN=pFA=nBIL=nBLkt,联立解得加速度

a=g与时间成线性关系,且t=0时，a=g,故CD错误。因为开始加速度方向向下，与速度方向相同，做加速

运动，加速度逐渐减小，即做加速度逐渐减小的加速运动，然后加速度方向向上，加速度逐渐增大，做加速度逐渐增

大的减速运动。故A错误，B正确。故选B。

【点睛】

解决本题的关键会根据合力确定加速度的变化，结合加速度方向与速度方向判断物体做加速运动还是减速运动，知道

速度时间图线的切线斜率表示加速度.

6、C

【解析】对小球B受力分析，作出平行四边形如图所示：

a滑动前，B球受墙壁及A的弹力的合力与重力大小相等，方向相反；如图中实线所示；而将A向右平移后，B受弹

力的方向将上移，如虚线所示，但2仍受力平衡，由图可知，对B球的弹力及墙壁对球的弹力均减小，根据牛顿第三

定律可知，球B对墙的压力减小，球B对柱状物体A的压力减小，故AB错误；以A8为整体分析，水平方向上受墙

壁的弹力和地面的摩擦力而处于平衡状态，弹力减小，故摩擦力减小，故D错误；竖直方向上受重力及地面的支持力，

两物体的重力不变，故4对地面的压力不变，故C正确。所以C正确，ABD错误。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ACD

【解析】

考查共点力作用下物体的平衡问题。

【详解】

A.由题可以知道，C物体受到重力和绳子的拉力处于平衡状态，所以绳子的拉力与C物体的重力大小相等，为mg：

对杆AB进行受力分析如图：

设AB杆的长度为厶由图可以知道杆的重力产生，的力矩是顺时针方向的力矩，力臂的大小是鼻1_绳子的拉力产生

的力矩是逆时针方向的力矩，力臂的大小是LsinS,过转轴的力不产生力矩，由力矩平衡得：

Mg.-IL=mgLsinO

所以：

M=2msin0

A正确；

B.由题图可以知道，两根绳子的拉力的方向之间有夹角所以两根绳子的拉力的合力大小要小于2mg,即滑轮受到的

压力小于2mg,B错误；

C.由受力图可以知道轴A对杆的作用力的方向的反向延长线一定过绳子的拉力的延长线与重力的作用线的交点，因

为重力的作用线过杆的中点，所以可以知道力F与绳子的拉力与水平方向之间的夹角是相等的，并且：

Fcos0=mgcos0

所以F与绳子的拉力的大小也相等，即

F=mg

则杆对轴A的作用力大小为mg,C正确；

D.联立可得：

F=Mg

2sin0

Mg

所以杆对轴A的作用力大小也可以表达为：2sinSD正确。

故选ACD。

8、ABC

【解析】

A.加速过程有

V2=2ax

解得

a=32m/S2

故A正确；

B.阻力

F=20%(F+F)

阻弹发

由动能定理得

(F+F)x-Fx=Jmv2

弹发阻2

解得

F=1.1x1OeN

弹

故B正确：

C.弹射器做功为

W=Fx=1.1x106X100J=1.1x108j

弹

故C正确；

D.弹射器做功的平均功率为

P=F.v=4.4x107W

弹弹2

故D错误。

故选ABC»

9,BC

【解析】

A.点电荷的电场都是辐射状的，所以图甲模拟的可能是正点电荷形成的电场，也可能是负点电荷形成的电场，A错

误；

B.根据等量异种电荷电场线分布的特点对比可知，图乙一定是异种电荷形成的电场，B正确；

C.根据等量同种电荷电场线的特点对比可知，图丙可能是同种等量电荷形成的电场，也可能是同种不等量电荷形成

的电场，C正确；

D.由图可知，两个金属板之间的电场类似于匀强电场，所以图丁可能是两块金属板带异种电荷形成的电场，D错误。

故选BC.

10、AD

【解析】

AB.对物体受力分析，受重力、支持力和拉力，将重力沿垂直斜面方向和平行与斜面方向正交分解，平行与斜面方向

分力为

G=mgsin30O=4M

1

0至”s内合外力

F=5N-4N=1N

合

方向沿斜面向上，物块沿斜面向上运动，0至Ms内物体加速度

F1

a=合=—mfe=1.25m/S2

m0.8

1s末速度为

v=at=1.25m/s

11

1s到2s内，合力为

F厶=3N-4N=-1N

加速度为

F1

H=合=———mte=-125mfe2

m0.8

2s末速度为

v=v+a,t=Om/s

212

物体沿斜面向上运动，在2s末物体的速度为0,则动量

p=mv=0

22

A正确，B错误:

C.2s到3s内，合力为

F=1N-4N=-3N

合

加速度为

a,=—=-3.75nVs2

m

3s末速度为

v=v+a,t=­3.75m/s

323

前2s内物体的物体

v1.25

x=1.(t+1)=------x2m=1.25m

2122

第3s内物体的位移

|v|3.75

xz=3.t=------x1m=1.875m>1.25m

232

C错误；

D.0~3s内力F的冲量大小为

I=Ft+Ft+Ft=5x1N.s+3x1N.s+1x1N.s=9N.s

112233

D正确。

故选AD。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、E2.72.9012.0

【解析】

实验中需要将电流表A与定值电阻R串联，改装成一个量程为0~3V的电压表，由部分电路欧姆定律知

u-uU

V=V

RR

0V

代入数据解得

R=2950。

0

故选E。

(2)[2]根据电路原理图，实物连接如图所示

(3)网电压表的示数始终为U。，则说明

R+R=R

A

即为

R=17.07-14.34=2.72

A

[4]根据闭合电路的欧姆定律知

RR[

E=U(o+1)+U(o).-r

RRR

VV

代入数据变形后

160r160

-=___+—

UFRE

结合题中所给图像的纵截距

60

20.7=—

解得

E=2.90V

[5]斜率

144.9-20.7_60r

0.50E-

求得

r=12.0Q

sMh

12、減小hm(h+s)+Ms

【解析】

(1)[1]B减少的重力势能转化成系统的内能和AB的动能，A释放后会撞到滑轮，说明B减少的势能太多，转化成系

统的内能太少，可以通过减小B的质量；增加细线的长度(或増大厶的质量；降低B的起始高度)解决。依据解决方

法有：可以通过减小8的质量；增加细线的长度(或增大A的质量；降低B的起始高度)，故减小B的质量；

(2)[2]根据运动学公式可知：

2ah=v2

2a's=v2

联立解得：

a金

a,h

(3)[3]B下落至临落地时根据动能定理有：

Mgh-fimgh=(M+m)y2

在B落地后，A运动到Q,有

J

^mv2=/imgs

解得：

Mh

“m(h+s)+Ms

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

(10