2023届海南省高三下学期高考模拟二物理试题（解析版）

高中物理名校试卷PAGEPAGE12023年海南省高考模拟试卷二物理一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1.下列属于磁感应强度的单位且用国际单位制中基本单位符号表示的是（）A.TB.C. D.〖答案〗C〖解析〗磁感应强度磁感应强度单位为T，则故选C。2.一小船在静水中的速度为，它在一条河宽150m，流速为的河流中渡河，则下列说正确的是（）A.小船渡河时间不少于60sB.小船以最短时间渡河时，它沿水流方向的位移大小为150mC.小船以最短位移渡河时，位移大小为250mD.小船以最短位移渡河时，时间为60s〖答案〗C〖解析〗A．当船的静水中的速度垂直河岸时渡河时间最短故A错误；B．船以最短时间50s渡河时沿河岸的位移即它沿水流方向的位移大小为250m，故B错误；C．因为水流速度大于船的静水速度，所以船不能垂直渡河，如图所示当合速度与静水速度的方向垂直时，合速度与水流速度的夹角最大，渡河位移最小，则则渡河的最小位移故C正确；D．若船以最短位移渡河时，时间为故D错误。故选C。3.2021年9月20日北京时间15时10分，搭载天舟三号货运飞船的长征七号遥四运载火箭在我国文昌航天发射场点火发射。当天22时08分，天舟三号成功对接于空间站天和核心舱后向端口。我国自主研发的空间站“天和”核心舱绕地球的运行可视为匀速圆周运动，已知引力常量，由下列物理量能计算出地球质量的是（）A.核心舱的质量和绕地半径B.核心舱的质量和绕地周期C.核心舱的绕地角速度和绕地周期D.核心舱的绕地线速度和绕地半径〖答案〗D〖解析〗根据解得，，，所以已知核心舱的绕地线速度和绕地半径时，能计算出地球质量，或者是周期与半径，角速度与半径，向心加速度与半径，任何一组都能计算出地球质量，则D正确；ABC错误；故选D。4.我国利用小型辐照装置研究病毒灭活，其主要原理是辐照源钴衰变后产生镍和X粒子，并放出射线，利用射线、X粒子束产生的电离作用，使病毒失去感染性。已知钴60的半衰期为5.27年，下列说法正确的是（）A.X粒子为中子B.该衰变属于β衰变，反应放出的射线是一种电磁波C.的结合能比该反应产生的新核的大D.1g钴60经21年后约有发生了衰变〖答案〗B〖解析〗A．根据质量数守恒和电荷数守恒可知，X粒子为电子，故A错误；B．该衰变属于β衰变，反应放出射线为γ射线，是一种电磁波，故B正确；C．衰变时放出能量，生成物更稳定比结合能更大，由于两原子核核子数都为60，所以的结合能比该反应产生的新核的小，故C错误；D．21年约为钴60的4个半衰期，1g钴60经21年后发生衰变的质量约为故D错误。故选B。5.如图所示，正方形框ABCD竖直放置，两个完全相同的小球P、Q分别穿在方框的BC、CD边上，当方框绕AD轴匀速转动时，两球均恰与方框保持相对静止且位于BC、CD边的中点，已知两球与方框之间的动摩擦因数相同，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则两球与方框间的动摩擦因数为（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗对P球，根据牛顿第二定律可得对Q球，根据牛顿第二定律可得联立解得故选B。6.饲养员在池塘边堤坝边缘处以水平速度往鱼池中抛掷鱼饵颗粒。堤坝截面倾角为。坝顶离水面的高度为，取，不计空气阻力（，），下列说法正确的是（）A.若鱼饵颗粒能落入水中，平抛初速度越大，从抛出到落水所用的时间越长B.若鱼饵颗粒能落入水中，平抛初速度越大，落水时速度方向与水平面的夹角越大C.若平抛初速度，则鱼饵颗粒不会落在斜面上D.若鱼饵颗粒不能落入水中，平抛初速度越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越小〖答案〗C〖解析〗A．平抛时间由高度决定，与无关，故A错误；B．若鱼饵颗粒能落入水中，下落高度一定，运动时间一定，根据速度分解关系，落水时速度方向与水平面的夹角正切值越大，越小，即越小，故B错误；C．若鱼饵颗粒恰好落在B点，则由竖直方向可得水平方向可得鱼饵颗粒不会落在斜面上，故C正确；D．若鱼饵颗粒不能落入水中，落到斜面上时速度方向与水平方向的夹角，根据位移分解关系联立可得因此一定，由几何关系可知落到斜面上时速度方向与斜面的夹角不变，故D错误。故选C。7.用绝缘细线a、b将两个带电小球1和2连接并悬挂，已知小球2的重力为G，如图所示，两小球处于静止状态，细线a与竖直方向的夹角为30°，两小球连线与水平方向夹角为30°，细线b水平，则（）A.小球1带电量一定小于小球2的带电量B.细线a拉力大小为C.细线b拉力大小为D.小球1与2的质量比为〖答案〗B〖解析〗A．由可知，不能确定小球1与小球2的带电量，故A不符合题意；C．对小球2，由平衡条件可得解得细线b拉力大小为故C不符合题意；BD．对小球1，由平衡条件可得解得细线a拉力大小为小球1与2的质量比为故B符合题意，D不符合题意。故选B。8.如图所示，在倾角为的光滑固定斜面上有两个用轻弹簧连接的物块A和B，它们的质量分别为m和2m，弹簧的劲度系数为k，在外力F的作用下系统处于静止状态。已知弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度为，则（）A.外力F的大小为B.弹簧的形变量为C.若外力F的大小变为，当A、B相对静止时，弹簧弹力的大小为D.若外力F的大小变为，当A、B相对静止时，突然撤去外力F的瞬间，物块B的加速度大小为〖答案〗D〖解析〗A．对物块A和B整体受力分析，由平衡条件可得，外力的大小为故A错误；B．对物块B受力分析，由平衡条件可得，弹簧的弹力为则弹簧的形变量为故B错误；CD．对物块A和B整体受力分析，由牛顿第二定律，得解得物块A和B的加速度大小为对物块B受力分析，由牛顿第二定律可得，弹簧弹力的大小为突然撤去外力F的瞬间，弹簧不突变，所以物块B的加速度大小不变，故C错误，D正确。故选D。二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.一定质量的理想气体由状态a变为状态c，其过程如p-V图像中直线段所示，状态b对应该线段的中点。下列说法正确的是（）A.过程中气体吸收热量B.过程中状态b的分子平均动能最小C.过程中气体对外界做功大于吸收的热量D.过程中单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数减少〖答案〗AD〖解析〗A．由过程中气体吸收热量为故A正确；BC．由可知状态b的分子平均动能最大；则过程中气体体积增大，对外做功，温度升高，内能增大，所以体对外界做功小于吸收的热量，故BC错误；D．因为过程中气体体积增大，所以单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数减少，故D正确。故选AD。10.如图所示，空间中A、B、C、、、六个点恰好为竖直正三棱柱的顶点，在点固定有正电荷，点固定有正电荷，点固定有负电荷，带电量。以下说法正确的是（）A.A、B两点的电场强度相同，电势也相同B.若将自点竖直向上移动至B点，则其所受静电力逐渐减小C.若将自点竖直向上移动至C点，则其电势能逐渐增大D.若将自点竖直向上移动至B点，则其电势能始终不变〖答案〗BC〖解析〗A．由几何关系可知，A、B两点的电场强度方向不同，A错误；B．若将自点竖直向上移动至B点，则距离、越来越远，、对其电场力逐渐减小，且两力夹角逐渐增大，故其所受静电力逐渐减小，B正确；C．若将自点竖直向上移动至C点，则、均对其左负功，故其电势能逐渐增大，C正确；D．若将自点竖直向上移动至B点，则对它做正功，对它做负功，且正功大于负功，故总功为正，故其电势能减小，D错误。故选BC。11.一列简谐横波沿x轴传播，在时的波形如图甲所示，M、N、P、Q是介质中的四个质点，已知N点的平衡位置在处，N、Q两质点平衡位置之间的距离为16m。如图乙所示为质点P的振动图像。下列说法正确的是（）A.该波的波长为24mB.该波的波速为120m/sC.质点P的平衡位置位于处D.从开始，质点Q比质点N早s回到平衡位置〖答案〗ABD〖解析〗AB．由乙图知周期T=0.2s，甲图中N点的位移为-5cm，该波的振幅为10cm，故M、N两质点间平衡位置间距离与波长的关系为N、Q两质点平衡位置之间的距离为16m波长该波的波速故AB正确；C．质点P的振动方程t=0.125s时，P的位移，M、P两质点平衡位置间的距离与波长的关系为质点P平衡位置位于处，故C错误；D．由乙图知从t=0.125s开始，质点P向y轴负方向运动，结合甲图知波向x轴负方向传播，由甲图知质点Q经回到平衡位置；质点N回到平衡位置时间质点Q比质点N早回到平衡位置的时间为故D正确。故选ABD。12.如图甲所示，两点间接入电压如图乙变化的交流电源，电阻，滑动变阻器初始状态电阻为，理想变压器原、副线圈匝数比为，则（）A.若滑动变阻器时，电流表示数为B.若滑动变阻器滑片向右移动时，的功率逐渐减小C.若改变滑动变阻器阻值，使的功率最大时，此时D.若保持滑动变阻器不变，只改变原副线圈开数比，使功率最大时，原副线圈匝数比为〖答案〗BD〖解析〗A．电源的有效值将滑动变阻器与变压器作为一个整体，则等效电阻为若滑动变阻器时，流过原线圈的电流根据解得A错误；B．若滑动变阻器滑片向右移动时，滑动变阻器接入电阻增大，根据上述，等效电阻增大，根据可知，通过原线圈的电流减小，根据可知，若滑动变阻器滑片向右移动时，的功率逐渐减小，B正确；C．变压器不消耗功率，将电阻等效为电源的内阻，当变压器等效电阻结合上述有时，消耗的功率最大，即若改变滑动变阻器阻值，使的功率最大时，此时C错误；D．根据上述，若保持滑动变阻器不变，只改变原副线圈开数比，使功率最大时，则有解得D正确。故选BD。13.如图所示，闭合的等腰直角三角形金属线框以速度v向右匀速穿过磁感应强度为的条形匀强磁场区域（运动过程中边始终与磁场边界平行）。已知金属线框单位长度的电阻为r，直角边长为d，磁场区域宽度为。则下列说法正确的是（）A.当线框刚进入磁场区域时，直角边产生电动势大小B.线框进入磁场过程中A、C两点间电势差恒定不变C.当线框的水平直角边恰好进入一半时，导线内电流的大小D.线框从图示位置到完全穿过磁场过程中通过线框某一横截面的电量为零〖答案〗ACD〖解析〗A．线框刚进入磁场区时，切割磁感线有效长度刚好为边AC的长度，根据得选项A正确；C．当线框的水平直角边恰好进入一半时，切割磁场的导体有效长度为，此时回路总电阻由闭合电路欧姆定律得选项C正确；B．线框进入磁场过程中切割磁场的导体有效长度发生变化，总电阻不变，则电路中电流发生变化，因此A、C两点间电势差不会恒定不变，选项B错误；D．通过导体横截面的电量线框从图示位置到完全穿过磁场过程中，磁通量变化，则通过线框某一横截面的电量为零，选项D正确。故选ACD。三、实验题：本题共2小题，共20分。把〖答案〗写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。14.（1）某同学通过图所示的实验装置，利用玻意耳定律来测定一颗形状不规则的冰糖的体积。①将冰糖装进注射器，通过推、拉活塞改变封闭气体的体积和压强。若实验过程中不慎将活塞拔出针筒，则______（填“需要”或“不需要”）重做实验。②实验中通过活塞所在刻度读取了多组体积V及对应压强，为了在坐标系中获得直线图像，应选择______。A．图像B．图像C．图像D．图像③选择合适的坐标后，该同学通过描点作图，得到直线的函数图像如图所示，忽略传感器和注射器连接处的软管容积，则这颗冰糖的体积为______。（2）某同学制作了一个“加速度测量仪”，用来测量垂直电梯竖直上、下运行时的加速度，其构造如图1所示：将一根轻弹簧的上端固定在竖直放置且带刻度的“「”形光滑小木板上端，当弹簧下端悬挂重物并静止时，指针指向位置；当弹簧下端悬挂重物并静止时，指针指向位置。实际测量时，该同学在该弹簧下端固定重物，重力加速度取，所有计算结果保留两位有效数字。①该弹簧的劲度系数______②实际测量时，当指针指到位置时，垂直电梯运行的加速度大小为______③如图2所示，将该加速度测量仪水平使用，若指针仍指到位置，则水平加速度大小______〖答案〗（1）需要Cb（2）101.09.0〖解析〗（1）①[1]若实验过程中不慎将活塞拔出针筒，针筒内封闭气体与外界相连，压强改变，无法继续实验，需要重做实验；②[2]设冰糖的体积为，根据玻意耳定律则则图像为直线。故选：C。③[3]根据，结合图像可知这颗冰糖的体积为b。（2）①[4]根据胡克定律②[5]实际测量时，弹簧对小球的拉力根据牛顿第二定律解得方向竖直向下；③[6]将该加速度测量仪水平使用，若指针仍指到位置，拉力仍为根据牛顿第二定律解得15.某物理兴趣小组欲将电流表改装成量程为的电压表。小组同学先用如图甲所示的电路测量电流表的内阻，提供的实验器材有：A.电流表（量程为，内阻约为）；B.电流表（量程为，内阻约为）；C.定值电阻（阻值为）；D.定值电阻（阻值为）；E.滑动变阻器R；F.一节新的干电池E；G.开关S及导线若干。（1）图甲中的电阻应选用______（填“C”或“D”）。（2）根据图甲，用笔画线代替导线，补充完成图乙中实物间的连线。（）（3）正确连接线路后，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，获得多组的示数和的示数，将对应的数据在坐标系中描点，作出图像如图丙所示，的内阻为______（结果保留三位有效数字）。（4）给串联一个阻值为______（结果保留三位有效数字）的定值电阻，可将改装成量程为的电压表V。（5）用标准电压表与V并联进行校准。当的示数为时，的示数为，则V的实际量程为______V（结果保留三位有效数字）。〖答案〗（1）C（2）（3）300（4）14.7（5）15.5〖解析〗（1）[1]当电流表A1、A2满偏时，A1并联的电阻约为图甲中的电阻应选用C；（2）[2]根据图甲，用笔画线代替导线，补充完成图乙中实物间的连线如图所示（3）[3]根据串并联电路特点和欧姆定律有整理得根据图像可得代入数据解得（4）[4]将改装成量程为的电压表，需要串联的电阻为（5）[5]当的示数为时，的示数为，当的示数为时，的示数为则V的实际量程为四、计算题：本题共3小题，共36分。把解答写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。16.如图所示，有一救生员面向泳池坐在池边的高凳上，他的眼睛到地面的高度为，眼睛距离池边缘的水平距离为，当泳池注满水时，水的深度为，此时救生员可观察到池底离池边缘最近的点为A，水池边缘与之间的范围为“视线盲区”．已知水的折射率为，光在真空中的速度为，求：（1）A点到池边缘的水平距离；（2）光在水中传播的速度．〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）光线从A点射向人眼时在水面发生折射，设入射角为，折射角为，由几何关系可知折射现象中光路是可逆的，水的折射率解得而解得（2）光在水中传播的速度解得17.如图所示、是一段光滑的四分之一圆弧，半径，是一段长度为的水平轨道，与圆弧相切于B点。与传送带相接于C点，传送带长，与水平面的夹角，传送带以大小恒为速度逆时针转动，一质量为的小物体从A点释放，在B点与质量为的小物体相碰后粘在一起，、与水平轨道和传送带之间的摩擦因数均为，小物体过C点时速度大小不变，过C点后直接开始滑动，且若C点速度为0时物体不会停留在C点。在传送带底端有一弹性档板，小物体与之相碰后，速度大小不变，方向反向。（g取，）。完成下列问题：（1）把从A点静止释放，求与相碰前的一瞬间，对B点的压力；（2）把从A点静止释放，到、与档板第一次碰撞前的一瞬间，求、系统损失的机械能；（3）如果要求、还能回到A点，那么在A点时至少应给多大的初速度。〖答案〗（1）90N，方向竖直向下；（2）40J；（3）〖解析〗（1）从A点静止释放到与相碰前的过程，根据机械能守恒解得根据牛顿第二定律解得B点对的支持力根据牛顿第三定律可知，对B点的压力大小为90N，方向竖直向下。（2）、系统损失的机械能等于系统克服摩擦力做功与碰撞过程损失机械能之和，碰撞过程根据动量守恒解得（3）所施加的初速度最小时，、回到A点时的速度为零，则由C到A过程解得、返回到C点的速度为所施加的初速度最小时，假设系统到D点时速度大于6m/s，则系统由D到C过程中，速度由到阶段加速度大小为运动距离显然假设不成立，则系统到D点时速度小于6m/s，则系统由D到C过程摩擦力对系统做正功，对全过程，根据能量守恒解得18.如图所示，真空中有一以O点为圆心的圆形匀强磁场区域，半径为R=0.5m，磁场方向垂直纸面向里。在y>R的区域存在一沿y轴负方向的匀强电场，电场强度为E=1.0×105V/m。在M点（坐标原点）有一正粒子以速率v=1.0×106m/s沿x轴正方向射入磁场，粒子穿出磁场进入电场，速度减小到0后又返回磁场，最终又从磁场离开。已知粒子的比荷为，不计粒子重力。求：（1）圆形磁场区域磁感应强度的大小；（2）沿x轴正方向射入磁场的粒子，从进入磁场到再次穿出磁场所走过的路程。（3）沿x轴正方向射入磁场的粒子，从进入磁场到再次穿出磁场所经过的时间。〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）根据题意可知粒子第一次垂直电场与磁场的界面射入电场中，运动轨迹如下图，故可知粒子在磁场中的轨迹半径为同时根据粒子在磁场中运动洛伦兹力提供向心力有代入数值联立解得（2）粒子射入电场到运动到最远处距离为，根据动能定理有解得故粒子从进入磁场到再次穿出磁场所走过的路程为（3）粒子在电场中运动时间为，加速度大小为，有解得粒子在磁场中运动有即根据轨迹可知粒子在磁场中的运动时间为联立解得故从进入磁场到再次穿出磁场所经过的时间为2023年海南省高考模拟试卷二物理一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1.下列属于磁感应强度的单位且用国际单位制中基本单位符号表示的是（）A.TB.C. D.〖答案〗C〖解析〗磁感应强度磁感应强度单位为T，则故选C。2.一小船在静水中的速度为，它在一条河宽150m，流速为的河流中渡河，则下列说正确的是（）A.小船渡河时间不少于60sB.小船以最短时间渡河时，它沿水流方向的位移大小为150mC.小船以最短位移渡河时，位移大小为250mD.小船以最短位移渡河时，时间为60s〖答案〗C〖解析〗A．当船的静水中的速度垂直河岸时渡河时间最短故A错误；B．船以最短时间50s渡河时沿河岸的位移即它沿水流方向的位移大小为250m，故B错误；C．因为水流速度大于船的静水速度，所以船不能垂直渡河，如图所示当合速度与静水速度的方向垂直时，合速度与水流速度的夹角最大，渡河位移最小，则则渡河的最小位移故C正确；D．若船以最短位移渡河时，时间为故D错误。故选C。3.2021年9月20日北京时间15时10分，搭载天舟三号货运飞船的长征七号遥四运载火箭在我国文昌航天发射场点火发射。当天22时08分，天舟三号成功对接于空间站天和核心舱后向端口。我国自主研发的空间站“天和”核心舱绕地球的运行可视为匀速圆周运动，已知引力常量，由下列物理量能计算出地球质量的是（）A.核心舱的质量和绕地半径B.核心舱的质量和绕地周期C.核心舱的绕地角速度和绕地周期D.核心舱的绕地线速度和绕地半径〖答案〗D〖解析〗根据解得，，，所以已知核心舱的绕地线速度和绕地半径时，能计算出地球质量，或者是周期与半径，角速度与半径，向心加速度与半径，任何一组都能计算出地球质量，则D正确；ABC错误；故选D。4.我国利用小型辐照装置研究病毒灭活，其主要原理是辐照源钴衰变后产生镍和X粒子，并放出射线，利用射线、X粒子束产生的电离作用，使病毒失去感染性。已知钴60的半衰期为5.27年，下列说法正确的是（）A.X粒子为中子B.该衰变属于β衰变，反应放出的射线是一种电磁波C.的结合能比该反应产生的新核的大D.1g钴60经21年后约有发生了衰变〖答案〗B〖解析〗A．根据质量数守恒和电荷数守恒可知，X粒子为电子，故A错误；B．该衰变属于β衰变，反应放出射线为γ射线，是一种电磁波，故B正确；C．衰变时放出能量，生成物更稳定比结合能更大，由于两原子核核子数都为60，所以的结合能比该反应产生的新核的小，故C错误；D．21年约为钴60的4个半衰期，1g钴60经21年后发生衰变的质量约为故D错误。故选B。5.如图所示，正方形框ABCD竖直放置，两个完全相同的小球P、Q分别穿在方框的BC、CD边上，当方框绕AD轴匀速转动时，两球均恰与方框保持相对静止且位于BC、CD边的中点，已知两球与方框之间的动摩擦因数相同，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则两球与方框间的动摩擦因数为（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗对P球，根据牛顿第二定律可得对Q球，根据牛顿第二定律可得联立解得故选B。6.饲养员在池塘边堤坝边缘处以水平速度往鱼池中抛掷鱼饵颗粒。堤坝截面倾角为。坝顶离水面的高度为，取，不计空气阻力（，），下列说法正确的是（）A.若鱼饵颗粒能落入水中，平抛初速度越大，从抛出到落水所用的时间越长B.若鱼饵颗粒能落入水中，平抛初速度越大，落水时速度方向与水平面的夹角越大C.若平抛初速度，则鱼饵颗粒不会落在斜面上D.若鱼饵颗粒不能落入水中，平抛初速度越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越小〖答案〗C〖解析〗A．平抛时间由高度决定，与无关，故A错误；B．若鱼饵颗粒能落入水中，下落高度一定，运动时间一定，根据速度分解关系，落水时速度方向与水平面的夹角正切值越大，越小，即越小，故B错误；C．若鱼饵颗粒恰好落在B点，则由竖直方向可得水平方向可得鱼饵颗粒不会落在斜面上，故C正确；D．若鱼饵颗粒不能落入水中，落到斜面上时速度方向与水平方向的夹角，根据位移分解关系联立可得因此一定，由几何关系可知落到斜面上时速度方向与斜面的夹角不变，故D错误。故选C。7.用绝缘细线a、b将两个带电小球1和2连接并悬挂，已知小球2的重力为G，如图所示，两小球处于静止状态，细线a与竖直方向的夹角为30°，两小球连线与水平方向夹角为30°，细线b水平，则（）A.小球1带电量一定小于小球2的带电量B.细线a拉力大小为C.细线b拉力大小为D.小球1与2的质量比为〖答案〗B〖解析〗A．由可知，不能确定小球1与小球2的带电量，故A不符合题意；C．对小球2，由平衡条件可得解得细线b拉力大小为故C不符合题意；BD．对小球1，由平衡条件可得解得细线a拉力大小为小球1与2的质量比为故B符合题意，D不符合题意。故选B。8.如图所示，在倾角为的光滑固定斜面上有两个用轻弹簧连接的物块A和B，它们的质量分别为m和2m，弹簧的劲度系数为k，在外力F的作用下系统处于静止状态。已知弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度为，则（）A.外力F的大小为B.弹簧的形变量为C.若外力F的大小变为，当A、B相对静止时，弹簧弹力的大小为D.若外力F的大小变为，当A、B相对静止时，突然撤去外力F的瞬间，物块B的加速度大小为〖答案〗D〖解析〗A．对物块A和B整体受力分析，由平衡条件可得，外力的大小为故A错误；B．对物块B受力分析，由平衡条件可得，弹簧的弹力为则弹簧的形变量为故B错误；CD．对物块A和B整体受力分析，由牛顿第二定律，得解得物块A和B的加速度大小为对物块B受力分析，由牛顿第二定律可得，弹簧弹力的大小为突然撤去外力F的瞬间，弹簧不突变，所以物块B的加速度大小不变，故C错误，D正确。故选D。二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.一定质量的理想气体由状态a变为状态c，其过程如p-V图像中直线段所示，状态b对应该线段的中点。下列说法正确的是（）A.过程中气体吸收热量B.过程中状态b的分子平均动能最小C.过程中气体对外界做功大于吸收的热量D.过程中单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数减少〖答案〗AD〖解析〗A．由过程中气体吸收热量为故A正确；BC．由可知状态b的分子平均动能最大；则过程中气体体积增大，对外做功，温度升高，内能增大，所以体对外界做功小于吸收的热量，故BC错误；D．因为过程中气体体积增大，所以单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数减少，故D正确。故选AD。10.如图所示，空间中A、B、C、、、六个点恰好为竖直正三棱柱的顶点，在点固定有正电荷，点固定有正电荷，点固定有负电荷，带电量。以下说法正确的是（）A.A、B两点的电场强度相同，电势也相同B.若将自点竖直向上移动至B点，则其所受静电力逐渐减小C.若将自点竖直向上移动至C点，则其电势能逐渐增大D.若将自点竖直向上移动至B点，则其电势能始终不变〖答案〗BC〖解析〗A．由几何关系可知，A、B两点的电场强度方向不同，A错误；B．若将自点竖直向上移动至B点，则距离、越来越远，、对其电场力逐渐减小，且两力夹角逐渐增大，故其所受静电力逐渐减小，B正确；C．若将自点竖直向上移动至C点，则、均对其左负功，故其电势能逐渐增大，C正确；D．若将自点竖直向上移动至B点，则对它做正功，对它做负功，且正功大于负功，故总功为正，故其电势能减小，D错误。故选BC。11.一列简谐横波沿x轴传播，在时的波形如图甲所示，M、N、P、Q是介质中的四个质点，已知N点的平衡位置在处，N、Q两质点平衡位置之间的距离为16m。如图乙所示为质点P的振动图像。下列说法正确的是（）A.该波的波长为24mB.该波的波速为120m/sC.质点P的平衡位置位于处D.从开始，质点Q比质点N早s回到平衡位置〖答案〗ABD〖解析〗AB．由乙图知周期T=0.2s，甲图中N点的位移为-5cm，该波的振幅为10cm，故M、N两质点间平衡位置间距离与波长的关系为N、Q两质点平衡位置之间的距离为16m波长该波的波速故AB正确；C．质点P的振动方程t=0.125s时，P的位移，M、P两质点平衡位置间的距离与波长的关系为质点P平衡位置位于处，故C错误；D．由乙图知从t=0.125s开始，质点P向y轴负方向运动，结合甲图知波向x轴负方向传播，由甲图知质点Q经回到平衡位置；质点N回到平衡位置时间质点Q比质点N早回到平衡位置的时间为故D正确。故选ABD。12.如图甲所示，两点间接入电压如图乙变化的交流电源，电阻，滑动变阻器初始状态电阻为，理想变压器原、副线圈匝数比为，则（）A.若滑动变阻器时，电流表示数为B.若滑动变阻器滑片向右移动时，的功率逐渐减小C.若改变滑动变阻器阻值，使的功率最大时，此时D.若保持滑动变阻器不变，只改变原副线圈开数比，使功率最大时，原副线圈匝数比为〖答案〗BD〖解析〗A．电源的有效值将滑动变阻器与变压器作为一个整体，则等效电阻为若滑动变阻器时，流过原线圈的电流根据解得A错误；B．若滑动变阻器滑片向右移动时，滑动变阻器接入电阻增大，根据上述，等效电阻增大，根据可知，通过原线圈的电流减小，根据可知，若滑动变阻器滑片向右移动时，的功率逐渐减小，B正确；C．变压器不消耗功率，将电阻等效为电源的内阻，当变压器等效电阻结合上述有时，消耗的功率最大，即若改变滑动变阻器阻值，使的功率最大时，此时C错误；D．根据上述，若保持滑动变阻器不变，只改变原副线圈开数比，使功率最大时，则有解得D正确。故选BD。13.如图所示，闭合的等腰直角三角形金属线框以速度v向右匀速穿过磁感应强度为的条形匀强磁场区域（运动过程中边始终与磁场边界平行）。已知金属线框单位长度的电阻为r，直角边长为d，磁场区域宽度为。则下列说法正确的是（）A.当线框刚进入磁场区域时，直角边产生电动势大小B.线框进入磁场过程中A、C两点间电势差恒定不变C.当线框的水平直角边恰好进入一半时，导线内电流的大小D.线框从图示位置到完全穿过磁场过程中通过线框某一横截面的电量为零〖答案〗ACD〖解析〗A．线框刚进入磁场区时，切割磁感线有效长度刚好为边AC的长度，根据得选项A正确；C．当线框的水平直角边恰好进入一半时，切割磁场的导体有效长度为，此时回路总电阻由闭合电路欧姆定律得选项C正确；B．线框进入磁场过程中切割磁场的导体有效长度发生变化，总电阻不变，则电路中电流发生变化，因此A、C两点间电势差不会恒定不变，选项B错误；D．通过导体横截面的电量线框从图示位置到完全穿过磁场过程中，磁通量变化，则通过线框某一横截面的电量为零，选项D正确。故选ACD。三、实验题：本题共2小题，共20分。把〖答案〗写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。14.（1）某同学通过图所示的实验装置，利用玻意耳定律来测定一颗形状不规则的冰糖的体积。①将冰糖装进注射器，通过推、拉活塞改变封闭气体的体积和压强。若实验过程中不慎将活塞拔出针筒，则______（填“需要”或“不需要”）重做实验。②实验中通过活塞所在刻度读取了多组体积V及对应压强，为了在坐标系中获得直线图像，应选择______。A．图像B．图像C．图像D．图像③选择合适的坐标后，该同学通过描点作图，得到直线的函数图像如图所示，忽略传感器和注射器连接处的软管容积，则这颗冰糖的体积为______。（2）某同学制作了一个“加速度测量仪”，用来测量垂直电梯竖直上、下运行时的加速度，其构造如图1所示：将一根轻弹簧的上端固定在竖直放置且带刻度的“「”形光滑小木板上端，当弹簧下端悬挂重物并静止时，指针指向位置；当弹簧下端悬挂重物并静止时，指针指向位置。实际测量时，该同学在该弹簧下端固定重物，重力加速度取，所有计算结果保留两位有效数字。①该弹簧的劲度系数______②实际测量时，当指针指到位置时，垂直电梯运行的加速度大小为______③如图2所示，将该加速度测量仪水平使用，若指针仍指到位置，则水平加速度大小______〖答案〗（1）需要Cb（2）101.09.0〖解析〗（1）①[1]若实验过程中不慎将活塞拔出针筒，针筒内封闭气体与外界相连，压强改变，无法继续实验，需要重做实验；②[2]设冰糖的体积为，根据玻意耳定律则则图像为直线。故选：C。③[3]根据，结合图像可知这颗冰糖的体积为b。（2）①[4]根据胡克定律②[5]实际测量时，弹簧对小球的拉力根据牛顿第二定律解得方向竖直向下；③[6]将该加速度测量仪水平使用，若指针仍指到位置，拉力仍为根据牛顿第二定律解得15.某物理兴趣小组欲将电流表改装成量程为的电压表。小组同学先用如图甲所示的电路测量电流表的内阻，提供的实验器材有：A.电流表（量程为，内阻约为）；B.电流表（量程为，内阻约为）；C.定值电阻（阻值为）；D.定值电阻（阻值为）；E.滑动变阻器R；F.一节新的干电池E；G.开关S及导线若干。（1）图甲中的电阻应选用______（填“C”或“D”）。（2）根据图甲，用笔画线代替导线，补充完成图乙中实物间的连线。（）（3）正确连接线路后，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，获得多组的示数和的示数，将对应的数据在坐标系中描点，作出图像如图丙所示，的内阻为______（结果保留三位有效数字）。（4）给串联一个阻值为______（结果保留三位有效数字）的定值电阻，可将改装成量程为的电压表V。（5）用标准电压表与V并联进行校准。当的示数为时，的示数为，则V的实际量程为______V（结果保留三位有效数字）。〖答案〗（1）C（2）（3）300（4）14.7（5）15.5〖解析〗（1）[1]当电流表A1、A2满偏时，A1并联的电阻约为图甲中的电阻应选用C；（2）[2]根据图甲，用笔画线代替导线，补充完成图乙中实物间的连线如图所示（3）[3]根据串并联电路特点和欧姆定律有整理得根据图像可得代入数据解得（4）[4]将改装成量程为的电压表，需要串联