2024湖北省宜荆荆高三下学期5月高考适应性考试物理试题及答案

宜荆荆五月高考适应性测试物理试题一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求．每小题全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。12022年9镥177的自主可控及批量生产入选。该成果破解了多年来我国对其大量依赖进口的局面。镥177的半衰期约为6.7天，衰变时会辐射γ射线。其衰变方程为171172X，下列说法正确的是（）A．该反应产生的新核比的比结合能小B．衰变时放出的X粒子的电离本领比γ射线弱C．衰变时放出的X粒子来自于镥177内中子向质子的转化D．100克含有镥177的药物经过13．4天后，将有25克的镥177发生衰变2．2023年2月26日，中国载人航天工程三十年成就展在中国国家博物馆举行，展示了中国载人航天发展历程和建设成就。如图所示是某次同步卫星从轨道1变轨到轨道3，点火变速在轨道P、Q两点，P为轨道1和轨道2的切点，Q为轨道2和轨道3的切点。轨道1和轨道3为圆轨道，轨道2为椭圆轨道。设轨道1、轨道2和轨道3上卫星运行周期分别为T、T和T。下列说法正确的是（）123A．卫星在轨道3上的动能最大B．卫星在轨道3上Q点的加速度大于轨道2上P点的加速度C．卫星在轨道2上由P点到Q点的过程中，由于离地高度越来越大，所以机械能逐渐增大T123T223T2D．卫星运行周期关系满足3323．某品牌电动汽车以额定功率在平直公路上匀速行驶，在t₁时刻突发故障使汽车的功率减小一半，司机保ttt）212A．汽车的加速度逐渐增大C．汽车的速度先减小后增大B．汽车的加速度逐渐减小D．汽车的速度先增大后减小4t=0.1s时刻的波形图，P是平衡位置在x=1.5m处的质点，Q是平衡位置在x=12m处的质点；图乙为质点Q的振动图像，下列说法正确的是（）A．这列波沿x轴负方向传播B．在t=0.25s时，质点P的位置坐标为1.5m,5C．从t=0.1s到t=0.25s的过程中，质点Q的位移大小为30cm时（n=0、1、2…）到达波峰0.1250.2nsD．从t=0时刻开始计时，质点P在t，定值电阻5．如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为21，电源的输出电压u302sin100tVR20，RR的最大阻值为5Ωab132理想电表。现将滑动变阻器滑片P置于b端，则（）A．电流表示数为2AB．电压表示数为10VC．滑片P由b向a缓慢滑动，3消耗的功率减小D．滑片P由b向a缓慢滑动，变压器的输出功率减小6．如图所示，长方形ABCD所在平面有匀强电场，E、F分别为AB边、CD边中点，已知AB边长为8cm、BC边长为4cm。将电子从C点移动到D点，电场力做功为20eVE点移动到F点，电场力做功为-10eV，不计所有粒子重力，下列说法正确的是（）A．长方形ABCD的四个顶点中，D点的电势最高B．匀强电场的电场强度大小为52V/C．沿AC连线方向，电势降低最快D．从D点沿DC方向发射动能为4eV的电子，在以后的运动过程中该电子最小动能为2eV7．如图甲所示，物体a、b间拴接一个压缩后被锁定的轻质弹簧，整个系统静止放在光滑水平地面上，其中a物体最初与左侧的固定挡板相接触，b物体质量为4kga物体离开挡板后的某时刻开始，b物体的vt图象如图乙所示，则可知（）A．a物体的质量为1kgB．a物体的最大速度为2m/sC．在a物体离开挡板后，弹簧的最大弹性势能为6JD．在a物体离开挡板后，物体a、b组成的系统动量和机械能都守恒8MN1C点，底边AB与屏幕MN平行。激光a垂直于AB边射向AC边的中点O，恰好发生全反射，光线最后照射在屏幕MN上的Ec，下列说法正确的是（）A．光在透明介质中发生全反射的临界角为30°23B．该透明介质的折射率为33C．光在透明介质中的传播速度为c243lD．光从射入AB面开始到射到E点的时间为4c9MNPQ两条平行光滑固定金属导轨与水平面的夹角为LM和P之间接阻值为Rd的匀强磁场I和ⅡB、BI的下边界与磁场Ⅱ的上边界间距为3dmR的导体12棒从距磁场I上边界距离为d处由静止释放，导体棒恰好分别以速度v、v匀速穿过磁场I和Ⅱ12过磁场I和Ⅱ的过程中通过导体棒横截面的电荷量分别为q、q，定值电阻R上产生的热量分别为Q、1212。导轨电阻不计，重力加速度为g，在运动过程中导体棒始终垂直于导轨且与导轨接触良好，则（）A．221C．12B．122D．QQsin1210R=0.4mABCDCD两点与圆心O等高．一个质量为m=2kg的光滑小球套在圆环上，一根轻质弹簧一端连在小球上，另一端固R定在PP点在圆心O的正下方A2为R，弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度为g10m/s2．下列说法正确的有（）A．弹簧长度等于R时，小球的动能最大B．小球在A、B两点时对圆环的压力差的大小为80NC．小球运动到B点时的速度大小为4m/sD．从A点运动到B点的过程中，小球的机械能先增大后减小，在D点小球的机械能最大二、非选择题：本题共5小题，共60分．118分）在“用单摆测量重力加速度的大小”实验中：（1____________cm为1mm0摆长为_____________m（2）将单摆正确悬挂后进行如下操作，其中正确的是_______A．实验时可以用秒表测量摆球完成1次全振动所用时间并作为单摆的周期B．把摆球从平衡位置拉开一个很小的角度静止释放，使之做简谐运动C．实验时将摆球拉开一个很小的角度静止释放，并同时启动秒表开始计时D．摆球应选体积小，密度大的金属小球（3）用多组实验数据作出T2Lg。已知三位同学作出的TL图线的示意图2如图丙中的abca和bb和cb对应的g值最接近当地重力加速度的值。则相对于图线b，下列分析正确的是________A．出现图线a的原因可能是误将悬点到小球下端的距离记为摆长LB．出现图线c的原因可能是误将51次全振动记为50次C．图线c对应的重力加速度g大于图线b对应的g值1210分）多用电表是实验室中常用的测量仪器，如图甲所示为多量程多用电表示意图。（1）通过一个单刀多掷开关S，接线柱B可以分别与触点1、2、3、4、5接通，从而实现使用多用电表测ER、R、R345AB分别与两表笔相接。R、R、R、RG的满偏电流为20mAR1245g知RR5R。关于此多用电表，下列说法正确的是__________；12gA．图中B是黑表笔B．当S接触点1或2时，多用电表处于测量电流的挡位，且接1比接2时量程小C．当S接触点3时，多用电表处于测电阻的挡位，电源的电动势越大，欧姆表的内电阻越大D．当S接触点4、5时，多用电表处于测量电压的挡位，且接5比接4时量程大（2）该学习小组将“B”端与“3”相接，将A、B表笔短接，调节进行欧姆调零后测量未知电阻。得到通过表头GE=_______V（结果保留__________（填“×1”“×10”或“×1k”）倍率的欧姆挡进行测量未知电阻。（3）实验小组用多用电表电压挡测量电源的电动势和内阻。器材有：待测电源（电动势约为8V05.0，多用电表一只，电阻箱一只，连接实物如图11丁所示，正确操作后测得电阻箱接入电路的阻值R及其两端电压U，记录多组数据后，得到对应的UR图，如图丙所示，则电动势E__________V，内阻r__________Ω1310分）在五四青年节“放飞梦想”的庆典活动上，五颜六色的氦气球飞向广阔天空。用一个容积为50L1.0×107Pa10L内气体压强为1.5×105Pa，设充气过程中罐内气体、气球内气体温度始终与大气温度相同，求：（1）用一个氦气罐充了20个气球后，罐内剩余气体的压强为多少；（2）氦气球释放后飘向高空，当气球内外压强差达2.7×104Pa时发生爆裂，此时气球上升了3km。已知气球释放处大气温度为300K，大气压强为1.0×105Pa，高度每升高1km，大气温度下降6℃，大气压强减小1.1×104Pa，则氦气球爆裂时体积为多少。1414分）如图所示，倾角37的传送带始终以速度05m/s顺时针运动，其顶端平台上固定一个m=2kgt=0做匀加速运动。t时，物块速度增加至v，且卷扬机的输出功率达到最大值，此后卷扬机保持该最大10输出功率不变，直到t2时物块运动至传送带顶端。缆绳质量忽略不计，重力加速度sin370.6，cos370.8。求：回g10m/s2，（1）传送带表面与物块之间的动摩擦因数；（2）在这2s内，卷扬机的平均输出功率；（3）物块沿传送带上升的过程中，传送带对它做的功W。1518所示。已知半径为R的足够长水平圆柱形区域内，分布着水平向右的匀强磁场I，已知大小为B场区域I外侧分布有厚度为L（长度未知）的环形磁场Ⅱ，其磁感应强度大小处处相等也为B，其横截面图mqI区最低点以大小为的速度竖直向下射入磁场Ⅱ，不计粒子的重力和空气阻力，不考虑相对论效应。求：（1）要使氘核不射出磁场Ⅱ区边界，Ⅱ区厚度L的最小值；（2）该氘核从出发到第二次回到磁场I最低点需要的时间；（3）若氘核从磁场I最低点以大小为2v，与水平方向夹角60的速度射入磁场Ⅱ出发到第二次回到磁场I最低点的水平位移是多少。宜荆荆五月高考适应性测试物理试题答案题号答案12345678910CDBBCDCBCDABBC1C【详解】A．衰变时放出核能，故产生的新核比的比结合能大，选项A错误；C．根据核反应中电荷数与质量数守恒判断，反应方程为17117201e01eββ射线是由原子核中的中子转化成一个质子和一个电子产即衰变方程中的X为电子生的，选项C正确；B．衰变时放射出的射线电离本领最弱，选项B错误，D．经过13.4天后，剩余25克的镥177，选项D错误。2DGM【详解】A．在圆轨道，v，故卫星在轨道3上的动能最小，A错误；rCMmB．由F，轨道3上Q点的加速度小于轨道2上P点的加速度，B错误：r2C．轨道2上从P到Q点只有万有引力做功，机械能不变，C错误；r3r3121D．根据开普勒第三律k，对轨道1有kT2Trr31333332r同理对2、3有kk22T213322322D正确。联立可得33B【详解】当汽车匀速运动时P=Fv=fv，汽车功率突然减小一半，由于速度来不及变化，根据P=FvFfF<fa0am动，速度减小，又导致牵引力增大，根据牛顿第二定律，知加速度减小，当牵引力增大到等于阻力时，加速度减少到0tt12故B正确，ACD错误。4B【详解】A．根据图乙，t=0.1s时，质点Q向下振动，所以这列波沿x轴正方向传播，A错误：B．根据乙图，波的周期为T=0.2s3t=0.1s时质点Pt=0.25stT4质点P回到t=0.1s时的初始位置，坐标为1.5m,5，B正确；3C．从t=0.1s到t=0.25s的过程中，历时T，质点Q运动到波峰，其位移大小为10cm，C错误；412D．波速为vm/s60m/sT0.2（n=0、1、2…）D错误．0.0750.2ns根据图甲，t=0.1s时刻开始计时，质点P到达波峰的时刻t5C【详解】AB，题图的电路图可以等效为设原线圈两端电压为U，副线圈两端电压为U，又因为理想变压器原副线圈的功率相等，有1222U132Un12U111整理有RRRR3232RR2U2232，因为电流表和电压表测量的为有效值，电源的有效值为30V，电源的电压输出为u302sin100tV有电流表的示数为I1.0AR12R3原线圈两端电压的有效值为U有有R1U有1U2有2电压表测量的是副线圈两端的电压，即整理有U2有5V故AB错误：C．当滑片P从b向a缓慢滑动过程中，2阻值变大，根据电流规律可知，总电阻变大，结合之前的分析RR13PI2F，所以功率减小，故C项正确；根据D．由之前的分析，可以将电阻1与电源放在一起，等效成新电源，其副线圈输出功率变为新电源的输出功率，有电源的输出功率的规律可知，当等效电阻等于新电源的内阻20Ω时，即2，其输出功率最大，所以在滑片从b向a缓慢滑的过程中，其副线圆的输出功率先增大，后减小，故D项错误。6DWACUC点移动到D20eVqUCD20V．将电子从E点移动到F点，电场力做功为-10eV．则有U10V．取F点电势为零，CD10V．由于F为CD边中点。则有EE2可得10V，10V，则DE为等势面。根据等势面与电场线垂直，沿电场线方向电势逐渐降低，CD可知电场线沿AF方向，如下图所示，沿AF方向电势降低最快，A点的电势最高，故AC错误；U10V522B．匀强电场大小为E，故B错误；cos452D．从D点沿DC方向发射动能为4eV的电子。则该电子在电场中做类斜地运动，则当电子沿电场线方向上的分速度为零时，电子的动能最小，此时电子的速度为v451由于动能为E2k21则最小动能为Etmv22eV，故D正确。27C【详解】略8BCD【详解】AB．画出光路图如图所示在界面AC恰好发生全反射，由几何关系可知全反射临界角Ci601233则折射率nsinCA错误，B正确；cC．又nvc3则光在透明介质中的传播速度为vC正确；cn231l33D．由几何关系可得l2OF22423则l443l光从射入AB面开始到射到E点的时间为tvc4cD正确。9AB【详解】A．当导体棒在导轨上无磁场区域运动过程，根据牛顿第二定律mgsinma解得agsin导体棒从静止运动到磁场I上边界过程，根据v2ad21解得导体棒运动到磁场I上边界时的速度为12gdsin同理导体棒从静止运动到磁场Ⅱ上边界过程根据v222add解得222gdsin解得v:v1:2，选项A正确；12BLvB22LvB．受到的安培力为EILBLB2R2R导体种通过两匀强磁场时做匀速直线运动有Fmgsin2mgRsinB112两式联立解得磁感应强度BC．通过导体棒电荷量q，则1选项B正确；L2v212RBLdt2R2RB21两磁场宽度相等，导体棒长度不变，两磁场的磁感应强度大小之比21122则导体棒在穿过匀强磁场I和Ⅱ过程中通过导体棒横截面的电荷量，选项C错误；1D强磁场I过程中，根据能量守恒定律有1mgdsin1解得Qmgdsin12导体棒匀速通过匀强磁场Ⅱ过程中，根据能量守恒定律有22mgdsin1解得Qsin321则Q:Q1:1，且Qmgdsin1212选项D错误。10BC【详解】由题可知，弹簧长度等于R时，弹簧处于原长，在此后的过程中，小球的重力沿轨道的切向分力大于弹簧的弹力沿轨道切向分力，小球仍在加速，所以弹簧长度等于R时，小球的动能不是最大．故A错误．小球在A、B两点时弹簧的形变量相等，弹簧的弹性势能相等，根据系统的机械能守恒得：12mgRmv2，B2解得小球运动到B点时的速度vB2gR4m/s．故C正确．设小球在A、B两点时弹簧的弹力大小为F．在A点，圆环对小球的支持力F1=mg+F；在B点，由圆环，v2由牛顿第二定律得：FFmB，解得圆环对小球的支持力F=5mg+F；则F-F=4mg。由牛顿第2212R三定律知，小球在A、B两点时对圆环的压力差为4mg=80N，故B正确．小球从A到D的过程中。根据功能原理可知。弹簧对小球做的功等于小球机械能的增加量．故D正确．1180.950.993BD/DBC（每空2分）1）[1]根据游标卡尺的读数方法可得，摆球的直径为0.9cm+5×0.1mm=0.95cm[2]单摆的摆长为摆线的长度加上摆球的半径，由图乙可得，摆线的长度为98.8cm，则摆长为0.95L2（2）A．用秒表测量单摆完成1次全振动所用时间并作为单摆的周期误差较大，应用累积法测量周期，即t记录n次全振动的时间t，则周期为T，A错误；nB．把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度释放，使之做简谐运动，B正确；C．为减小测量误差，在摆球经过平衡位置时开始计时，C错误：D．为了减小摆球摆动过程中的空气阻力，摆球应选体积小，密度大的金属小球，所以D正确；故选BD；LA，若测量提长时忘了加上摆球的半径，则摆长变成摇线的长度L，则有T22gLgr根据数学知识可知，对T2L图象来说T222gL2gT2与b线r2是截距；故作出的TL图象中a线的原因，可能是误将悬点到小球上2斜率相等，两者应该平行，g端的距离记为摆长L。故A错误；T2B．图线c的斜率变小，根据kL可知可能是T变小或L变大，误将51次全振动记为50次则周期T变大，B错误；2C．由kg2可知g则k变小，重力加速度g变大，C正确；故选C；k1210CD/DC3.60×108.334.00（每空2分）1）[1]A．图中B接3接线柱时，由于B连接的是电源负极，根据电流从红表笔流入，从黑表笔流出，因此B为红表笔．故A错误：BS接触点1或21时左边的电阻为分流电阻，即一个电阻为分流电阻：接2时两个电阻申联后为分流电阻，所以S接1时分流电图小，故接1时的量程更大，故B错误；CS接点3欧姆表的内电阻就越大，故C正确：D．当开关S接4或5时．多用表为电压挡。但接45时两个电阻串联后的总电阻为分压电阻，所以接5时分压电阻的阻值要大，故接5时量程更大，故D正确。故选CD；（2）略[3]通过分析可知欧姆表中值电阻为150Ω，则该小组使用多用电表的“×10”倍率的欧姆挡进行测量未知电阻。U（3）