江苏省泗洪县洪翔中学沭阳县修远中学2024-2025学年高一物理下学期5月月考试题含解析

PAGE江苏省泗洪县洪翔中学、沭阳县修远中学2024-2025学年高一物理下学期5月月考试题（含解析）（试卷分值：100分，考试时间：75分钟）一、选择题：本大题共27小题，每小题3分，共计81分．在每小题的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。1.物理学发展历程中，在前人探讨基础上经过多年的尝试性计算，首先发表行星运动的三个定律的科学家是A.哥白尼 B.第谷 C.伽利略 D.开普勒【答案】D【解析】开普勒首先发表了开普勒行星运动三定律，故D正确．2.2015年7月14日，“新视野”号太空探测器近距离飞掠冥王星，如图所示．在此过程中，冥王星对探测器的引力()A.先变大后变小，方向沿两者的连线指向冥王星B.先变大后变小，方向沿两者的连线指向探测器C.先变小后变大，方向沿两者的连线指向冥王星D.先变小后变大，方向沿两者的连线指向探测器【答案】A【解析】【详解】依据万有引力定律，万有引力与物体之间的距离的二次方成反比，故在探测器飞掠冥王星的过程中，随着它与冥王星间距离r先减小，后增大，那么冥王星对探测器的引力先变大，后变小，而引力的方向沿两者的连线指向冥王星．A．先变大后变小，方向沿两者的连线指向冥王星，与结论相符，选项A正确；B．先变大后变小，方向沿两者的连线指向探测器，与结论不相符，选项B错误；C．先变小后变大，方向沿两者的连线指向冥王星，与结论不相符，选项C错误；D．先变小后变大，方向沿两者的连线指向探测器，与结论不相符，选项D错误．3.如图所示，两球间的距离为r，两球的质量分布匀称，质量大小分别为m1、m2，半径大小分别为r1、r2，则两球间的万有引力大小为()A.B.C.D.【答案】D【解析】两个球的半径分别为r1和r2，两球之间的距离为r，所以两球心间的距离为r1+r2+r，依据万有引力定律得两球间的万有引力大小为：，故D正确，ABC错误．4.我国放射的“神舟六号”载人飞船，与“神舟五号”飞船相比，它在更高的轨道上绕地球做匀速圆周运动，如图所示，下列说法中正确的是（）A.“神舟六号”的速度较小B.“神舟六号”的速度与“神舟五号”的相同C.“神舟六号”的周期更短D.“神舟六号”的周期与“神舟五号”的相同【答案】A【解析】【详解】依据可得，可知“神舟六号”的速度较小，周期较大。故选A。5.1977年放射升空的旅行者1号经过了41年的飞行，确认已飞出了太阳系，则旅行者1号的放射速度v0A.v0<7.9km/s B.7.9km/s<v0<11.2km/sC.11.2km/s<v0<16.7km/s D.v0>16.7km/s【答案】D【解析】【分析】第三宇宙速度是：从地球表面动身，为摆脱太阳系引力场的束缚，飞向恒星际空间所需的最小速度，其值约为16.7km/s．【详解】旅行者1号摆脱太阳系引力场的束缚，所以放射速度v0>16.7km/s，故D正确，ABC错误．【点睛】知道第三宇宙速度的定义、数值，第三宇宙速度的数值是基础学问应记住．6.如图所示，a、b、c为三个完全相同的时钟，a放在水平地面上，b、c分别放在以速度vb、vc向同一方向飞行的两枚火箭上，且vb<vc，则地面的视察者认为走得最慢的钟为（）A.a B.b C.c D.无法确【答案】C【解析】【详解】依据爱因斯坦相对论可知则相对于视察者的速度v越大，其上的时间进程越慢，所以c走的最慢，故C正确，ABD错误。故选C。7.拖拉机耕地时一般比在道路上行驶时速度慢，这样做的主要目的是（）A.节约燃料B.提高柴油机的功率C.提高传动机械的效率D.增大拖拉机的牵引力【答案】D【解析】【详解】因P=Fv，且拖拉机的功率P是肯定的，所以减慢车速v，可以增大拖拉机的牵引力F，故D正确，ABC错误。

故选D。8.一物体质量为1kg，速度为10m/s，它的动能是（）A.5J B.50J C.10J D.100J【答案】B【解析】依据动能表达式有：EK=mv2=×1×102J=50J，故B正确，ACD错误；故选B．9.如图所示，第一次物块放在光滑水平面上，受到水平向右的恒定拉力作用；其次次物体放在粗糙的斜面上，受到沿斜面对上的恒定拉力作用．两次拉力大小相等，物块运动的位移大小也相等，两次拉力对物块做的功分别为W1、W2，则下列说法正确的是A.W1=W2 B.W1<W2C.W1>W2 D.无法比较【答案】A【解析】【详解】由题意可知，两次运动中拉力大小相等，位移的大小相等，并且力和位移均在同始终线上，依据W=FL可知，两次拉力做功相等。A．W1=W2与分析相符，故A正确。B．W1<W2与分析不符，故B错误。C．W1>W2与分析不符，故C错误。D．无法比较与分析不符，故D错误。10.如图所示，一个物体在恒力F的作用下，从静止起先沿光滑的水平面运动，经过时间t，物体通过距离为x，速度达到v，则在t时刻力F的功率P为A.0 B.FxC. D.Fv【答案】D【解析】【详解】由功率的公式可只，D正确；故选D。11.如图中，虚线是一跳水运动员在跳水过程中其重心运动的轨迹，则从起跳至入水的过程中，该运动员的重力势能()A.始终减小 B.始终增大C.先增大后减小 D.先减小后增大【答案】C【解析】试题分析：重力势能的大小与高度有关，在上升过程中重力势能增大，在下降过程中重力势能减小，故选C考点：考查重力势能点评：本题难度较小，重力势能的大小与高度的关系是关键12.如图所示（弹簧与木块未连接），处于压缩状态的轻质弹簧将木块由静止向右弹出，此过程中（）A.弹簧对木块做正功，弹性势能削减B.弹簧对木块做正功，弹性势能增加C.弹簧对木块做负功，弹性势能削减D.弹簧对木块做负功，弹性势能增加【答案】A【解析】【详解】弹簧处于压缩状态，对木块的作用力向右，位移方向也向右，所以弹簧对木块做正功，则弹性势能削减，故A正确，BCD错误．13.一个人站在阳台上在同一位置，以相同的速率分别把三个球竖直向上抛出，竖直向下抛出，水平抛出，不计空气阻力．则三球落地时的速度大小（）A.上抛球最大 B.下抛球最大 C.平抛球最大 D.三球一样大【答案】D【解析】【详解】由机机械能守恒定律可得：解得所以三球落地时的速度大小相等．A上抛球最大与上述计算结果不符，故A不符合题意；B.下抛球最大与上述计算结果不符，故B不符合题意；C.平抛球最大与上述计算结果不符，故C不符合题意；D.三球一样大与上述计算结果相符，故D符合题意．14.在足球赛场上，某运动员用力踢出质量为0.4kg的足球，使足球获得20m/s的速度，则该运动员对足球做的功是（）A.0J B.80J C.160J D.条件不足，无法确定【答案】B【解析】【详解】依据能量守恒关系，运动员对足球做功等于足球获得动能，即：，ACD错误B正确15.在建筑工地上，塔吊先将重1000N的建筑材料竖直向上吊起10m，再沿水平方向移动20m．则在此过程中，重力做的功为()A.1×104J B.－1×104JC.3×104J D.－3×104J【答案】B【解析】【详解】过程中在竖直方向上的位移为10m，重力做负功，故重力做功为，B正确；16.真空中有两个点电荷，它们间静电力为，假如保持它们所带的电量不变，将它们之间的距离增大为原来的4倍，它们之间的作用力大小等于（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【详解】由点电荷库仑力的公式可以得到，电量不变，当距离增大到原来的4倍，库仑力将变为原来的，故D正确，ABC错误。故选D。17.在电场中的某点放入电荷量为的摸索电荷时，测得该点的电场强度为E；若在该点放入电荷量为的摸索电荷，此时测得该点的电场强度为（）A.大小为E，方向和E相同 B.大小为2E，方向和E相同C.大小为E，方向和E相反 D.大小为2E，方向和E相反【答案】A【解析】【分析】电场强度是由电场本身确定，与摸索电荷无关，故放入电荷量为+2q的摸索电荷时的电场强度与放入电荷量为-q的摸索电荷时的电场强度相同．【详解】电场强度是描述电场强弱和方向的物理量，是摸索电荷所受的电场力F与摸索电荷所带的电荷量q的比值，由电场本身确定，故与摸索电荷的有无、电性、电量的大小无关．故在该点放入电荷量为-q的摸索电荷时电场强度为E，改放电荷量为+2q的摸索电荷时电场强度大小仍为E，方向和E相同．故A正确．故选A．【点睛】解决本题的关键是理解电场强度的物理意义：电场强度是由电场本身确定，与摸索电荷无关．18.下列说法错误的是（）A.丝绸与玻璃棒摩擦后，丝绸带正电B.带电体所带电荷量的最小值是1.6×10－19CC.同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引D.一个与外界没有电荷交换系统，电荷的代数和保持不变【答案】A【解析】【详解】A．毛皮与橡胶棒摩擦后的毛皮带正电，丝绸与玻璃棒摩擦后的丝绸带负电，故A错误；B．物体带电量的最小值为元电荷，即为1.6×10－19C，故B正确；C．通过探讨我们发觉，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故C正确；D．依据电荷守恒定律得一个与外界没有电荷交换的系统，电荷的代数和保持不变，故D正确。本题选错误的，故选A。19.某静电场的电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度分别为EP和EQ．则A.EP＜EQ，方向不同B.EP＞EQ，方向相同C.EP＞EQ，方向不同D.EP＜EQ，方向相同【答案】C【解析】【详解】由图P点电场线密，电场强度大，EP＞EQ，电场强度的方向为电场线在该点的切线方向，所以方向不同，故C正确．20.两个带异种电荷的物体间距离增大一些时（）A电场力做正功，电势能增加 B.电场力做负功，电势能增加C.电场力做正功，电势能削减 D.电场力做负功，电势能削减【答案】B【解析】【详解】两个异种电荷物体相互吸引，间距增大，库仑引力做负功，电势能增加，ACD错误B正确21.电场中有A、B两点，将一电荷量为q=＋3.2×10－19C的摸索电荷从电场中的A点移至B点，电场力做功为6.4×10－20J，则A、B两点间的电势差UAB等于（）A.0.5V B.0.2V C.－0.5V D.－0.2V【答案】B【解析】【详解】A、B两点间的电势差故B正确，ACD错误。故选B。22.如右图所示的可变电容器，旋转动片使之与定片渐渐重合．则电容器的电容将A.渐渐增大 B.渐渐减小C.保持不变 D.先增大后减小【答案】A【解析】【详解】旋转动片使之与定片渐渐重合时，相当于增加了电容器的正对面积，则由电容器的确定式C=可知，电容将渐渐增大，故BCD错误，A正确．故选A．【点睛】本题考查平行板电容器确定式的应用，要留意明确平行板电容器是通过变更旋转动片来变更正对面积，从而起到变更电容的作用．23.如图所示为某点电荷形成的电场，A、B两点为电场线上两点，则（）A.点电荷带负电，EA>EBB.点电荷带正电，EA<EBC.点电荷带负电，φA>φBD.点电荷带正电，φA<φB【答案】C【解析】【分析】电场线从正电荷或无穷远动身到负电荷或无穷远终止．电场线的疏密表示场强的大小，沿电场线的方向电势降低．结合这些学问分析．【详解】依据电场线分布的特点：电场线从正电荷或无穷远动身到负电荷或无穷远终止．可知该电场是负点电荷形成的．A处电场线比B处电场线疏，则知EA＜EB．沿电场线的方向电势降低，所以φA＞φB．故C正确，ABD错误．故选C．【点睛】明确负电荷四周电场分布状况是解题关键，留意场强是矢量，离点电荷越近，场强越强．24.一根粗细匀称的电阻丝，其电阻为R。在温度不变的状况下，将电阻丝匀称地拉长为原来的2倍，则其电阻变为（）A.4R B.2R C.R D.R【答案】A【解析】【详解】设原先导线的长度为L，横截面积为S；当电阻丝匀称地拉长为原来的2倍时，导线变为2L，横截面积为，据电阻定律得即故A正确，BCD错误。故选A。25.一只白炽灯泡，正常发光时的电阻为121Ω，当这只灯泡停止发光一段时间后的电阻应是（）A.大于121Ω B.小于121Ω C.等于121Ω D.无法推断【答案】B【解析】【详解】白炽灯的电阻随温度的减小而减小，停止发光，则温度减小，所以电阻减小，故电阻应小于121Ω，故B正确，ACD错误。故选B。26.若通过一段导体的电流是2A，则1分钟内通过该导体某截面的电量为A.2C B.0.5C C.120C D.200C【答案】C【解析】【分析】.【详解】依据q=It可知q=2×60C=120C，故选C27.电阻R1与R2并联在电路中，通过R1与R2的电流之比为1∶2，则当R1与R2串联后接入电路中时，R1和R2两端电压之比U1∶U2为（）A.1∶2 B.1∶4C.2∶1 D.4∶1【答案】C【解析】【详解】当R1、R2并联接入电路中时，电压相等，则R2：R1=I1：I2=1：2电阻R1、R2串联在电路中时，电流相等，则U1：U2=R1：R2=2：1故C正确，ABD错误。故选C。二、填空题：把答案填在答题卡相应的横线上（共6分）。28.如图所示，用重物自由下落的方法验证机械能守恒定律．（只需填A或B，下同）（1）试验装置中所用打点计时器应接________电源．A.直流B.沟通（2）试验时，应_______A.先接通电源后松开纸带B.先松开纸带后接通电源（3）本试验是为了验证重物的________总和是否保持不变．A.动能和势能B.速度和下落的高度【答案】(1).B(2).A(3).A【解析】【详解】(1)[1]试验装置中所用打点计时器应接沟通电源，所以B正确，A错误；(2)[2]起先记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，假如先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对试验产生较大的误差．所以A正确，B错误．(3)[3]本试验是用重物自由下落的方法探究机械能守恒定律，即探究重物的动能和势能总和是否保持不变，所以A正确，B错误.三、计算题：本大题共2小题，共13分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最终答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必