四川省眉山一中办学共同体2025届高二物理第一学期期中复习检测试题含解析

四川省眉山一中办学共同体2025届高二物理第一学期期中复习检测试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、属于静电利用现象的是（）A．油罐车上连接地线B．屋顶按装避雷针C．复印机复印文件资料D．印染厂车间保持湿度2、关于并联电路，下列说法中错误的是（）A．总电阻值必小于每一条支路电阻阻值B．其中一只电阻阻值增大时，总电阻阻值必增大C．拿掉一只电阻时，总电阻阻值必增大D．增加的并联支路越多，总电阻阻值越大3、如图所示，一个物块在与水平方向成α角的拉力F作用下，沿水平面向右运动一段距离x。在此过程中，拉力F对物块所做的功为（）A．Fxsinα B． C．Fxcosα D．4、如图所示，一闭合导线框从水平有界匀强磁场上方竖直下落，下落过程线框保持竖直．从线框开始进入磁场到完全进入磁场前的过程中，线框可能做A．匀减速直线运动B．匀加速直线运动C．加速度越来越小的减速直线运动D．加速度越来越大的加速直线运动5、把质量为m的点电荷q在电场中释放,在它运动过程中，如果不计重力,下列说法中正确（）A．点电荷运动轨迹必和电场线重合B．若电场线是直线，则点电荷运动轨迹必和电场线重合C．点电荷的速度方向必定和它所在的电场线的切线方向一致D．点电荷的加速度方向必定和它所在的电场线的切线方向在一直线上6、如图所示,长方形abcd长ad=0.6m,宽ab=0.3m,O、e分别是ad、bc的中点,以ad为直径的半圆内有垂直纸面向里的匀强磁场(边界上无磁场),磁感应强度B=0.25T.一群不计重力、质量m=3×10－7kg、电荷量q=+2×10－3C的带电粒子以速度v=5×102m/s沿垂直ad方向且垂直于磁场射入磁场区域()A．从Od边射入的粒子,出射点全部分布在Oa边B．从aO边射入的粒子,出射点全部分布在ab边C．从Od边射入的粒子,出射点分布在Oa边和ab边D．从aO边射入的粒子,出射点分布在ab边和be边二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的几种情况中，a、b两点的电势相等，电场强度大小也相等的是A．两带电平行板附近处的a、b两点B．两个等量同种电荷连线的中垂线上，与连线中点O等距的a、b两点C．离点电荷等距的a、b两点D．两个等量异种电荷连线的中垂线上，与连线中点O等距的a、b两点8、两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示，一个电荷量为2×10－3C、质量为0.1kg的小物块(可视为质点)从C点静止释放，其运动的v－t图象如图乙所示，其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置(图中标出了该切线)。则下列说法正确的是A．由C到A的过程中物块的电势能先减小后变大B．B点为中垂线上电场强度最大的点，场强大小E＝100V/mC．由C点到A点电势逐渐降低D．A、B两点间的电势差UAB＝500V9、以速度vo水平抛出一小球，如果从抛出到某时刻小球的竖直分位移与水平分位移大小相等，以下判断正确的是A．此时小球的竖直分速度大小等于水平分速度大小B．此时小球的速度大小为C．此时小球速度的方向与位移的方向相同D．小球运动的时间为2vo/g10、在匀强磁场中，一个带电粒子做匀速圆周运动，如果又垂直进入另一磁感应强度是原来的磁感应强度2倍的的匀强磁场，则（）A．粒子的速率加倍，周期减半B．粒子的速率不变，轨道半径减半C．粒子的速率减半，轨道半径为原来的四分之一D．粒子的速率不变，周期减半三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）利用图所示的实验装置研究“平抛运动”的规律。用小锤击打弹性金属片后，小球A沿水平方向弹出，同时小球B自由落下。此后，可以观察到小球A与小球B__________（选填“同时”或“不同时”）落到水平地面上；若小球B在空中运动的时间为t，小球A、B落地点之间的距离为x，则小球A被弹出时的水平初速度υ0=___________。12．（12分）某同学用螺旋测微器测量某物件，结果如图。则螺旋测微器读数为______mm。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，电源电动势、内电阻、、均未知，当a、b间接入电阻＝10时，电流表示数为；当接入电阻时，电流表示数为．当a、b间接入电阻＝118时，电流表示数为多少？14．（16分）相距40km的A、B两地架设两条输电线，电阻共为800Ω。如果在A、B间的某处发生短路，如图所示。这时接在A处的电压表示数为10V，电流表示数为40mA。求发生短路点相距A有多远。15．（12分）如图所示，在倾角为θ=30°的斜面上，固定一宽L=0.25m的平行金属导轨，在导轨上端接入电源和滑动变阻器R．电源电动势E=12V，内阻r=1Ω，一质量m=20克的金属棒ab与两导轨垂直并接触良好．整个装置处于磁感应强度B=0.80T、垂直于斜面向上的匀强磁场中，金属棒的电阻R1=1Ω（导轨电阻不计）．金属导轨是光滑的，要保持金属棒在导轨上静止，取g=10m/s2，求：（1）金属棒所受到的安培力的大小；（2）如果通电100秒，金属棒产生的焦耳热是多少？（3）滑动变阻器R接入电路中的阻值．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】油罐车上连接地线，可以把运输过程中会由于摩擦产生静电荷导走，是为了防止静电产生火灾．故A错误．屋顶按装避雷针是将空中静电导入大地，以避免产生雷击，属于静电的防止，故B错误；复印机复印文件资料属于静电的应用，故C正确；保持印染厂车间里的空气湿度使将产生的静电导入大地，属于静电的防止，故D错误．本题选项静电利用现象的，故选C．点睛：本题考查了静电现象，关键理解其工作原理，会分析实际问题．明确静电现象的应用和防止，并会解释相关现象．2、D【解析】

根据公式1R＝1R1+1R2+1R【点睛】本题关键记住求解并联电路总电阻的公式，运用公式分析即可，也可以由电阻并联相当于导体的横截面积增加分析．3、C【解析】

由图可知，力和位移的夹角为，故拉力做的功故C正确，ABD错误。故选C。4、C【解析】

在线框进入磁场的过程中，受向下的重力和向上的安培力作用；当安培力等于重力时，加速度为零，线框做匀速直线运动；当安培力大于重力时，根据牛顿第二定律可得：由于速度减小，所以加速度减小，即此时线框做加速度减小的减速运动；当安培力小于重力时，根据牛顿第二定律可得：由于速度增加，所以加速度减小，即此时线框做加速度减小的加速运动；由上分析可知线框不可能做匀变速直线运动，故选C。5、D【解析】

点电荷运动的轨迹不一定与电场线重合，只有当电场线是直线，而且点电荷没有初速度或初速度方向与电场线在同一直线上时，点电荷的运动轨迹才与电场线重合，A错误；题中初速度不一定为零，若点电荷受到的电场力和初速度方向不共线，则电荷运动轨迹和电场线不重合，由于轨迹不一定与电场线重合，所以其速度方向不一定终与所在点的电场线的切线方向相同，BC错误；电场方向沿电场线的切线方向，所以电荷的受到的电场力方向一定和电场线切线共线，根据牛顿第二定律可得点电荷的加速度方向必定和它所在的电场线的切线方向在一直线上，D正确．6、D【解析】

带电粒子垂直进入匀强磁场，在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，，圆周运动半径，与半圆形磁场的半径相同．从Od边射入的粒子，正电荷受力沿da方向指向圆心，根据半径可判断圆周运动的圆心在oa之间，出射的粒子分布于ab边和be边，而不可能是oa边，选项AC错．从aO边射入的粒子，圆心在oa的正上方，根据运动轨迹与半圆形磁场边界的交点，粒子仍然从ab边和be边射出，选项B错D对．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】

A、平行板电容器中场强相同而电势不同；故A错误．B、两等量同种电荷其连线的中垂线上与连线中点O等距的a、b两点电势相等，电场强度大小也相等；故B正确．C、距离点电荷等势面上的点电势相等，电场强度大小也相等故C正确．D、两等量异种电荷其连线的中垂线上与连线中点等距的任意两点电势为零，电场强度大小也相等故D正确.故选BCD．【点睛】考查了不同电场中电势和场强的知识，其中重点是电势是标量,而场强是矢量．8、BC【解析】

由能量守恒定律分析电势能的变化情况．根据v-t图可知物块在B点的加速度最大，此处电场强度最大，根据牛顿第二定律求场强的最大值．由C到A的过程中物块的动能一直增大，根据电场线的方向分析电势的变化，由动能定理可求得AB两点的电势差．【详解】从速度时间图象可知，由C到A的过程中，物块的速度一直增大，电场力对物块做正功，电势能一直减小，故A错误；带电粒子在B点的加速度最大，为am==2m/s2，所受的电场力最大为Fm=mam=0.1×2N=0.2N，则场强最大值为，故B正确；据两个等量同种正电荷其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧，故由C点到A点的过程中电势逐渐减小，故C正确；从速度时间图象可知，A、B两点的速度分别为vA=6m/s，vB=4m/s，再根据动能定理得

qUAB=mvB2-mvA2=×0.1×（42-62）J=-1J，解得：UAB=-500V，故D错误。故选BC。【点睛】明确等量同种电荷电场的特点是解本题的关键，要知道v-t图切线的斜率表示加速度，由动能定理求电势差是常用的方法．9、BD【解析】

试题分析：A、竖直分位移与水平分位移大小相等，有v1t=，t=，竖直方向上的分速度vy=gt=2v1．故A错误，D正确；B、此时小球的速度，故B正确；C、速度方向为运动轨迹的切线方向，位移方向为初位置指向末位置的方向，两方向不同，故C错误；故选BD．10、BD【解析】

根据粒子在匀强磁场中运动的周期公式可知粒子在磁场中运动的周期跟速率无关，磁感应强度增大一倍，则周期减半，A错误D正确；粒子在磁场中运动过程中，受到的洛伦兹力垂直于速度方向，对粒子不做功，即速率不变，根据粒子做圆周运动的半径公式可知，速率不变，轨道半径减半，B正确C错误．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、同时【解析】用小锤打击弹性金属片后，小球A沿水平方向弹出，同时小球B自由落下，则两球同时落地。平抛运动在水平方向上做匀速直线运动,则初速度为：v0=x/t.点睛：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据两方向上的运动规律进行分析求解．12、4.600【解析】

螺旋测微器的固定刻度为，可动刻度为，所以最终读数为。故答案为：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、0.1A【解析】

当a、b间分别接入电阻R1′、R2′、R3′时，根据闭合电路欧姆定律列式，代入数据，联立方程即可求解．【详解】当a、b间接入电阻R1′=10Ω时，根据闭合电路欧姆定律得：

E＝(I1+)(R1+r)+I1R1′

代入数据得：E=(1+)(R1+r)+10①

当接入电阻R2′=18Ω时，根据闭合电路欧姆定律得：

E＝(I2+)(R1+r)+I2R2′

代入数据得：E=(0.6+)(R1+r)+10.8②

当a、b间接入电阻R3′=118Ω时，根据闭合电路欧姆定律得：

E＝(I3+)(R1+r)+I3R3′

代入数据得：E＝(I3+)(R1+r)+118I3③

由①②③解得：I3=0.1A【点睛】本题主要考查了闭合电路欧姆定律的直接应用，解题的关键是搞清楚电路的结构，解题时不需要解出E、r及R1、R2的具体值，可以用E的表达式表示R2和r+R1，难度适中．14、12.5km【解析】

设发生短路处距离A处有xm，据题意知，A、B两地间的距离l=40km，电压表的示数U=10V，电流表的示