河南省开封市2023-2024学年高二下学期7月期末物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12023—2024学年第二学期期未调研考试高二物理试题本试卷共6页，选择题10题，非选择题5题，共15题，满分100分，考试时间75分钟。注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、考生号、座号填写到相应位置，认真核对条形码上的姓名、考生号和座号，并将条形码粘贴在指定位置上。2.选择题答案必须使用2B铅笔（按填涂样例）正确填涂；非选择题答案必须使用0.5毫米黑色签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3.请按照题号在各题目的答题区域内作答、超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。答题卡面清洁、不折叠、不破损。第Ⅰ卷（选择题共50分）一、选择题（本题共有10小题，每小题5分，共50分。1—6为单选，7—10为多选，选对但选不全得3分，错选不得分。）1.下列事实与光的粒子性无关的是（）A.光电效应 B.康普顿效应C.黑体辐射 D.α粒子散射实验【答案】D【解析】ABC．黑体辐射、光电效应、康普顿效应都说明光具有粒子性，能用光的粒子性解释，都与粒子性有关，ABC错误；D．α粒子散射实验是探究原子的结构所做的实验，与光无关，D正确。2.石墨烯是一种由碳原子紧密堆积成单层二维六边形晶格结构的新材料，一层层叠起来就是石墨，1毫米厚的石墨约有300万层石墨烯。下列关于石墨、石墨烯的说法正确的是（）A.石墨是晶体，石墨烯是非晶体B.石墨烯熔解过程中吸热，碳原子的平均动能不变C.单层石墨烯的厚度约D.碳纳米管是管状的纳米级石墨，碳原子之间的化学键属于强相互作用【答案】B【解析】A．石墨、石墨烯都是晶体，选项A错误；B．石墨烯是晶体，在熔解过程中吸热，温度不变，故碳原子的平均动能不变，B正确。C．由题意可知单层的厚度为选项C错误；D．碳纳米管是管状的纳米级石墨，碳原子之间的化学键属于电磁相互作用，选项D错误。故选B。A.已知碳14是中子撞击大气中的氮发生核反应产生的，则其反应方程为B.假设测得某样品中碳14含量是当前大气中含量的，则该样品距今约为11000年C.碳发生衰变，粒子是碳14核外电子电离形成的D.碳14发生衰变后形成新核的比结合能比碳14更小【答案】A【解析】A．根据核反应质量数和电荷数守恒，反应方程为故A正确；B．根据放射性物质的剩余质量和半衰期的关系满足其中解得该样品距今约为年故B错误；C．碳发生衰变，衰变辐射出的电子是碳原子核内中子转化为一个质子同时放出一个电子形成的，故C错误；D．碳14发生衰变后形成新核更稳定，碳14发生衰变后形成新核更的比结合能比碳14更大，故D错误。故选A。A.时线圈中的电流方向发生变化B.0~2s内线圈中磁通量的变化量为零C.1~2s内线圈中电流方向为顺时针方向D.在第3s末线圈中的感应电动势等于零【答案】C【解析】A．根据楞次定律及安培定律可知，在0~2s内，线圈中产生的感应电流为顺时针方向，电流方向不变，A错误；B．0~2s内线圈中磁通量的变化量不为零，B错误；C．根据楞次定律及安培定律可知，在0~2s内，线圈中产生的感应电流为顺时针方向，C正确；D．根据楞次定律及安培定律可知，在2~4s内，线圈中产生的感应电流为逆时针方向，感应电动势不为零，D错误；故选C。5.如图甲所示，是国产某型号手机无线充电装置，其工作原理图如图乙所示，送电线圈和受电线圈回路中串联的电阻阻值均为R，把送电线圈和受电线圈构成的功能部分视为理想变压器，则下列说法正确的是（）A.将手机换成铝片放到工作的充电器上，铝片会发热B.受电线圈回路中电阻产生的热量比送电线圈中电阻产生的热量小C.若手机电池出现短路故障，送电线圈两端的电压会增大D.若受电线圈中的电流恒为1A时，充满容量为的电池，至少需要100min【答案】A【解析】A．将手机换成铝片放到工作的充电器上，由于充电器产生的磁场是周期性变化的磁场，则铝片会产生涡流，铝片会发热，故A正确；B．根据可知受电线圈回路中电流大于送电线圈中的电流，根据可知受电线圈回路中电阻产生的热量比送电线圈中电阻产生的热量大，故B错误；C．若手机电池出现短路故障，则受电线圈的总电阻变小，将送电线圈和受电线圈的总负载看成一个等效电阻，可知等效电阻阻值变小，根据欧姆定律可知，送电线圈中电流增大，则送电线圈中定值电阻两端电压增大，送电线圈两端的电压减小，故C错误；D．若受电线圈中的电流恒为1A时，充满容量为的电池，至少需要的时间为故D错误。6.在如图所示电路中接入220V正弦交流电，两个灯泡的电阻相同。假设二极管正向电阻为0、反向电阻无穷大。闭合开关S，通过灯泡L1、L2的电流有效值比为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】灯泡L1的电压有效值为灯泡L2的电压有效值为解得故选A。7.下列四幅图分别对应四种说法，其中正确的是（）A.图甲为氧气分子在不同温度下的速率分布图像，由图甲可知状态③的温度最高B.图乙中随着温度的升高，黑体辐射强度的极大值向频率较高的方向移动C.图丙中，洁净的玻璃板接触水面，要使玻璃板离开水面，拉力必须大于玻璃板受到的重力，其原因是玻璃板受到大气压力作用D.图丁中，由气体的摩尔体积、摩尔质量和阿伏加德罗常数，可以估算出气体分子的质量和体积【答案】AB【解析】A．图甲为氧气分子在不同温度下的速率分布图像，温度越高，速率大的分子占比越大，因为③的“腰粗”，则状态③的温度比状态①、②高，故A正确；B．图乙中随着温度的升高，黑体辐射强度的极大值向波长较短，频率较高的方向移动，选项B正确；C．图丙中，洁净的玻璃板接触水面，要使玻璃板离开水面，拉力必须大于玻璃板受到的重力，其原因是玻璃板受到水分子的引力的作用，选项C错误；D．图丁中，用气体的摩尔质量除以阿伏加德罗常数可得气体分子的质量；用气体的摩尔体积除以阿伏加德罗常数可得一个气体分子运动占据的空间的体积，不可以估算出气体分子的体积，选项D错误。故选AB。8.图中为测量储罐中不导电液体高度的电路，将与储罐外壳绝缘的两块平行金属板构成的容C置于储罐中，电容C可通过开关S与电感L或电源相连。当开关从a拨到b时，由电感L与电容C构成的回路中产生的振荡电流如图乙所示。在平行板电容器极板面积一定、两极板间距离一定的条件下，下列说法正确的是（）A.储罐内的液面高度降低时电容器的电容减小B.~时间内电容器放电C.~时间内LC回路中磁场能逐渐转化为电场能D.若电感线圈的自感系数变大，则LC回路振荡电流的频率将变小【答案】AD【解析】A．根据，储罐内的液面高度降低时ε减小，电容器的电容C减小，A正确；B．~时间内，电流减小，磁场减弱，磁场能减小，电场能增大，电容器充电，B错误；C．~时间内，电流增大，磁场增强，磁场能增大，电场能减小，LC回路中电场能逐渐转化为磁场能，C错误；D．根据，若电感线圈的自感系数L变大，则LC回路振荡电流的频率f将变小，D正确。故选AD。9.如图为某款条形码扫描笔的工作原理图，发光二极管发出的光频率为。将扫描笔笔口打开，在条形码上匀速移动，遇到黑色线条光几乎全部被吸收；遇到白色线条光被大量反射到光电管中的金属表面（截止频率），产生光电流，如果光电流大于某个值，会使信号处理系统导通，将条形码变成一个个脉冲电信号。下列说法正确的是（）A.扫描笔在条形码上移动的速度会影响相邻脉冲电信号的时间间隔B.频率为的光照到光电管的金属表面立即产生光电子C.若频率为的光子能量为8eV，则一群氢原子从能级跃迁到能级过程中发出的光，有4种光可以识别条形码D.若部分光线被遮挡，光电子飞出阴极时的最大初动能不变，但光电流减小【答案】ABD【解析】A．由题意，可知扫描笔在条形码上移动速度越快，相邻脉冲电信号的时间间隔就越短，所以扫描笔在条形码上移动的速度会影响相邻脉冲电信号的时间间隔，故A正确；B．只要入射光的频率大于光电管的金属的极限频率，入射光照射该金属时，金属表面瞬间就会有光电子产生，故B正确；C．若频率为的光子能量为8eV，则一群氢原子从n=4能级跃迁到n=1能级过程中发出的光，可以识别条形码的光子的能量至少要大于6.4eV。根据氢原子从高能级向低能级跃迁时释放光子的能量结合能级图，可知满足该条件的光子为4→1，3→1，2→1共3种光可以识别该条形码，故C错误；D．根据光电效应规律可知，若部分光线被遮挡，入射光的频率不变，光强度减弱，则光电子飞出阴极时的最大初动能不变，但光电流减弱，故D正确。故选ABD。10.如图所示为一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C、D后再回到状态A的图像，其中，和图线为双曲线的一部分，为绝热过程。下列说法正确的是（）A.过程中，气体可能向外界放出热量B.过程中，气体一定向外界放出热量C.过程中，只有外界对气体做功D.整个过程中气体从外界吸收热量【答案】CD【解析】A．图线为双曲线的一部分，则过程中，气体做等温变化，气体内能不变，由于气体体积增大，气体对外界做功，根据热力学第一定律可知，气体向外界吸收热量，故A错误；B．和图线为双曲线的一部分，则和过程中，气体做等温变化，图线压强和体积的乘积较大，根据理想气体状态方程可得故过程中，气体温度降低，内能减小，气体体积增大，气体对外界做功，根据热力学第一定律可知，气体可能向外界放出热量，可能向外界吸收热量，可能没有热量传递，故B错误；C．过程中，气体温度升高，内能增大，为绝热过程，根据热力学第一定律可知，只有外界对气体做功，故C正确；D．图像与坐标轴围成的面积表示做功，整个过程中，外界对气体做负功，而气体内能不变，根据热力学第一定律可知，气体从外界吸收热量，故D正确。故选CD。第Ⅱ卷（选择题共50分）二、实验题（本题共有2小题，共14分，11题6分，12题8分）11.某同学在“用油膜法估测油酸分子的大小”实验有两个非常巧妙的设计，请你借鉴这两个设计思路，完成以下实验（1）现需要在一个烧杯中倒入0.01克食盐供以后做实验用，但现有的电子秤最小只能称0.1克的质量，以下方法最合理的是___________A.称量0.1克铺平到10块方格中B.把0.1克食盐充分溶解后，取溶液蒸发结晶C.用放大镜查食盐颗粒数目（2）有一小捆长度相同粗细均匀的细铁丝，要较精确地测量细铁丝的横截面积，采用如下方法测量测量方法：①向量筒中倒入适量水，读取示数；②将10根长度相同的细铁丝放入量筒中，使其被水浸没，读取示数；③取出细铁丝，用刻度尺测出一根细铁丝的长度L；④每根细铁丝的横截面积为___________（3）某学生在做“用油膜法估测分子的大小”的实验时，计算结果偏大，可能是由于___________A.油酸未完全散开B.将油酸酒精溶液置于一个敞口容器中放置一段时间C.求每滴体积时，1mL的溶液的滴数多记了10滴D.计算油膜面积时，舍去了所有不足一格的方格【答案】（1）B（2）（3）AD【解析】（1）A．称量0.1克铺平到10块方格中，食盐颗粒较小，无法保证食盐均匀分布，实验误差较大，故A不符合题意；B．把0.1克食盐充分溶解后，取溶液蒸发结晶，故B符合题意；C．用放大镜查食盐颗粒数目，实验误差较大，故C不符合题意。故选B（2）每根细铁丝的体积为每根细铁丝的横截面积为（3）A．计算油酸分子直径的公式是V是纯油酸的体积，S是油膜的面积。油酸未完全散开，S偏小，故得到的分子直径d将偏大，故A正确；B．若油酸酒精溶液长时间敞口放置，酒精挥发使溶液的浓度变大，实验数据处理仍然按照挥发前的浓度计算，即算出的纯油酸体积偏小，则所测的分子直径d将偏小，故B错误；C．求每滴体积时，1mL的溶液的滴数多记了10滴，V偏小，故得到的分子直径d将偏小，故C错误；D．计算油膜面积时，舍去了所有不足一格的方格，S偏小，故得到的分子直径d将偏大，故D正确。12.半导体薄膜压力传感器阻值会随压力变化而改变。某小组设计实验测量一薄膜压力传感器在不同压力下的阻值，其阻值约几十千欧，现有以下器材：电源：电动势3V，内阻不计电流表：量程，内阻约为电流表：量程250mA，内阻约为电压表V：量程3V，内阻约为；滑动变阻器R：阻值范围0~压力传感器，开关S，导线若干（1）为了提高传感器在一定压力下阻值测量的准确性，选用合适的电流表（标明符号）补充完整图甲中虚线框内的测量电路。（2）完成前面的实验工作后，将该压力传感器接入如图丙所示电路中，制作成简易电子秤，它主要构成有：压力传感器，定值电阻、理想电流表（量程），电动势为6V的电源，电源内阻不计。①将该电子秤水平放置在竖直方向运动的电梯里，在托盘上放一砝码，托盘和砝码的总质量为600g，电流表示数为，取重力加速度，通过计算可知压力传感器的阻值为___________，可得电梯的加速度大小为___________。②若使用一段时间后，电源电动势减小，电源内阻不计，则重物质量的测量值将___________（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。【答案】（1）（2）160.2偏小【解析】（1）电路中的最大电流约为故电流表应选择量程的A1。由题中数据可知电路中应采用电流表内接法，滑动变阻器应采用分压式接法，补充完整图甲中虚线框内的测量电路如图所示（2）①[1]根据闭合电路欧姆定律有代入数据解得[2]由图乙可知，当时，压力传感器的示数为根据牛顿第二定律有代入数据解得方向竖直向上。②[3]若使用一段时间后，电源电动势减小，电源内阻不计，根据闭合电路欧姆定律三、计算题（本题共有3小题，共36分，13题8分，14题12分，15题16分。解答时要写出必要的文字说明、物理公式和主要的推导步骤。只写出答案的不给分，有数值计算的要注明单位。）13.如图所示，边长为L的等边三角形abc区域外存在着垂直于abc所在平面的匀强磁场，磁感应强度大小为B。P、Q均为ab边的三等分点。时刻，磁场方向正好垂直于abc所在平面向里，带负电的粒子在abc平面内以初速度v0从a点垂直于ac边射出，并从P点第一次进入三角形abc区域。磁感应强度大小始终为B。不计带电粒子重力，求：（1）粒子的荷质比；（2）粒子第一次到达c点的时刻。【答案】（1）；（2）【解析】（1）根据牛顿第二定律得根据几何关系可得联立解得（2）粒子的运动轨迹如图所示粒子在磁场中的运动时间为粒子做圆周运动的周期为在磁场外运动的时间为粒子第一次到达c点的时刻为联立解得14.图甲为山地车的气压避震装置，主要由活塞、汽缸和弹簧组成。某研究小组将其取出进行研究。如图乙所示，将带有活塞A的导热汽缸B放置在倾角为的光滑斜面上，活塞用另一端固定的轻弹簧拉住，轻弹簧平行于斜面，初始状态活塞到汽缸底部的距离为，汽缸底部到斜面底端的挡板距离为，汽缸内气体的初始温度为。已知汽缸质量为M=0.6kg，活塞的质量为，横截面积为，活塞与汽缸间密封一定质量的理想气体，活塞能无摩擦滑动，重力加速度为，大气压为。（1）求初始状态下汽缸内气体压强；（2）对汽缸缓慢加热，汽缸内气体的温度从上升到，此时汽缸底部恰好接触到斜面底端的挡板，求；（3）已知该封闭气体的内能U与温度T之间存在关系，，求第（2）问过程中气体吸收的热量Q。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）对气缸和活塞整体分析有对活塞受力分析有代入数据解得（2）对汽缸缓慢加热，气体做等压变化，则解得（3）气体内能的变化量为外界对气体做功为根据热力学第一定律解得15.如图所示，间距的两平行光滑金属导轨，x轴平行于导