广东信宜市2025届高二物理第一学期期中综合测试试题含解析

广东信宜市2025届高二物理第一学期期中综合测试试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，以O点为圆心、R＝0.20m为半径的圆处于匀强电场（图中未画出）中，电场平行于圆面，ac、bd为圆的两条相互垂直的直径。已知a、b、c三点的电势分别为2V、2V、-2V，则下列说法正确的是（）A．d点电势为B．电子从d点运动到a点电势能增加C．电场方向由b点指向c点D．该匀强电场的场强大小为20V/m2、如图所示，质量相等的两个小球A和B紧贴倒圆锥筒的光滑内壁各自做水平面内的匀速圆周运动，则（）A．A球受到的支持力较大B．B球受到的支持力较大C．A球运动的线速度较大D．B球运动的线速度较大3、如图,虚线a、b、c是在O点处的一个点电荷形成的静电场中的三个等势面,一带正电的粒子射入该电场中,其运动轨迹如实线KLMN所示.不计粒子的重力,由图可知()A．粒子运动时电场力先做负功,后做正功B．a、b、c三个等势面的电势关系是φa>φb>φcC．粒子运动时的电势能先增大后减小D．粒子运动时的动能先增大再减小4、电场中有A、B、C三点，电量为2×10-8C的负电荷从A移到B，电场力做功为4×10-6J的负功，电量为3×10-8C的正电荷从A移到C，电场力做功为9×10-6J的负功。如果这三点在同一条电场线上，顺着电场线方向这三点位置的排列次序是（）A．A、B、C B．C、A、B C．B、A、C D．A、C、B5、A、B是一条电场线上的两个点，一带正电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度—时间图象如图所示。则这一电场可能是（）A． B． C． D．6、如图所示，每个电阻的阻值都是2Ω，安培表内阻不计，在B、C间加6V电压时，安培表的示数是（）A．0 B．1A C．2A D．3A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板a、b与电池相连，在距离两板等距的M点有一个带电液滴处于静止状态。若将a板向下平移一小段距离，但仍在M点上方，稳定后，下列说法中正确的是A．液滴将向下加速运动B．M点电势升高，液滴在M点的电势能将减小C．M点的电场强度变小了D．在a板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到b板，电场力做功相同8、如图所示，为一做周期性变化的匀强电场的场强随时间变化的图象．一带电粒子（不计重力）在t=0时在电场中无初速释放，则（）A．粒子在电场中总是沿某个方向运动，位移越来越大B．粒子在电场中来回运动，每隔，速度方向改变一次C．粒子的速度和加速度的方向都不随时间变化，但速度和加速度的大小随时间做周期性变化D．每隔，加速度方向变化，而速度方向始终不变化，速度大小不断变化9、有两个匀强磁场区域I和II，I中的磁感应强度是II中的k倍，两个速率相同的电子分别在两磁场区域做圆周运动。与I中运动的电子相比，II中的电子A．运动轨迹的半径是I中的k倍B．运动轨迹的半径是I中的1/k倍C．加速度的大小是I中的1/k倍D．加速度的大小是I中的k倍10、真空中存在方向斜向上的匀强电场，一带电小球水平射入电场中，恰好沿水平方向运动，如图所示．下列说法正确的是A．小球可能带负电B．小球所受的重力一定小于电场力C．运动过程中小球的机械能可能先减小后增大D．小球一定做匀加速运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）（1）用伏安法测一待测电阻，采用下图的电路图，则测量结果将比真实值______。（“偏大”，“偏小”）（2）用电流表和电压表测待测电阻的电流电压时读数如图，则电压表的读数为______V，电流表的读数为______A。12．（12分）（1）在“探究法拉第电磁感应现象”的实验中，已将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电表及开关按如图所示部分连接，要把电路连接完整正确，则N连接到________(选填“a”“b”“c”或“M”)，M连接到________(选填“a”“b”“c”或“N”).正确连接电路后，开始实验探究，某同学发现当他将滑动变阻器的滑动端P向右加速滑动时，灵敏电流计指针向右偏转.由此可以判断__________.A．线圈A向上移动或滑动变阻器滑动端P向左加速滑动，都能引起灵敏电流计指针向左偏转B．线圈A中铁芯向上拔出或断开开关，都能引起灵敏电流计指针向右偏转C．滑动变阻器的滑动端P匀速向左或匀速向右滑动，都能使灵敏电流计指针静止在中央D．因为线圈A、线圈B的绕线方向未知，故无法判断灵敏电流计指针偏转的方向（2）仅用一根导线，如何判断G表内部线圈是否断了？________________.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，BC是半径为R的圆弧形的光滑且绝缘的轨道，位于竖直平面内，其下端与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度为E．今有一质量为m、带正电q的小滑块（体积很小可视为质点），从C点由静止释放，滑到水平轨道上的A点时速度减为零．若已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数为，求：（1）滑块由C到B的过程中，电场力做什么功？做功为多少？（2）滑块通过B点时的速度大小．（3）水平轨道上A、B两点之间的距离．14．（16分）如图，在x轴下方有匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于xy平面向外．P是y轴上距原点为h的一点，N0为x轴上距原点为a的一点．A是一块平行于x轴的挡板，与x轴的距离为h/1，A的中点在y轴上，长度略小于a/1．带电粒子与挡板碰撞前后，x方向的分速度不变，y方向的分速度反向、大小不变．质量为m，电荷量为q（q>0）的粒子从P点瞄准N0点入射，最后又通过P点．不计重力．求粒子入射速度的所有可能值．15．（12分）如图甲所示，在xOy坐标系中，两平行金属板AB、OD如图放置，OD与x轴重合，板的左端与原点O重合，板长L=2m，板间距离d=1m，紧靠极板右侧有一荧光屏。两金属板间电压UAO随时间的变化规律如图乙所示，已知U0=1×103V，变化周期T=2×10–3s，t=0时刻一带正电的粒子从左上角A点，以v0=1×103m/s的速度平行于AB边射入板间，粒子电荷量q=1×10–5C，质量m=1×10–7kg，不计粒子所受重力，求：（1）粒子在板间运动的时间；（2）粒子打在荧光屏上的纵坐标；（3）粒子打到屏上的动能。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

A．根据匀强电场中电势差与电场强度的关系式，相等距离，电势差相等，因为，可知，O点电势为0，而bO=Od，则b、O间的电势差等于O、d间的电势差，可知，d点的电势为，故A错误；B．从d点运动到a点电势增加，根据，电子从d点运动到a点电势能减小，故B错误；CD．连接a、b，做ab的垂线由作图和几何关系可知，电场方向由b指向向c，电场强度故C正确，D错误。故选C。【点睛】在匀强电场中，电势沿直线是均匀变化的，即直线上距离相等的线段两端的电势差值相等，等分线段找等势点法：将电势最高点和电势最低点连接后根据需要平分成若干段，必能找到第三点电势的等势点，它们的连线即等势面（或等势线），与其垂直的线即为电场线。2、C【解析】试题分析：AB、对小球受力分析，小球受到重力和支持力，它们的合力提供向心力，如图筒对小球的支持力N=，与轨道半径无关，则由牛顿第三定律得知，小球对筒的压力也与半径无关，即有球A对筒壁的压力等于球B对筒壁的压力．故AB错误；CD、根据牛顿第二定律，有：F=mgtanθ=m解得：v=．由于A球的转动半径较大，A线速度较大．故C正确，D错误．故选C3、D【解析】

A．根据带电粒子轨迹的弯曲方向可知：带电粒子受到了引力作用，Q与带电粒子是异种粒子，所以Q一定带负电，粒子运动过程中粒子所受的电场力与速度的夹角先锐角，做正功，后为钝角，做负功，故A错误；B．Q带负电荷，电场线方向从无穷处到Q终止，根据顺着电场线方向电势降低可知，故B错误；CD．粒子所受的电场力与速度的夹角先锐角，做正功，后为钝角，做负功，所以电势能先减小后增大，由能量守恒可知，粒子运动时的动能先增大再减小，故C错误，D正确。4、B【解析】

ABCD．根据电场力做功与电势能的关系、电势与电势能的关系，电量为2×10-8C的负电荷从A移到B，电场力做功为4×10-6J的负功，即即电量为3×10-8C的正电荷从A移到C，电场力做功为9×10-6J的负功，即即综上，ACD错误，B正确。故选B。5、D【解析】

由图象可知，速度在逐渐减小，图象的斜率在逐渐增大，故此带正电的微粒做加速度越来越大的减速直线运动，所受电场力越来越大，电场线分布越来越密集；此带正电的微粒做减速直线运动，所以受力方向与运动方向相反，正电荷受电场力的方向与电场强度方向相同，所以电场线方向向左，故A、B、C错误，D正确；故选D。6、B【解析】试题分析：等效电路如图，则并联部分电阻为0.5R，则电阻为R+0.5R=1.5R=3Ω,则干路电流,则通过电流表的电流为1A．考点：部分电路欧姆定律．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】试题分析：原来液滴受力平衡，则知所受的电场力向上，液滴带负电．电容器与电源相连，板间电压不变，将a板向下平移时，由a板下移时，两板间的距离减小，由E=Ud分析可知：板间电场强度增大，粒子受到的电场力增大，故液滴将向上加速运动，故A．C错误；下极板接地，电势为零，M点的电势等于M与b之间的电势差。由U=Ed可知，因E增大，d不变，则M点的电势增大；因带电液滴带负电，故电势能将减小，故B错误；因两板间的电势差不变，由考点：电容器的动态分析、带电粒子在混合场中的运动【名师点睛】本题分析时，要抓住平行板电容器的与电源保持相连，电容器板间电压保持不变，根据E=U8、AD【解析】试题分析：首先知道图象的意义，场强大小不变而方向周期性的变化；再以带电粒子为研究对象，受力分析和运动分析，从而判断选项．解：以带电粒子为研究对象，受大小不变的电场力，但方向周期性的变化，所以带电粒子第一个T内，在内先做初速度为零的匀加速，在后内做匀减速并且末速度为零，在第二个T内与第一个T内相同的运动，这样周而复始，所以带电粒子的运动方向不变即速度方向不变，位移越来越大；由于场强周期性的变化，所以电场力周期性的变化，即每隔加速度方向发生变化，故AD正确，BC错误．故选AD．【点评】明确图象的意义和带电粒子受力的特点，据此分析带电粒子的运动是解题的核心；一定注意运动方向、位移和加速度的变化情况．9、AC【解析】

设Ⅱ中的磁感应强度为B，则Ⅰ中的磁感应强度为kB，根据电子在磁场中运动的半径公式可知，Ⅰ中的电子运动轨迹的半径为，Ⅱ中的电子运动轨迹的半径为，所以Ⅱ中的电子运动轨迹的半径是Ⅰ中的k倍，所以A正确，B错误；电子在磁场运动的洛伦兹力作为向心力，所以电子的加速度的大小为，所以Ⅰ中的电子加速度的大小为，Ⅱ中的电子加速度的大小为，所以Ⅱ的电子的加速度大小是Ⅰ中的倍，所以C正确，D错误；故选AC；【点睛】本题是对粒子在磁场中做圆周运动的基本考查，解决本题的关键是抓住洛伦兹力作为向心力，根据向心力的不同的公式来分析不同的关系，记住平时的得出的结论可以快速的分析问题．10、BD【解析】

本题考查带电粒子在复合场中的直线运动【详解】由题意可知，小球在电场中受到竖直向下的重力和电场力，要使小球做直线运动，则必须满足一下两个条件之一：①合外力为0；②合外力的方向与速度的方向共线。A．电场力的方向与重力的方向不共线，所以不可能满足二力平衡合外力为0，则应该满足的是条件②，即合外力一定沿水平方向，则电场力一定沿电场线方向，可知该小球带正电；故A选项正确；B．因受到电场力和重力的合力方向沿水平向右，受力分析如图由平行四边形定则可知，电场力大小一定大于小球的重力，故B选项正确；C．在整个过程中电场力始终与运动方向间的夹角为锐角，即机械能逐渐的增大，故C选项错误；D．小球的合外力与速度的方向共线，且所受重力和电场力均保持不变即合外力不变，则小球应做匀加速直线运动，故D选项正确。综上所述，本题正确答案选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、偏小2.600.53【解析】

（1）[1]根据所示电路图可知，所示电路采用电流表外接法，电压表测量的是电阻两端的电压的真实值，由于电压表的分流作用，电流测量值大于真实值，由欧姆定律可知，电阻测量值小于真实值。（2）[2]电压表的最小分度值为0.1V，应估读到最小分度值的下一位，故电压表读数为2.60V。[3]电流表的最小分度值为0.02A，应估读到最小分度值这一位，故电流表读数为0.53A。12、acB短接G表前后各摇动G表一次，比较指针偏转，有明显变化，则线圈未断；反之则断了．【解析】

（1）[1][2]．将电源、电键、变阻器、线圈A串联成一个回路，注意滑动变阻器接一上一下两个接线柱，所以M连接c；再将电流计与线圈B串联成另一个回路，所以N连接a；

[3]．由题意可知：当P向右加速滑动时，线圈A中的电流应越来越小，则其磁场减小，此时线圈B中产生了电流使指针向右偏转；故可知当B中的磁通量减小时，电流表指向右偏；

A、A向上移动时B中磁通量减小，指针向右偏转，而滑动变阻器滑动端P向左加速滑动时，B中磁通量增大，故指针应向左偏转，故A错误；

B、当铁芯拔出或断开开关时，A中磁场减小，故B中磁通量减小，指针向右偏转，故B正确；

C、滑片匀速运动时，A中也会产生变化的磁场，线圈B中产生了感应电流使指针向右或向左偏转，故C错误；

D、由以上分析可知，D错误；

（2）[4]．仅用一根导线，将检流计G短接前后，摇动表一次，比较指针偏转，有明显变化，则线圈断了，说明虽有切割磁感应线，但没有感应电流，则没有安培阻力，指针变化明显；反之，则出现感应电流，