专题16基因的自由组合定律（练）-2023年高考生物一轮复习（新教材新高考）

专题16基因的自由组合定律1．（2022·江西抚州·高一期末）下列有关纯合黄色圆粒豌豆和纯合绿色皱粒豌豆杂交实验结果的叙述，正确的是（

）A．F1能产生4种比例相等的雌配子和雄配子B．F2中黄色和绿色的比例接近3：1，与自由组合定律相符C．F2出现4种基因型的个体D．F2出现4种表型的个体，且与亲本表型相同的概率是9/16【答案】A【解析】【分析】孟德尔两对相对性状的杂交实验：纯种黄色圆粒豌豆（YYRR）×纯种绿色皱粒豌豆（yyrr）→F1均为黄色圆粒（YyRr）→自交→F2中表现型及比例为黄色圆粒（Y_R_）：黄色皱粒（Y_rr）：绿色圆粒（yyR_）：绿色皱粒（yyrr）=9：3：3：1。【详解】A、F1（YyRr）能产生4种比例相同的雌配子和雄配子，A正确；B、F2中圆粒和皱粒之比较近于3：1，黄色与绿色之比也接近于3：1，与分离定律相符，B错误；C、F2出现9种基因型的个体，C错误；D、结合分析，F2出现4种性状表现且比例为9：3：3：1，且与亲本表型相同的概率是5/8，D错误。故选A。2．（2022·云南·弥勒市一中高二阶段练习）某植株的一条染色体发生缺失，获得该缺失染色体的花粉不育，缺失染色体上具有红色显性基因B，正常染色体上具有白色隐性基因b（如图所示）。下列相关叙述错误的是（

）A．B与b的根本区别是脱氧核苷酸的排列顺序不同B．该植株自交后代都是红色性状C．以该植株作为母本，授以基因型为Bb正常植株的花粉，子代中红色：白色=3：1D．该植株的变异可为生物进化提供原材料【答案】B【解析】【分析】图示植株的基因型为Bb,其中红色显性基因B在缺失染色体上,白色隐性基因b在正常染色体上，且含有缺失染色体的花粉不育,但含有缺失染色体的卵细胞可育。【详解】A、B与b是等位基因，根本区别是脱氧核苷酸的排列顺序不同，A正确；B、由于缺失染色体的花粉不育，所以该植株只产生一种雄配子b；而雌配子可以产生两种：B和b，所以该植株自交，下一代为Bb：bb=1：1，所以下一代红色性状∶白色性状＝1∶1，B错误；C、雌配子和雄配子都可以产生两种：B和b，下一代为（Bb+BB）：bb=3：1，所以下一代红色性状∶白色性状＝3∶1，C正确；D、遗传变异为生物的进化提供了原材料，D正确。故选B。3．（2022·四川省南充市第一中学高一期中）下列关于科学史中所用的研究方法和生物实验方法叙述，不正确的是（

）A．孟德尔豌豆杂交实验提出遗传定律——假说—演绎法B．摩尔根证明基因在染色体上——类比推理C．萨顿提出基因在染色体上——类比推理D．卡尔文追踪CO2中碳在光合作用中碳原子的转移途径——同位素标记法【答案】B【解析】【分析】1、孟德尔发现遗传定律用了假说演绎法。2、萨顿运用类比推理的方法提出基因在染色体的假说，摩尔根运用假说演绎法证明基因在染色体上。【详解】A、孟德尔豌豆杂交实验提出遗传定律时采用了假说—演绎法，A正确；B、摩尔根证明基因在染色体上采用了假说—演绎法，B错误；C、萨顿运用类比推理的方法提出基因在染色体的假说，C正确；D、卡尔文运用同位素标记法追踪CO2中碳在光合作用中碳原子的转移途径，D正确。故选B。4．（2022·黑龙江·鸡西市英桥高级中学高一期中）豌豆种子黄色（Y）对绿色（ｙ）为显性，圆粒（R）对皱粒（ｒ）为显性。两豌豆植株杂交，其子代表现型所占比例统计如图所示。则两亲本的基因型为（）

A．Yyrr×YyRr B．YYRr×yyRrC．YyRr×YyRr D．YyRr×yyRr【答案】D【解析】【分析】根据题意和图示分析可知：黄色圆粒和绿色圆粒进行杂交的后代中，圆粒：皱粒=3：1，说明亲本的基因组成为Rr和Rr；黄色：绿色=1：1，说明亲本的基因组成为Yy和yy。【详解】根据分析可知，黄色圆粒和绿色圆粒进行杂交的后代中，圆粒：皱粒=3：1，说明亲本的基因组成为Rr和Rr；黄色：绿色=1：1，亲本的基因型为YyRr、yyRr，表现型为黄色圆粒和绿色圆粒。D正确。故选D。5．（2022·河南·新蔡县第一高级中学高二阶段练习）某种名贵植株的花色受两对等位基因控制，红花植株与白花植株杂交后代F；全是紫花植株，该紫花植株自交后代出现紫花植株、红花植株、白花植株，且其比例为9：3：4．下列说法错误的是（

）A．控制该花色性状的基因位于两对同源染色体上B．F2中紫花植株的基因型有4种，且比例为1：2：2：4C．子代红花植株自由交配，后代白花植株比例为1/6D．F2的紫花植株测交，后代出现白花的概率为1/3【答案】C【解析】【分析】由“某种名贵植株的花色受两对等位基因控制”设两对等位基因为A/a，B/b，又由“该紫花植株自交后代出现紫花植株、红花植株、白花植aa株，且其比例为9：3：4”符合9：3：3：1的变式。所以紫花为A_B_，红花为A_bb，白花为aa__。【详解】A、由“该紫花植株自交后代出现紫花植株、红花植株、白花植aa株，且其比例为9：3：4”符合9：3：3：1的变式可知控制该花色性状的基因位于两对同源染色体上，A正确；B、F2中紫花植株的基因型有4种，且比例为AABB；AaBB：AABb：AaBb=1：2：2：4，B正确；C、子代红花植株自由交配，为AAbb：Aabb=1：2，则后代白花植株比例为1/9，C错误；D、F2的紫花植株测交，紫花基因型比例为AABB；AaBB：AABb：AaBb=1：2：2：4，后代出现白花的概率为2/9，D正确。故选C。6．（2022·上海奉贤区致远高级中学高一期末）基因型为DdEe的个体，D与E连锁，其产生的配子种类及比例不可能是（

）A．DE：De：eE：de=2：1：1：2 B．DE：De：eE：de=1：2：2：1C．DE：De：eE：de=3：1：1：3 D．DE：de=1：1【答案】B【解析】【分析】基因的连锁和交换定律的实质是：在进行减数分裂形成配子时，位于同一条染色体上的不同基因，常常连在一起进入配子；在减数分裂形成四分体时，位于同源染色体上的等位基因有时会随着非姐妹染色单体的交换而发生交换，因而产生了基因的重组。【详解】因为D与E连锁，且未说明是否完全连锁。如果完全连锁的话，则DE：de=1：1。如果不完全连锁的话，因为“D与E连锁”两个性状的连锁遗传中，配子中重组型配子数目占少数，则DE：De：eE：de=2：1：1：2和DE：De：eE：de=3：1：1：3都符合，而DE：De：eE：de=1：2：2：1不可能。故选B。7．（2021·辽宁·庄河高中高二开学考试）下列配子产生的过程中没有发生基因重组的是（

）A．基因组成为的个体产生了Ab和ab的配子B．基因组成为的个体产生了AB、ab、Ab和aB的配子C．基因组成为的个体产生了ab、aB、Ab和AB的配子D．基因组成为的个体产生了ABC、ABc、abC和abc的配子【答案】A【解析】【分析】基因重组有两种类型：一是四分体时期同源染色体中非姐妹染色单体的交叉互换；二是减数第一次分裂后期非同源染色体上非等位基因的自由组合。【详解】A、基因组成为的个体产生了Ab和ab的配子，其原因是A和b、a和b基因连锁,同源染色体分离产生了Ab和ab的配子,此过程中没有发生基因重组，A正确；B、基因组成为的个体产生了AB、ab、Ab和aB的配子，其原因是位于同源染色体上的等位基因随着非姐妹染色单体之间的互换发生交换，导致染色单体上的基因重组，B错误；C、基因组成为的个体产生了ab、aB、Ab和AB的配子，其原因都是随着非同源染色体的自由组合，非等位基因也自由组合，属于基因重组，C错误；D、基因组成为的个体产生了ABC、ABc、abC和abc的配子，其原因是随着非同源染色体的自由组合，非等位基因也自由组合，属于基因重组，D错误。故选A。8．（2022·陕西西安·高一期末）鼠粗毛（R）对光毛（r）为显性，黑毛（B）对白毛（b）为显性，两对基因独立遗传。将粗毛黑鼠与粗毛白鼠杂交，产生的后代中有：28只粗毛黑鼠；31只粗毛白鼠；11只光毛黑鼠；9只光毛白鼠。则亲本的基因型最可能为（

）A．RRBb×RRbb B．RrBb×Rrbb C．RrBb×RRBb D．RrBB×Rrbb【答案】B【解析】【分析】基因分离定律：在杂合子细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；在减数分裂形成配子的过程中，等位基因会随同源染色体分开而分离，分别进入两个配子中，独立地随配子遗传给后代。基因自由组合定律：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。【详解】两对基因独立遗传，鼠粗毛（R）对光毛（r）为显性，黑毛（B）对白毛（b）为显性，将粗毛黑鼠与粗毛白鼠杂交，后代粗毛：光毛≈3:1，黑鼠：白鼠≈1：1，则亲本的基因型最可能为RrBb×Rrbb，B正确。故选B。9．（2022·青海·西宁市湟中区多巴高级中学高一阶段练习）牵牛花中叶子有普通叶和枫形叶两种，种子有黑色和白色两种。现有一对表现型为普通叶白色种子和枫形叶黑色种子的亲本进行杂交，F1全为普通叶黑色种子，F1自交得F2，结果如下表所示：表现性普通叶黑色种子普通叶白色种子枫形叶黑色种子枫形叶白色种子数量47816015854下列有关叙述错误的是（

）A．两对相对性状的遗传遵循基因的自由组合定律B．普通叶对枫形叶为显性，种子的黑色对白色为显性C．F2中与亲本基因型相同的概率是3/8D．F2普通叶黑色种子中杂合子比例为8/9【答案】C【解析】【分析】根据表中数据表现型比例接近9;3:3:1可知，本题为经典的两对等位基因独立遗传的实验，F1基因型为双杂合。【详解】A、F2表现型比例约为9:3:3:1，说明两对相对性状的遗传遵循基因自由组合定律，A正确；B、F2表现型占9/16的表现为双显性，即普通叶对枫形叶为显性，种子的黑色对白色为显性，B正确；C、设叶形基因为A/a，种子颜色基因为B/b，则亲本基因型为AAbb和aBB，F2中与亲本基因型相同的概率是1/8，C错误；D、F2普通叶黑色种子（A_B_）中纯合子（AABB）比例为1/9，则杂合子比例为8/9，D正确。故选C。10．（2022·全国·高三专题练习）某种植物花瓣的形态有大花瓣（AA）、小花瓣（Aa）和无花瓣（aa），颜色有紫色（B_）和红色（bb），这两对性状独立遗传。让该种植物中基因型为（AaBb）的植株自交，所得到的大量子代植株中（）A．基因型有9种，表型有6种 B．小花瓣植株都是杂合子C．无花瓣植株中纯合子占100% D．红花植株中杂合子占1/2【答案】B【解析】【分析】基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。【详解】A、由题干可知控制花瓣大小和花色的基因独立遗传，遵循基因的自由组合定律，因此基因型为AaBb的亲本自交共产生16种组合方式，9种基因型，由于花瓣大小是不完全显性，且aa表现无花瓣，因此共有5种表现型（大花瓣紫色、大花瓣红色、小花瓣紫色、小花瓣红色、无花瓣），A错误；B、小花瓣植株的基因型为Aa，都是杂合子，B正确；C、子代无花瓣植株的基因型为aa__，可以是纯合子(aaBB、aabb)，也可以是杂合子（aaB_），其中纯合子占50%，C错误；D、红花植株(1/3AAbb、2/3Aabb)中杂合子占2/3，D错误。故选B。11．（2022·新疆师范大学附属中学一模）下图表示孟德尔揭示两个遗传定律时所选用的豌豆植株体内相关基因控制的性状、显隐性及其在染色体上的分布。下列叙述正确的是（

）A．甲、乙、丙、丁都可以作为验证基因分离定律的材料B．图丁个体自交后代中最多有三种基因型、一种表现型C．图丙、丁所表示个体减数分裂时，可以揭示基因的自由组合定律的实质D．图丙个体自交，子代表现型比例为9：3：3：1，属于假说一演绎的实验验证阶段【答案】A【解析】【分析】孟德尔发现遗传定律用了假说演绎法，其基本步骤：提出问题→作出假说→演绎推理实验验证→得出结论。孟德尔对一对相对性状的杂交实验的解释；生物的性状是由细胞中的遗传因子决定的；体细胞中的遗传因子成对存在;配子中的遗传因子成单对存在；受精时雌雄配子随机结合。【详解】A、基因分离定律涉及一对等位基因，甲、乙、丙、丁至少含有一对等位基因，都可以作为验证基因分离定律的材料，A正确；B、图丁个体自交，如果不发生交叉互换，就只有三种基因型、两种表现型，存在交叉互换更多，B错误；C、图丁所表示个体减数分裂时，两对等位基因位于一对同源染色体上，不能揭示基因遵循自由组合定律的实质，C错误；D、图丙个体自交，子代表现型比例为9∶3∶3∶1，属于观察到的实验现象，D错误。故选A。12．（2022·重庆市涪陵高级中学校一模）下列关于孟德尔两对相对性状杂交实验的叙述，正确的是（）A．产生F2时需先在F1植株花粉未成熟时去雄B．F2中出现3种不同于亲本表现型的重组类型C．F1产生配子时非等位基因自由组合，含双显性基因的配子数量最多D．F1产生的雌、雄配子各有4种，受精时配子的结合存在16种组合方式【答案】D【解析】【分析】基因的自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂的过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。【详解】A、子一代F1是自交，不需要母本去雄，A错误；B、F2中出现的4种表现型，有2种是不同于亲本表现型的新组合，B错误；C、F1产生配子时非等位基因自由组合，产生的四种配子的比例是相等的，C错误；D、F1产生的雌、雄配子各有4种，受精时雌雄配子随机结合，存在4×4=16种组合方式，D正确。故选D。13．（2021·天津和平·二模）在普通的棉花中导入能抗虫的B、D基因（B、D同时存在时，表现为抗虫）。已知棉花短纤维由基因A控制，现有一基因型为AaBD的短纤维抗虫棉植株（B、D基因不影响减数分裂，无交叉互换和致死现象）进行自交，子代出现以下结果：短纤维抗虫∶短纤维不抗虫∶长纤维抗虫=2∶1∶1，则导入的B、D基因位于（）A．均在1号染色体上 B．均在2号染色体上C．均在3号染色体上 D．B在3号染色体上，D在4号染色体上【答案】B【解析】【分析】由题干可知，自交子代出现短纤维抗虫：短纤维不抗虫：长纤维抗虫=2：1：1，可知短纤维抗虫占子代的比例为2/4，短纤维不抗虫占子代比例为1/4，长纤维抗虫占1/4，所以与分离定律中杂合子自交后代比例相吻合，由此可知，控制棉花纤维长短和能否抗虫的基因在一对同源染色体上，遵循分离定律。由图可知，抗虫基因应在1号染色体或2号染色体上。【详解】A、若B、D均在1号染色体上，则短纤维抗虫：长纤维不抗虫=3：1，与题意不符，A错误；B、若均在2号染色体上，亲本为：AaBD×AaBD，子代：AA：AaBD：aaBBDD=短纤维不抗虫：短纤维抗虫：长纤维抗虫=1：2：1，即短纤维抗虫：短纤维不抗虫：长纤维抗虫=2：1：1，符合题意，B正确；C、若均在3号染色体上，则应符合自由组合定律，后代表现型比例为短纤维抗虫：短纤维不抗虫：长纤维抗虫：长纤维不抗虫=9：3：3：1，与题意不符，C错误；D、若B在3号染色体上，D在4号染色体上，则应符合自由组合定律，后代表现型比例为短纤维抗虫：短纤维不抗虫：长纤维抗虫：长纤维不抗虫=6：6：2：2，与题意不符，D错误。故选B。14．（2022·湖南·长郡中学模拟预测）棉铃虫是严重危害棉花的一种害虫。科研工作者发现毒蛋白基因B和胰蛋白酶抑制剂基因D，两种基因均可导致棉铃虫死亡。现将B和D基因同时导入棉花的一条染色体上获得抗虫棉。棉花的短果枝由基因A控制，研究者获得了多个基因型为AaBD的短果枝抗虫棉植株，AaBD植株与纯合的aa长果枝不抗虫植株杂交得到F1（不考虑减数分裂时的互换）。下列说法不正确的是（

）A．若F1中短果枝抗虫：长果枝不抗虫＝1：1，则B、D基因与A基因位于同一条染色体上B．若F1的表现型比例为1：1：1：1，则F1产生的配子的基因型为AB、AD、aB、aDC．若F1的表现型比例为1：1：1：1，则果枝基因和抗虫基因分别位于两对同源染色体上D．若F1中短果枝不抗虫：长果枝抗虫＝1：1，则F1产生的配子的基因型为A和aBD【答案】B【解析】【分析】由题意知，B、D位于一条染色体上，因此不遵循自由组合定律，如果A（a）与B、D分别位于两对同源染色体上，A（a）与B、D遵循自由组合定律，则基因型为AaBD的植株产生的配子的类型及比例是ABD：a：aBD：A＝1：1：1：1，如果A（a）与B、D位于一对同源染色体上，则A（a）与BD也不遵循自由组合定律，则基因型为AaBD的个体产生的配子的类型是ABD：a＝1：1或者是aBD：A＝1：1。【详解】A、如果B、D基因与A基因位于同一条染色体上，则AaBD产生的配子的类型是ABD：a＝1：1，与纯合的aa长果枝不抗虫植株杂交得到的F1的基因型及比例是AaBD：aa＝1：1，表现型及比例是短果枝抗虫：长果枝不抗虫＝1：1，A正确；B、由于B、D位于一条同源染色体上，如果不考虑交叉互换，则不会产生基因型为AB、AD、aB、aD的四种类型的配子，B错误；C、果枝基因和抗虫基因分别位于两对同源染色体上，则AaBD产生配子的类型及比例是ABD：a：aBD：A＝1：1：1：1，与纯合的aa长果枝不抗虫植株杂交得到的F1的表现型及比例是短果枝抗虫：长果枝抗虫：短果枝不抗虫：长果枝不抗虫＝1：1：1：1，C正确；D、如果a与B、D连锁，则AaBD产生的配子的类型及比例是A：aBD＝1：1，与纯合的aa长果枝不抗虫植株杂交得到的F1的基因型及比例是Aa：aaBD＝1：1，表现型及比例是短果枝不抗虫：长果枝抗虫＝1：1，D正确。故选B。15．（2022·四川省泸县第二中学模拟预测）某遗传学家对小麦籽粒颜色的遗传进行了研究。他发现在若干红色籽粒与白色籽粒的纯合亲本杂交组合中出现了如图所示几种情况。结合图示结果，下列说法错误的是（

）A．由图中可以得出该籽粒的颜色可由三对基因控制B．第Ⅰ组杂交组合F2的红粒中纯合子为1/4C．第Ⅱ组杂交组合F1可能的基因型可表示为AABbCcD．第Ⅲ组F1测交后代红粒:白粒=7:1【答案】B【解析】【分析】根据题意和图示分析可知：亲本有红粒和白粒，而F1都是红粒，说明控制红粒性状的基因为显性基因。第Ⅲ组中，F2的红粒：白粒=63：1，假设小麦的籽粒颜色由n对等位基因控制（隐性纯合体为白粒，其余都为红粒），则F2中白粒个体所占的比例为（1/4）n=1/64，计算可得n=3，因此小麦的籽粒颜色由三对能独立遗传的基因控制，隐性纯合体为白粒，其余都为红粒。【详解】A、第Ⅲ组中，F2的红粒：白粒=63：1，小麦的籽粒颜色由三对能独立遗传的基因控制，A正确；B、第Ⅰ组杂交组合中，F2的性状分离比为3：1，说明F1有两对基因纯合，一对基因杂合，假设为aabbCc，则根据分离定律和自由组合定律，F2的红粒中aabbCc：aabbCC=2：1，所以纯合子为1/3，B错误；C、第Ⅱ组F2的表现型比例为15∶1，说明杂交组合F1为一对基因纯合，两对基因杂合，假设三对基因中，基因型为AABBCC的个体为白粒，其余基因型均为红粒，那么第Ⅱ组杂交组合F1可能的基因型可表示为AABbCc，C正确；D、杂交组合Ⅲ的F1含3对杂合子，根据基因对性状的控制机理，第Ⅲ组F1测交后代的红粒和白粒的比例为=（11/2×1/2×1/2×1/2）：（1/2×1/2×1/2×1/2）=7∶1，D正确。故选B。16．（2022·山东日照·三模）水稻雄性不育由等位基因M/m控制，M对m为完全显性，N基因会抑制雄性不育基因的表达，进而使植株可育。某小组选取甲（雄性不育）、乙（雄性可育）两个水稻品种杂交，F1均表现为雄性可育，让F1自交并单株收获、种植，得到的F2植株一半为雄性可育，另一半为雄性可育：雄性不育=13:3.下列说法错误的是（）A．亲本的基因型为Mmnn和mmNNB．F2中雄性可育植株的基因型共有7种C．F2雄性可育植株中能稳定遗传的植株所占比例为23/32D．从F2中选择两种雄性可育株杂交，后代中雄性不育株所占比例最高为1/2【答案】C【解析】【分析】水稻雄性不育由等位基因M/m控制，M对m为完全显性，N基因会抑制雄性不育基因的表达，进而使植株可育。MN、mmN、mmnn均为雄性可育植株，Mnn为雄性不育植株。【详解】A、根据题意，MN、mmN、mmnn均为雄性可育植株，Mnn为雄性不育植株。选取甲（雄性不育、Mnn）、乙（雄性可育）两个水稻品种杂交，F1均表现为雄性可育（说明一定都存在N基因），让F1自交并单株收货、种植，得到的F2植株一半为雄性可育，另一半为雄性可育∶雄性不育=13∶3，说明F1存在两种基因型，其中一种基因型为MmNn，另一种基因型自交后代为雄性可育，说明不存在M基因，甲的基因型为Mnn，所以F1的另一种基因型为mmNn，即甲为Mnn，与乙杂交得到mmNn∶MmNn=1∶1，因此亲本的基因型为Mmnn和mmNN，A正确；B、F2中出现了13∶3，说明基因型共有9种，雄性不育植株的基因型为MMnn、Mmnn，则雄性可育植株的基因型共有7种，B正确；C、F1的基因型为1/2mmNn、1/2MmNn，1/2mmNn自交后代均为雄性可育植株，1/2MmNn自交后代雄性不育植株所占比例为1/2×3/16=3/32，雄性可育植株中MNN、mm均为稳定遗传的雄性可育植株，因此F2雄性可育植株中能稳定遗传的植株所占比例为（1/2×1+1/2×3/4×1/4+1/2×1/4×1）÷（1－1/2×3/16）=23/29，C错误；D、从F2中选择两种雄性可育株（MN、mmN、mmnn）杂交，若要后代中雄性不育株（Mnn）所占比例最高，则M出现的最高比例为1，而nn出现的比例最高为1/2，即亲本为MMNn×mmnn，故雄性不育株所占比例最高为1/2，D正确。故选C。17．（2022·山东·肥城市教学研究中心模拟预测）生菜的颜色受两对等位基因A、a和B、b控制。野生生菜通常为绿色，遭遇逆境时合成花青素，使叶片变为红色，人工栽培的生菜品种在各种环境下均为绿色。用野生型红色生菜与人工栽培的绿色生菜杂交，F1自交，F2中有7/16的个体始终为绿色。研究人员将A/a、B/b的基因进行特定酶切后，分别对F2中编号为18的部分红色植株的DNA进行扩增和分离，结果如图所示。下列分析正确的是（

）A．人工栽培的生菜均为绿色的原因是不含有显性基因B．F2红色植株中A/a基因杂合的概率高于B/bC．若对F2全部的红色植株进行基因扩增，会发现杂合子占4/9D．由扩增结果可知，编号为3和5的植株能稳定遗传【答案】D【解析】【分析】1、分析题图可知：植株3、5的A/a、B/b的基因扩增结果都只有一条带，可知3、5为纯合子。2、分析题意：野生生菜通常为绿色，遭遇逆境时合成花青素，使叶片变为红色，人工栽培的生菜品种在各种环境下均为绿色。用野生型红色生菜与人工栽培的绿色生菜杂交，F1自交，F2中有7/16的个体始终为绿色，说明红色个体所占比例为9/16，红色生菜基因型为A_B_。【详解】A、根据生菜的颜色受两对等位基因A、a和B、b控制。用野生型红色生菜与人工栽培的绿色生菜杂交，F1自交，F2中有7/16的个体始终为绿色，说明红色个体所占比例为9/16，即红色生菜基因型为A_B_，那么绿色生菜基因型为：A_bb、aaB_、aabb，所以人工栽培的生菜均为绿色的原因不一定不含有显性基因，如A_bb也为绿色，A错误；B、F2红色植株中的基因型为A_B_，所以A/a基因杂合的概率等于B/b，B错误；C、若对F2全部的红色植株（A_B_）进行基因扩增，其中纯合子（AABB）占1/9，杂合子占8/9，C错误；D、分析题图可知：植株3、5的A/a、B/b的基因扩增结果都只有一条带，可知3、5为纯合子，所以编号为3和5的植株能稳定遗传，D正确。故选D。18．（2022·上海崇明·模拟预测）后人对孟德尔豌豆杂交实验中的3对性状的相关基因进行了定位，如图所示。下列实验的后代表现型比例符合9：3：3：1的是（

）①杂合的圆粒绿豆荚自交②杂合的平滑绿豆荚自交③杂合的圆粒平滑豆荚自交A．仅①② B．仅①③ C．仅②③ D．①②③【答案】C【解析】【分析】自由组合定律：控制不同性状的遗传因子的分离和组合是互不干扰的；在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合。【详解】①由于只有位于非同源染色体上的非等位基因才能自由组合，在此条件下的基因型为双杂合的个体自交，后代表现型比例为9：3：3：1（或其变式），图中R/r、G/g基因位于5号染色体上，不遵循自由组合定律，故双杂合的圆粒绿豆荚（RrGg）自交，不会出现9：3：3：1的比例，①错误；②③、而P/p基因位于6号染色体上，与R/r或G/g基因位于非同源染色体上，遵循自由组合定律，故双杂合的平滑绿豆荚（PpGg）或双杂合的圆粒平滑豆荚（PpRr）自交，后代表现型比例都符合9：3：3：1，②③正确。ABD错误，C正确。故选C。19．（2022·山东淄博·三模）某二倍体自花传粉植物（AABB）开红花，该植物种群在繁殖过程中出现两白花突变植株（白花Ⅰ和白花Ⅱ），研究人员对两白花突变植株进行了相关研究，结果如下图。下列说法错误的是（

）A．实验一的结果说明白花Ⅰ和白花Ⅱ可能为纯合子B．实验二的结果说明白花Ⅰ和白花Ⅱ中各有1对隐性基因C．若实验三的结果为白花，说明白花Ⅰ和白花Ⅱ具有相同的隐性突变基因D．若实验三的结果为红花，推测F1自交所得的F2中红花∶白花=9∶7【答案】D【解析】【分析】分析题意可知，红花（基因型为AABB）对白花为显性。白花I、白花II分别和红花的杂交后代均为红花，F1红花自交后代中红花:白花=3:1，说明白花I、白花II中各含一对隐性基因，且相关基因遵循基因分离定律，白花I、白花II的基因型可能为AAbb或aaBB，同时说明红花的基因型为AB，其余都为白花。【详解】A、由题意可知，白花为隐性性状，实验一白花I、白花II分别自交，后代仍为白花，说明白花Ⅰ和白花Ⅱ可能为纯合子，其基因型为AAbb或aaBB，A正确；B、实验二白花I、白花II分别和红花的杂交后代均为红花，F1红花自交后代中红花:白花=3:1，说明白花Ⅰ和白花Ⅱ中各有1对隐性基因，其基因型为AAbb或aaBB，B正确；C、若实验三白花I和白花II杂交的结果为白花，说明白花Ⅰ和白花Ⅱ具有相同的隐性突变基因，实验三杂交后代的基因型为aaBB或AAbb，C正确；D、若实验三白花I和白花II杂交的结果为红花，推知白花I和白花II基因互补(aaBB和AAbb)。说明白花I和白花II的隐性突变基因不同，为两种不同类型的隐性突变。若相关控制基因独立遗传，则F1(AaBb)的自交后代为9A_B_、3A_bb、3aaB_、1aabb，表现型为红花:白花=9:7；若相关控制基因位于1对同源染色体上，则F1(AaBb)可产生的配子为aB和Ab，其自交后代基因型为1AAbb、2AaBb、1aaBB，表现型为红花:白花=1:1，D错误。故选D。20．（2022·上海虹口·二模）果蝇灰身对黑身为显性，长翅对残翅为显性。现将杂合灰身长翅雌果蝇与纯种黑身残翅雄果蝇杂交，得到后代表现型及所占比例为：灰身长翅42%；灰身残翅8%；黑身长翅为8%；黑身残翅42%。由此推算两对基因的交换值为（

）A．8% B．16% C．42% D．50%【答案】B【解析】【分析】设果蝇的体色受A/a这对等位基因控制，翅形受B/b这对等位基因控制，根据题意可知，杂合灰身长翅雌果蝇与纯种黑身残翅雄果蝇的基因型分别是：AaBb和aabb。【详解】根据题意可知，杂合灰身长翅雌果蝇与纯种黑身残翅雄果蝇杂交，后代表现型及比例为：灰身：黑身=1：1，长翅：残翅=1：1，符合测交后代性状分离比，而后代灰身长翅：灰身残翅：黑身长翅：黑身残翅=42：8：8：42，说明果蝇的体色和翅形均满足分离定律，但不满足自由组合定律，且灰身长翅和黑身残翅为亲本型，若果蝇的体色受A/a这对等位基因控制，翅形受B/b这对等位基因控制，则亲本的基因型为AaBb和aabb，且灰身长翅亲本产生的配子及比例为AB：Ab：aB：ab=42：8：8：42，其中Ab和aB是重组型配子，重组型配子的概率是（8+8）/（42+8+8+42）=16%，这是由减数第一次分裂前期，同源染色体的非姐妹染色单体互换导致，故两对基因的交换值为16%，B正确，ACD错误。故选B。21．（2022·山东青岛·一模）某种动物的毛色由位于常染色体上的两对独立遗传的等位基因（A、a和B、b）控制，A基因控制黄色色素的合成，B基因控制灰色色素的合成，当两种色素都不存在时，该动物毛色表现为白色，当A、B基因同时存在时，该动物的毛色表现为褐色，但当配子中同时存在基因A、B时，配子致死。下列说法正确的是（

）A．该种动物的基因型共有6种，不存在基因型为AABB、AABb、AaBB的个体B．某黄色个体与灰色个体杂交，后代中四种体色均可能出现C．该动物的所有个体中，配子的致死率最高为25%D．褐色个体间杂交后代中褐毛：黄毛：灰毛：白毛=4：3：3：1【答案】ABC【解析】【分析】由题意知，A(a)与B(b)独立遗传，因此遵循自由组合定律，且A_bb为黄色，aaB_为灰色，A_B_为褐色、aabb为白色。由于AB配子致死，雌雄配子均只有Ab、aB、ab三种，故群体中不存在AABB、AABb、AaBB基因型的个体，该动物种群中只有AaBb、Aabb、aaBb、aaBB、AAbb、aabb共6种基因型。【详解】A、基因型为AABB、AABb、AaBB个体的形成需要基因型为AB配子的参与，但基因型为AB的配子致死，故该动物种群中只有3×33=6种基因型，表现型为4种，A正确；B、黄色个体基因型为Aabb，灰色个体基因型为aaBb，二者杂交，后代中四种体色均可能出现，B正确；C、6种基因型的个体中，只有褐毛AaBb的个体会产生致死配子AB，致死率为25%，C正确；D、褐色（AaBb）个体只能产生Ab、aB、ab三种配子，杂交后代的基因型有：AaBb、Aabb、aaBb、aaBB、AAbb、aabb，统计表现型及其比例为：褐毛：黄毛：灰毛：白毛=2:3:3:1，D错误。故选ABC。22．（2021·江苏·模拟预测）拟南芥植株较小、生长周期短、结实多、形态特征分明、易于观察，是典型的自交繁殖植物。拟南芥易于保持遗传稳定性，利于遗传研究，被科学家誉为“植物中的果蝇”。拟南芥果瓣有紫色和白色两种表现型，已知紫色果瓣形成的生物化学途径如图所示。A和a、B和b是分别位于两对染色体上的等位基因，其中A对a为显性、B对b为显性。下列说法错误的是（

）A．若基因型不同的两白色果瓣植株杂交，所得F1中紫色果瓣︰白色果瓣=1︰1，则两亲本基因型为AAbb、aaBbB．若紫色果瓣植株自交，所得F1中紫色果瓣︰白色果瓣=9︰7，则说明亲本紫色果瓣的基因型为AaBbC．基因控制该植物紫色果瓣和白色果瓣的途径与基因控制豌豆皱粒的途径不同D．若中间产物为红色，则基因型为AaBb的植株自交，所得F1中紫色果瓣︰红色果瓣︰白色果瓣=9︰6︰1【答案】ACD【解析】【分析】1、杂交后代出现9：3：4、9：6：1、13：3、12：3：1等一系列的分离比，若表现型比例之和是16，不管以什么样的比例呈现，都符合基因的自由组合定律。2、分析题图可知：紫色基因型为：A_B_，白色基因型为A_bb、aaB_、aabb。【详解】A、本题考查自由组合定律中性状分离比的变形分析。若基因型不同的两白色果瓣植株杂交，所得F1中紫色果瓣︰白色果瓣=1︰1，则两亲本白色果瓣植株的杂交组合应为AAbb×aaBb或Aabb×aaBB，A错误；B、若紫色果瓣植株自交，所得F1中紫色果瓣︰白色果瓣=9︰7，为9︰3︰3︰1的变式，则亲本紫色果瓣的基因型为AaBb，B正确；C、基因控制该植物紫色果瓣和白色果瓣的途径与基因控制豌豆皱粒的途径都是基因通过控制酶的合成控制代谢，进而控制性状的，C错误；D、若中间产物为红色（形成红色果瓣），基因型为AaBb的植株自交，子一代植株的基因型及比例为A_B_︰A_bb︰aaB_︰aabb=9︰3︰3︰1，表现型及比例为紫色果瓣︰红色果瓣︰白色果瓣=9︰3︰4，D错误。故选ACD。23．（2020·河北·模拟预测）某XY型性别决定植物，籽粒颜色与甜度由常染色体上的基因决定。用两种纯合植株杂交得F1，F1雌雄个体间杂交得F2，F2籽粒的性状表现及其比例为紫色非甜︰紫色甜︰白色非甜︰白色甜＝27︰9︰21︰7，从而推出亲本性状基因型的可能组合是（

）A．AABBDD×aabbdd B．AAbbDD×aaBBddC．AABBdd×AAbbDD D．AAbbdd×aaBBDD【答案】ABD【解析】【分析】分析题干信息可知：子代性状分离比27：9：21：7，比值之和为64=43，说明籽粒颜色和甜度由三对自由组合的等位基因控制，其分离比可转化为（9：7）×（3：1），其中紫色：白色=9：7，说明籽粒颜色由两对自由组合的等位基因控制（假设为A、D），且A和D同时存在为紫色，其余均为白色；非甜：甜=3：1，则甜度由一对基因控制（假设为B），B_为非甜，bb为甜。【详解】结合分析可知：根据F2发生的性状分离比，可知F1的基因型应为三杂合子AaBbDd，亲本的基因型可为AABBDD×aabbdd或者AAbbDD×aaBBdd或者AABBdd×aabbDD或者AAbbdd×aaBBDD。ABD正确，C错误。故选ABD。24．（2020·江苏·三模）洋葱鳞茎有红色、黄色和白色三种，研究人员用红色磷茎洋葱与白色鳞茎洋葱杂交，F1全为红色鳞茎洋葱，F1自交，F2中红色、黄色和白色鳞茎洋葱分别有121株、31株和11株。相关叙述正确的是（

）A．洋葱鳞茎不同颜色是由液泡中不同色素引起的B．洋葱鳞茎颜色是由遵循自由组合定律的两对等位基因控制的C．F2的红色鳞茎洋葱中与F1基因型相同的个体大约占1/3D．从F2中的黄色鳞茎洋葱中任取一株进行测交，得到白色洋葱的概率为1/4【答案】ABC【解析】【分析】根据题意可知，F1自交的后代F2中性状分离比约为12∶3∶1，是9∶3∶3∶1的变式，说明该性状是由两对等位基因控制的，符合基因的自由组合定律；假设这对性状是由A/a、B/b这两对基因控制，A和B同时存在时表现为红色，A不存在、B存在时表现为黄色，A和B都不存在时表现为白色；则亲本基因型为AABB、aabb，F1代基因型为AaBb。【详解】A、洋葱鳞茎不同颜色是由液泡中不同色素引起的，A正确；B、F1自交，F2中红色、黄色和白色鳞茎洋葱分别有121株、31株和11株，性状分离比约为12∶3∶1，是9∶3∶3∶1的变式，故遵循基因的自由组合定律，B正确；C、子一代的基因型为AaBb，F2的红色鳞茎洋葱中（9A_B_、3aaB_）与F1基因型相同的个体大约占4/12=1/3，C正确；D、从F2中的黄色鳞茎洋葱中任取一株，其基因型为aaBb（2/3）、aaBB（1/3），进行测交，得到白色洋葱aabb=2/3×1/2=1/3，D错误。故选ABC。25．（2021·辽宁·阜新市第二高级中学模拟预测）某植物红花和白花这对相对性状同时受多对等位基因（A/a、B/b、C/c……）控制，当个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时才开红花，否则开白花。现将两个纯合的白花品系杂交，F1开红花，再将F1自交，F2中的白花植株占37/64。若不考虑变异，下列说法正确的是（

）A．每对等位基因的遗传均遵循分离定律 B．该花色遗传至少受3对等位基因控制C．F2红花植株中杂合子占26/27 D．F2白花植株中纯合子基因型有4种【答案】ABC【解析】【分析】根据题意分析，本实验中将两个纯合的白花品系杂交，F1开红花，再将F1自交，F2中的白花植株占37/64，说明红花植株占137/64=27/64=（3/4）3，根据n对等位基因自由组合且完全显性时，F2中显性个体的比例为（3/4）n，可判断该花色遗传至少受3对等位基因的控制。【详解】A、等位基因是位于同源染色体相同位置上控制相对性状的基因，每对等位基因的遗传均遵循分离定律，A正确；B、由以上分析可知，该植物红花和白花这对相对性状至少受3对等位基因控制，遵循基因的自由组合定律，B正确；C、在F2中，红花占27/64，其中有1/27的个体（AABBCC）是纯合子，则有26/27的个体是杂合子，C正确；D、由于每对等位基因都至少含有一个显性基因时才开红花，所以F2红花植株中纯合子（AABBCC）基因型只有1种，白花植株中纯合子基因型有231=7（种），D错误。故选ABC。26．（2022·四川·成都七中模拟预测）回答下列相关问题：Ⅰ、豌豆的花色分为白色、红色和紫色。现有4个纯合品种：1个紫色（紫）、1个白色（白）、2个红色（红甲和红乙）。用这4个品种做杂交实验，结果如下：实验1：红甲×红乙，F1表现为紫，F2表现为9紫：6红：1白；实验2：白×紫，F1表现为紫，F2表现为9紫：6红：1白。实验3：用白色品种植株的花粉分别对上述两个杂交组合的F1植株授粉，其后代中紫：红：白均等于1：2：1．(1)若花色由一对等位基因控制用A、a表示，若两对等位基因控制用A、a和B、b表示，以此类推，则紫色的基因型应为_____，红色的基因型应为_____。(2)为了验证（1）中的结论，可用白色品种植株的花粉对实验2得到的F2植株授粉，单株收获F2中紫花的种子，每株的所有种子单独种植在一起得到一个株系。观察多个这样的株系，则所有株系中，理论上有1/9的株系F3花色均表现为紫色，有_____的株系F3表现型及数量比为紫色：红色=1：1，有_____的株系F3花色的表现型及数量比为_____。Ⅱ、豌豆的硬荚（T）和黄色子叶（R）对软荚（t）和绿色子叶（r）为显性。现用纯种硬荚、黄色子叶豌豆的花粉授在纯种软荚、绿色子叶豌豆雌蕊的柱头上进行杂交。请回答下列有关问题：(3)第二年将子一代杂交种子播种，结出果实中豆荚性状及比例为_____，子叶性状及比例为_____。(4)如果想要在最短时间内和最小工作量情况下获得更多的ttRR品系，请以F1代植株收获的籽粒为材料设计实验方案。_____【答案】(1)

AABB、AABb、AaBb、AaBB##A_B_

AAbb、Aabb、aaBB、aaBb##A_bb和aaB_(2)

4/9

4/9

紫：红：白=1：2：1(3)

全为硬荚

黄色：绿色=3：1(4)将F1植株上收获的黄色子叶籽粒种植下去，选择F2植株上的软荚黄色子叶籽粒种植后（自交），不出现性状分离的软荚黄色子叶籽粒植株即为ttRR品系【解析】【分析】分析实验1和2可知，F2表现为9紫：6红：1白，是9:3:3:1的变形，说明遵循自由组合定律。(1)根据9紫：6红：1白的性状分离比可知，花色由两对独立遗传的等位基因控制，相关基因用A、a和B、b表示，实验1和2的F1基因型均为AaBb，可知，紫色的基因型应为AABB、AABb、AaBb、AaBB（或A_B_），红色的基因型应为AAbb、Aabb、aaBB、aaBb（或A_bb和aaB_），白色基因型为aabb。(2)已知F2紫花植株的基因型分别为1/9AABB、2/9AABb、4/9AaBb、2/9AaBB，用白色品种植株的花粉ab对F2中紫花植株授粉，理论上有1/9的AABB株系F3花色均表现为紫色，有4/9的2/9AABb+2/9AaBB株系F3表现型及数量比为紫色：红色=1：1，有4/9的AaBb株系F3花色的表现型及数量比为紫：红：白=1：2：1。(3)豌豆的豆荚属于果皮，来自于母本的子房壁细胞，子叶由受精卵发育，故豆荚的基因型同母本的基因型，故纯种硬荚、黄色子叶豌豆TTRR的花粉授在纯种软荚、绿色子叶豌豆ttrr雌蕊的柱头上进行杂交，子一代杂交种子播种，结出果实中豆荚全为硬荚，子叶性状及比例为紫：红：白=1：2：1。(4)如果想要在最短时间内和最小工作量情况下获得更多的ttRR品系，可以将F1植株上收获的黄色子叶籽粒种植下去，选择F2植株上的软荚黄色子叶籽粒种植后（自交），不出现性状分离的软荚黄色子叶籽粒植株即为ttRR品系。27．（2022·广西广西·模拟预测）已知果蝇（2N=8）的长翅和小翅由常染色体上等位基因（A与a）控制，红眼和棕眼由另一对同源染色体的等位基因（B与b）控制。某研究小组进行了如下图所示的杂交实验。回答下列问题：(1)现在有个科研小组欲对果蝇进行基因组的研究，至少需要对果蝇测____________条染色体才能基本完成遗传信息的测序。(2)根据上述实验结果____________（填“能”或“不能”）确定眼色基因在X染色体上，理由是________________________。(3)若控制眼色的基因只位于X染色体上，亲本长翅红眼果蝇产生配子的基因组成及比例为____________。(4)若控制眼色的基因位于常染色体上，根据上述实验不能确定眼色性状的显隐性关系。为了确定其显隐性关系，应选取F1中____________进行交配，观察并统计后代表现型及比例。预期结果及结论：①若子代中出现____________，则红眼为显性性状；②若子代出现____________。则红眼为隐性性状。【答案】(1)5(2)

不能

因为F1中眼色性状和性别没有关联(3)AY:AXb:aXb:aY＝1:1:1:1(4)

红眼雌雄果蝇

红眼:棕眼＝3:1

全部为红眼【解析】【分析】实验中的两对相对性状的实验中，子代中翅形的分离比为3:1，眼色的分离比为1:1，根据子代中“3:3:1:1”的比例关系，可以判断两对基因的遗传遵循自由组合定律。(1)果蝇是二倍体生物，有8条染色体，是XY型性别决定方式，体细胞含有3对常染色体和1对性染色体，同源染色体相同位置上的基因控制的是同一性状，而X和Y染色体大小不同，所以研究果蝇的基因组中的DNA上的遗传信息，需要测定3条常染色体与X、Y染色体，合计5条染色体。(2)实验中的两对相对性状的实验中，子代中翅形的分离比为3:1，眼色的分离比为1:1，所以“3:3:1:1”说明两对基因的遗传符合自由组合定律，但是由于F1中眼色的遗传没有和性别表现出关联，所以不能确定眼色基因在X染色体上。(3)若控制眼色的基因只位于X染色体上，由于两对基因遵循自由组合定律，亲本长翅红眼的基因型为AaXbY,其产生的配子有AY、aY、AXb、aXb，比例关系为1:1:1:1。(4)若控制眼色的基因位于常染色体上，由于亲本均为棕眼雌性和红眼雄性，子代中出现了棕眼：红眼=1:1，说明亲本为杂合子与隐形纯合子，子代的基因型也为杂合子和隐性纯合子，但是无法判断眼色的显隐性。为了确定显隐性关系，可以取F1中红眼雌雄果蝇进行交配，若子代全为红眼：棕眼=3:1，说明红眼为杂合子，且红眼为显性性状；若子代全为红眼，说明红眼为隐性纯合子，且红眼是隐性性状。【点睛】本题考查了自由组合定律和伴性遗传，意在考查学生通过对分离定律和自由组合定律数量关系的理解和应用。28．（2022·江西·二模）某种昆虫眼色的紫色与红色由等位基因A/a控制，等位基因B/b与色素的合成有关，只有基因B的个体可以合成色素，只含基因b的个体不能合成色素，无色素合成时，眼色为白色。实验数据如下表，请回答问题。PF1F2♀♂♀♂♀♂纯合红眼纯合白眼紫眼红眼红眼紫眼白眼红眼紫眼白眼901905599903902604(1)A/a，B/b两对基因的遗传_____（填“遵循”或“不遵循”）基因的自由组合定律，紫色与红色这一对相对性状，隐性性状是_____，判断依据是_____。(2)若子二代中红眼个体随机交配，其子代红眼个体所占的比例是_____。(3)从F2中选择合适个体，用简便方法验证F1中的红眼雄性个体的基因型（写出实验思路及遗传图解）。_____【答案】(1)

遵循

红眼

F1雌性个体含红眼基因，却表现出为紫眼，可知紫眼对红眼为显性(2)8/9(3)实验思路：从F2中选择白眼雌性（bbXaXa）个体进行测交，统计后代表现型及比例；遗传图解如下：【解析】【分析】分析题干：B控制色素的合成，b无此作用，紫色与红色由等位基因A/a控制，现有纯合红眼雌性个体与纯合白眼雄性个体杂交得F1，F1雌性表现全为紫眼，雄性表现全为红眼，可知色素合成与否在雌雄中的比例一致，与性别无关，眼色在雌雄中比例不一致，与性别有关，推出B/b在常染色体上，A/a在X染色体上，且不在Y同源区段上，另F1雌性（含红眼基因）为紫眼，可知紫眼对红眼为显性，因此纯合亲本基因型为：BBXaXa、bbXAY，F1基因型为BbXAXa、BbXaY。(1)由分析可知，A/a位于X染色体上，B/b位于常染色体上，故这两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律；F1雌性含红眼基因，却表现出为紫眼，可知紫眼对红眼为显性，紫色与红色这一对相对性状，隐性性状是红眼。(2)由分析可知，F1基因型为BbXAXa、BbXaY，F2中红眼雌性基因型为BBXaXa：BbXaXa=1：2，产生雌配子为BXa：bXa=2：1，红眼雄性基因型为BBXaY：BbXaY=1：2，产生雄配子为BXa：bXa：BY：bY=2：1：2：1，故随机交配产生的子代中红眼（BBXaXa、BbXaXa、BBXaY、BbXaY）个体所占的比例是2/3×2/6+2/3×1/6+1/3×2/6+2/3×2/6+2/3×1/6+1/3×2/6=8/9。(3)由分析可知，F1中的红眼雄性个体的基因型为BbXaY，为验证该基因型，可从F2中选择白眼雌性（bbXaXa）个体进行测交，统计后代表现型及比例，可反映F1产生的配子类型及比列，从而验证F1基因型，遗传图解如下：【点睛】本题的知识点是自由组合和伴性遗传，旨在考查学生理解所学知识的要点，把握知识的内在联系，并应用相关知识结合题干信息对某些生物学问题进行解释、推理、判断、获取结论的能力。29．（2022·湖南·长郡中学模拟预测）某雌雄异株植物（性别决定方式为XY型）的花色有黄色、白色和红色三种，由A、a（在常染色体上）和B，b两对等位基因共同控制，相关色素的合成过程如下图所示。下表记录的是两组杂交实验的结果。请分析并回答下列问题：组别亲本F1F2母本父本甲黄花1白花1红花黄花：白花：红花=3：4：9乙黄花2白花2红花黄花：白花：红花=1：4：3(1)根据表中甲组实验结果，可推测该植物花色的遗传_____________（填“遵循”或“不遵循”）自由组合定律，理由是__________________________。(2)若B，b这对基因也位于常染色体上，则甲组实验中母本和父本的基因型分别是_____________，F2白花植株中纯合子的比例是_____________。(3)研究得知，乙组F1中A、a基因所在的染色体存在片段缺失，含有缺失染色体的某性别的配子致死，据此推测，乙组F1发生染色体缺失的是_______________（填“A”或“a”）基因所在的染色体。(4)根据甲组数据，有同学提出Bb这对基因不在常染色体上，而是在X、Y染色体的同源区段上，这位同学还需要统计甲组的_____________。【答案】(1)

遵循

甲组中的F2性状分离比是黄花：白花：红花=3：4：9（9：3：3：1的变式），可推测该植物花色的遗传遵循自由组合定律(2)

AAbb和aaBB

1/2(3)A(4)F2中黄花（或红花）个体的雌雄比例（或F2中各花色个体的雌雄比例）【解析】【分析】基因的自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂过中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。（发生的时间：减数第一次分裂后期）(1)根据表中甲组实验结果，F2性状分离比是黄花：白花：红花=3：4：9（9：3：3：1的变式），可推测该植物花色的遗传遵循自由组合定律。(2)由题意可知，红花基因型为A_B_，黄花基因型为A_bb，白花基因型为aa__，F1红花基因型均为AaBb，因此甲组实验中母本和父本的基因型分别是AAbb和aaBB，F2中表型为白花的基因型及比例为aaBB：aaBb：aabb=1：2：1，因此F2白花植株中纯合子的比例是1/2。(3)由题意可知，红花基因型为A_B_，黄花基因型为A_bb，白花基因型为aa__，F1红花基因型均为AaBb，乙组F2表型及比例为黄花：白花：红花=1：4：3，而检测得知乙组F1的染色体缺失导致雄配子或雌配子致死，故可判断染色体的缺失部分不包含A或a基因，发生染色体缺失的是A基因所在的染色体。(4)根据甲组数据，有同学提出B，b这对基因不在常染色体上，而是在X、Y染色体的同源区段上，如果B、b这对基因在常染色体上，子代雌雄均是黄花：白花：红花=3：4：9；若B，b这对基因在X、Y染色体的同源区段，则子代雌性中黄花：白花：红花=3：2：3，子代雄性中白花：红花=1：3，因此这位同学还需要统计甲组的F2中黄花（或红花）个体的雌雄比例（或F2中各花色个体的雌雄比例）。【点睛】本题考查自由组合定律结果的变式，要求考生能够从配子产生的角度理解自由组合定律且可以通过变形判断基因的位置，考生需具备一定的知识迁移能力，再结合所学知识正确答题。30．（2022·湖南岳阳·模拟预测）豌豆素是野生型豌豆（二倍体，一个细胞中的染色体数2N＝16）产生的一种抵抗真菌侵染的化学物质。研究表明控制产生豌豆素的基因A对a为显性；但在另一对等位基因B、b中，显性基因B存在时会抑制豌豆素的产生。研究人员对纯种野生型豌豆进行诱变处理，培育出了两个不能产生豌豆素的纯种（品系甲、品系乙），多次重复实验均获得相同实验结果。利用品系甲和乙，他们进行了如下图所示的实验。请据此回答下列问题：(1)豌豆是研究遗传实验的好材料，原因之一是豌豆在自然条件下一般都是纯种，因为豌豆是_____植物。(2)分析实验_____（填“一”或“二”）可推知，控制豌豆素是否产生的这两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律原因是：_____________________。结合上述两个实验可知，品系甲的基因型为________。如果让实验二F2中的所有无豌豆素个体在自然适宜条件下随机繁殖，理论上其后代将出现的表现型及其比例是_________。(3)某同学想要验证上述实验一中F1的基因型，用F1无豌豆素与品系___________（填“甲”或“乙”）杂交，理论上子代表现型及比例为：____________________________。【答案】(1)自花传粉、闭花受粉(2)

一

F2的表现型为13∶3为9∶3∶3∶1的变式

AABB

有豌豆素∶无豌豆素＝1∶5(3)

乙

有豌豆素∶无豌豆素＝1∶3【解析】【分析】根据题意和图示分析可知：实验一：品系甲x品系乙→F1无豌豆素→F1自交→F2中有豌豆素：无豌豆素=3：13；实验二：品系甲x野生型→F1无豌豆素→F1自交→F2中有豌豆素：无豌豆素=1：3。实验一中3：13是9：3：3：1的变形，所以可以推测：品系甲与品系乙存在两对等位基因的差异，假设决定产生豌豆素的基因A对a为显性，则基因B对豌豆素的产生有抑制作用，而基因b没有，所以有豌豆素的基因型为AAbb和Aabb。(1)豌豆是研究遗传实验的好材料，原因之一是豌豆在自然条件下一般都是纯种，因为豌豆是自花传粉、闭花受粉。(2)由于实验一中F2的表现型为13∶3为9∶3∶3∶1的变式，控制豌豆素的两对等位基因位于2对同源染色体上，故控制豌豆素是否产生的这两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律。根据题干中野生型豌豆能产生抵抗真菌侵染的豌豆素，野生型豌豆有豌豆素的基因型可能为AAbb或Aabb。无豌豆素的植株基因型有A_B_、aabb或aaB_，根据实验一品系甲和品系乙都是纯种无豌豆素，推知二者基因型可能是AABB、aabb和aaBB。因F1自交后代中有有豌豆素：无豌豆素=3：13，所以品系甲只能是AABB或aabb。又由实验二可知，品系甲（AABB或aabb）×野生型纯种（只能是AAbb），F1均为无豌豆素且后代有豌豆素：无豌豆素=1：3。可判断品系甲基因型为AABB，品系乙基因型为aabb。实验二中品系甲基因型为AABB，野生型纯种的基因型为AAbb，故F1的基因型为AABb，F2中的所有无豌豆素AAB_个体自然适宜条件下随机繁殖，包括1/3AABB、2/3AABb自交，后代有豌豆素（AAbb）的比例为2/3×1/4=1/6，因此后代有豌豆素：无豌豆素=1：5。(3)验证控制上述实验一中F1的基因型AaBb。可利用测交实验进行验证，即选用的实验一的F1（AaBb）与品系乙（aabb）杂交，子代性状及比例应为有豌豆素（Aabb）：无豌豆素（AaBb、aaBb、aabb）=1：31．（2022·山东·高考真题）野生型拟南芥的叶片是光滑形边缘，研究影响其叶片形状的基因时，发现了6个不同的隐性突变，每个隐性突变只涉及1个基因。这些突变都能使拟南芥的叶片表现为锯齿状边缘。利用上述突变培育成6个不同纯合突变体①~⑥，每个突变体只有1种隐性突变。不考虑其他突变，根据表中的杂交实验结果，下列推断错误的是（

）杂交组合子代叶片边缘①×②光滑形①×③锯齿状①×④锯齿状①×⑤光滑形②×⑥锯齿状A．②和③杂交，子代叶片边缘为光滑形 B．③和④杂交，子代叶片边缘为锯齿状C．②和⑤杂交，子代叶片边缘为光滑形 D．④和⑥杂交，子代叶片边缘为光滑形【答案】C【解析】【分析】6个不同的突变体均为隐性纯合，可能是同一基因突变形成的，也可能是不同基因突变形成的。【详解】AB、①×③、①×④的子代叶片边缘全为锯齿状，说明①与③④应是同一基因突变而来，因此②和③杂交，子代叶片边缘为光滑形，③和④杂交，子代叶片边缘为锯齿状，AB正确；C、①×②、①×⑤的子代叶片边缘为全为光滑形，说明①与②、①与⑤是分别由不同基因发生隐性突变导致，但②与⑤可能是同一基因突变形成的，也可能是不同基因突变形成的；若为前者，则②和⑤杂交，子代叶片边缘为锯齿状，若为后者，子代叶片边缘为光滑形，C错误；D、①与②是由不同基因发生隐性突变导致，①与④应是同一基因突变而来，②×⑥的子代叶片边缘为全为锯齿状，说明②⑥是同一基因突变形成的，则④与⑥是不同基因突变形成的，④和⑥杂交，子代叶片边缘为光滑形，D正确。故选C。2．（2022·山东·高考真题）家蝇Y染色体由于某种影响断成两段，含s基因的小片段移接到常染色体获得XY'个体，不含s基因的大片段丢失。含s基因的家蝇发育为雄性，只含一条X染色体的雌蝇胚胎致死，其他均可存活且繁殖力相同。M、m是控制家蝇体色的基因，灰色基因M对黑色基因m为完全显性。如图所示的两亲本杂交获得F1，从F1开始逐代随机交配获得Fn。不考虑交换和其他突变，关于F1至Fn，下列说法错误的是（

）A．所有个体均可由体色判断性别 B．各代均无基因型为MM的个体C．雄性个体中XY'所占比例逐代降低 D．雌性个体所占比例逐代降低【答案】D【解析】【分析】含s基因的家蝇发育为雄性，据图可知，s基因位于M基因所在的常染色体上，常染色体与性染色体之间的遗传遵循自由组合定律。【详解】A、含有M的个体同时含有s基因，即雄性个体均表现为灰色，雌性个体不会含有M，只含有m，故表现为黑色，因此所有个体均可由体色判断性别，A正确；B、含有Ms基因的个体表现为雄性，基因型为MsMs的个体需要亲本均含有Ms基因，而两个雄性个体不能杂交，B正确；C、亲本雌性个体产生的配子为mX，雄性亲本产生的配子为XMs、Ms0、Xm、m0，子一代中只含一条X染色体的雌蝇胚胎致死，雄性个体为1/3XXY’（XXMsm）、1/3XY’（XMsm），雌蝇个体为1/3XXmm，把性染色体和常染色体分开考虑，只考虑性染色体，子一代雄性个体产生的配子种类及比例为3/4X、1/40，雌性个体产生的配子含有X，子二代中3/4XX、1/4X0；只考虑常染色体，子二代中1/2Msm、1/2mm，1/8mmX0致死，XXmm表现为雌性，所占比例为3/7，雄性个体3/7XXY’（XXMsm）、1/7XY’（XMsm），即雄性个体中XY'所占比例由1/2降到1/4，逐代降低，雌性个体所占比例由1/3变为3/7，逐代升高，C正确，D错误。故选D。3．（2022·湖南·高考真题）大鼠控制黑眼/红眼的基因和控制黑毛/白化的基因位于同一条染色体上。某个体测交后代表现型及比例为黑眼黑毛:黑眼白化:红眼黑毛:红眼白化=1:1:1:1。该个体最可能发生了下列哪种染色体结构变异（）A．B．C． D．【答案】C【解析】【分析】染色体结构变异包括4种类型：缺失、重复、易位和倒位。分析选项可知，A属于缺失、B属于重复、C属于易位，D属于倒位。【详解】分析题意可知：大鼠控制黑眼/红眼的基因和控制黑毛/白化的基因位于同一条染色体上，两对等位基因为连锁关系，正常情况下，测交结果只能出现两种表现型，但题干中某个体测交后代表现型及比例为黑眼黑毛:黑眼白化:红眼黑毛:红眼白化=1:1:1:1，类似于基因自由组合定律的结果，推测该个体可产生四种数目相等的配子，且控制两对性状的基因遵循自由组合定律，即两对等位基因被易位到两条非同源染色体上，C正确。故选C。4．（2022·广东·高考真题）下列关于遗传学史上重要探究活动的叙述，错误的是（

）A．孟德尔用统计学方法分析实验结果发现了遗传规律B．摩尔根等基于性状与性别的关联证明基因在染色体上C．赫尔希和蔡斯用对比实验证明DNA是遗传物质D．沃森和克里克用DNA衍射图谱得出碱基配对方式【答案】D【解析】【分析】1、孟德尔发现遗传定律用了假说演绎法，其基本步骤:提出问题→作出假说→演绎推理→实验验证(测交实验)→得出结论。2、萨顿运用类比推理的方法提出基因在染色体的假说，摩尔根运用假说演绎法证明基因在染色体上。3、赫尔希和蔡斯进行了T2噬菌体侵染细菌的实验，实验步骤:分别用35S或32P标记噬菌体→噬菌体侵染未被标记的细菌→在搅拌器中搅拌，然后离心，检测上清液和沉淀物中的放射性物质，证明了DNA是遗传物质。4、沃森和克里克用建构物理模型的方法研究DNA的结构。【详解】A、孟德尔用统计学方法分析杂合子自交子代的表现型及比例，发现了遗传规律，A正确；B、摩尔根等基于果蝇眼色与性别的关联，证明了基因在染色体上，B正确；C、赫尔希和蔡斯分别用32P和35S标记T2噬菌体DNA和蛋白质，通过对比两组实验结果，证明了DNA是遗传物质，C正确；D、沃森和克里克用DNA衍射图谱得出了DNA的螺旋结构，D错误。故选D。5．（2022·全国·高考真题）某种自花传粉植物的等位基因A/a和B/b位于非同源染色体上。A/a控制花粉育性，含A的花粉可育；含a的花粉50%可育、50%不育。B/b控制花色，红花对白花为显性。若基因型为AaBb的亲本进行自交，则下列叙述错误的是（

）A．子一代中红花植株数是白花植株数的3倍B．子一代中基因型为aabb的个体所占比例是1/12C．亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子数的3倍D．亲本产生的含B的可育雄配子数与含b的可育雄配子数相等【答案】B【解析】【分析】分析题意可知：A、a和B、b基因位于非同源染色体上，独立遗传，遵循自由组合定律。【详解】A、分析题意可知，两对等位基因独立遗传，故含a的花粉育性不影响B和b基因的遗传，所以Bb自交，子一代中红花植株B_：白花植株bb=3：1，A正确；B、基因型为AaBb的亲本产生的雌配子种类和比例为AB:Ab:aB:ab=1:1:1:1，由于含a的花粉50%可育，故雄配子种类及比例为AB:Ab:aB:ab=2:2:1:1，所以子一代中基因型为aabb的个体所占比例为1/4×1/6=1/24，B错误；C、由于含a的花粉50%可育，50%不可育，故亲本产生的可育雄配子是A+1/2a，不育雄配子为1/2a，由于Aa个体产生的A：a=1:1，故亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子的三倍，C正确；D、两对等位基因独立遗传，所以Bb自交，亲本产生的含B的雄配子数和含b的雄配子数相等，D正确。故选B。6．（2021·重庆·高考真题）家蚕性别决定方式为ZW型。Z染色体上的等位基因D、d分别控制正常蚕、油蚕性状，常染色体上的等位基因E、e分别控制黄茧、白茧性状。现有EeZDW×EeZdZd的杂交组合，其F1中白茧、油蚕雌性个体所占比例为（

）A．1/2 B．1/4 C．1/8 D．1/16【答案】C【解析】【分析】由题意可知，两对等位基因位于非同源染色体上，遵循基因的自由组合定律。【详解】EeZDW×EeZdZd杂交，F1中白茧、油茧雌性（eeZdW）所占的比例为1/4×1×1/2＝1/8，ABD错误，C正确。故选C。7．（2021·海南·高考真题）孟德尔的豌豆杂交实验和摩尔根的果蝇杂交实验是遗传学的两个经典实验。下列有关这两个实验的叙述，错误的是（

）A．均将基因和染色体行为进行类比推理，得出相关的遗传学定律B．均采用统计学方法分析实验结果C．对实验材料和相对性状的选择是实验成功的重要保证D．均采用测交实验来验证假说【答案】A【解析】【分析】1、孟德尔发现遗传定律用了假说演绎法，其基本步骤：提出问题→作出假说→演绎推理→实验验证(测交实验)→得出结论。2、萨顿运用类比推理的方法提出基因在染色体的假说，摩尔根运用假说演绎法证明基因在染色体上。【详解】A、两个实验都是采用的假说演绎法得出相关的遗传学定律，A错误;B、孟德尔豌豆杂交实验和摩尔根果蝇杂交实验都采用了统计学方法分析实验数据，B正确;C、孟德尔豌豆杂交实验成功的原因之一是选择了豌豆作为实验材料，并且从豌豆的众多性状中选择了7对性状；摩尔根的果蝇杂交实验成功的原因之一是选择了果蝇作为实验材料，同时也从果蝇的众多性状当中选择了易于区分的白红眼性状进行研究，C正确；D、这两个实验都采用测交实验来验证假说，D正确。故选A。8．（2021·湖北·高考真题）甲、乙、丙分别代表三个不同的纯合白色籽粒玉米品种，甲分别与乙、丙杂交产生F1，F1自交产生F2，结果如表。组别杂交组合F1F21甲×乙红色籽粒901红色籽粒，699白色籽粒2甲×丙红色籽粒630红色籽粒，490白色籽粒根据结果，下列叙述错误的是（

）A．若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则F2玉米籽粒性状比为9红色：7白色B．若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则玉米籽粒颜色可由三对基因控制C．组1中的F1与甲杂交所产生玉米籽粒性状比为3红色：1白色D．组2中的F1与丙杂交所产生玉米籽粒性状比为1红色：1白色【答案】C【解析】【分析】据表可知：甲×乙产生F1全是红色籽粒，F1自交产生F2中红色：白色=9：7，说明玉米籽粒颜色受两对等位基因控制，且两对等位基因遵循自由组合定律；甲×丙产生F1全是红色籽粒，F1自交产生F2中红色：白色=9：7，说明玉米籽粒颜色受两对等位基因控制，且两对等位基因遵循自由组合定律。综合分析可知，红色为显性，红色与白色可能至少由三对等位基因控制，假定用A/a、B/b、C/c，甲乙丙的基因型可分别为AAbbCC、aaBBCC、AABBcc。（只写出一种可能情况)【详解】A、若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒（AaBBCc），两对等位基因遵循自由组合定律，则F2玉米籽粒性状比为9红色：7白色，A正确；B、据分析可知若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则玉米籽粒颜色可由三对基因控制，B正确；C、据分析可知，组1中的F1（AaBbCC）与甲（AAbbCC）杂交，所产生玉米籽粒性状比为1红色：1白色，C错误；D、组2中的F1（AABbCc）与丙（AABBcc）杂交，所产生玉米籽粒性状比为1红色：1白色，D正确。故选C。9．（2021·山东·高考真题）果蝇星眼、圆眼由常染色体上的一对等位基因控制，星眼果蝇与圆眼果蝇杂交，子一代中星眼果蝇∶圆眼果蝇=1∶1，星眼果蝇与星眼果蝇杂交，子一代中星眼果蝇∶圆眼果蝇=2∶