专题30 解直角三角形模型之12345模型解读与提分精练（全国）（解析版）

专题30解直角三角形模型之12345模型初中几何，直角三角形具有举足轻重的地位，贯彻初中数学的始终，无论是一次函数、平行四边形、特殊平行四边形、反比例函数、二次函数、相似、圆，都离不开直角三角形。今天我们要重点介绍的“12345”模型就是中考（选填题）解题神器，需要我们反复断钻研、领悟。现在带领大家领略一下，“12345”模型的独特魅力。TOC\o"1-4"\h\z\u 1模型1.“12345”模型及衍生模型 1 3 13模型1.“12345”模型及衍生模型（19年北京市中考）如图所示的网格是正方形网格，则∠PAB+∠PBA＝°（点A，B，P是网格交点）。该类问题解法很多，这里我们就根据现有的方格纸来构造一个等腰直角三角形。如图，即：∠PAB+∠PBA=∠BPQ=45°。上面的∠PAB和∠PBA便是今天要说的特殊角，除了它们的和为45°之外，用三角函数的观点来看：tan∠PAB=，tan∠PBA=，对于这里的数据，为了便于记忆，总结为“12345”模型。12345基础模型模型还可变式为；变式1：；变式2：。证明：（基础模型）如图，作矩形ABCD，且AB=CD=3，AD=BC=4，在BC上取一点E使得BE=1，在DC上取一点F使得DF=2，根据矩形性质得：EC=3，CF=1，故tan∠DAF=，tan∠BAE=，tan∠FEC=，易证：△ABE≌△ECF，∴∠BAE=∠CEF，AE=EF，∵∠BAE+∠AEB=90°，∴∠CEF+∠AEB=90°，∴∠AEF=90°，∴∠EAF=45°图1证明：（模型变式1）如图，作矩形ABCD，且AB=CD=a，AD=BC=a+b，在BC上取一点E使得BE=a，在DC上取一点F使得DF=b-a，根据矩形性质得：EC=b，CF=a，故tan∠DAF=，tan∠BAE=，tan∠FEC=，易证：△ABE≌△ECF，∴∠BAE=∠CEF，AE=EF，∵∠BAE+∠AEB=90°，∴∠CEF+∠AEB=90°，∴∠AEF=90°，∴∠EAF=45°模型变式2可借鉴变式1证明方法，自行证明即可。注意：下面模型中，，2，3，，均为对应角的正切值。 （1）∠α+∠β＝45°；（2）∠α+45°＝∠GAF；（3）∠DAF+45°＝∠EAH；（4）∠α+∠β＝135°；（5）∠α+∠β＝90°；（6）∠ADB+∠DBA＝∠BAC；（6）∠ADB+∠DBA＝∠BAC；我们还可以得到上面的这些补充的模型，证明并不算困难，有兴趣的同学可借助网格图或构造图形自行进行证明。我们还可以得到切记：做题不光要知道题目告诉我什么，还要根据已知的信息，思考这里需要什么，而“12345”模型用来解决相关的选填题非常方便。下面所列举的某些题，利用“12345”解题也许未必是最简，最巧妙的，但至少可以成为一种通性通法，可在短时间内快速破题。毕竟在考试的时候时间是非常宝贵的。例1．（2022·四川乐山·中考真题）如图，在中，，，点D是AC上一点，连接BD．若，，则CD的长为（

）A． B．3 C． D．2【答案】C【分析】法1：先根据，，再由12345模型知：∠BDC＝45°，从而可求出CD．法2：先根据锐角三角函数值求出，再由勾股定理求出过点D作于点E，依据三角函数值可得从而得，再由得AE=2，DE=1，由勾股定理得AD=，从而可求出CD．【详解】法1：∵，，∴根据12345模型知：∠BDC＝45°，∵，∴三角形BCD为等腰直角三角形，∵，∴CD=法2：在中，，，∴∴由勾股定理得,过点D作于点E，如图，∵，，∴∴∴∴∵∴∴∴,在中,∴∵∴故选：C【点睛】本题主要考查了勾股定理，由锐角正切值求边长，正确作辅助线求出DE的长是解答本题的关键．例2．（2024·吉林长春·校考二模）如图，正方形ABCD中，AB=8，G是BC的中点．将△ABG沿AG对折至△AFG，延长GF交DC于点E，则DE的长是（

）A． B．2 C． D．3【答案】C【分析】法1：连接AE，由折叠的性质可得AF=AB=AD，BG=GF，易证Rt△ADE≌Rt△AFE，得到DE=EF，设DE=x，在Rt△CEG中利用勾股定理建立方程求解．法2：先求出∠GAE=45°，再利用12345模型的变式，求解即可。【详解】解：法1：如图所示，连接AE，∵四边形ABCD为正方形，∴AB=BC=CD=AD=8，∠B=∠C=∠D=90°∵G为BC的中点∴BG=GC=4由折叠的性质可得AF=AB=8，BG=GF=4，在Rt△ADE和Rt△AFE中，∵AE=AE，AF=AD=8，∴Rt△ADE≌Rt△AFE（HL）∴DE=EF设DE=EF=x，则EC=8-x在Rt△CEG中，GC2+EC2=GE2，即解得故选：C．法2：由法1知：Rt△ADE≌Rt△AFE，∴∠DAE=∠FAE，由翻折知：∠BAG=∠FAG，∵∠DAB=90°，∴∠GAE=45°，∵AB=8，G是BC的中点，∴，由12345模型变式知：，∵AD=8，∴DE，故选：C．【点睛】本题考查正方形中的折叠问题，利用正方形的性质证明DE=EF，然后利用勾股定理建立方程是解题的关键．例3．（23-24八年级下·江苏南京·期中）如图，在四边形中，，，，E是上一点，且，则的长度是（

）A．3.2 B．3.4 C．3.6 D．4【答案】B【分析】法1：过点C作CF⊥AD，交AD延长线于F，利用12345模型变式求解即可。法2：如图，过点C作CF⊥AD，交AD延长线于F，CG⊥CD，交AB延长线于G，可证明四边形ABCF是正方形，可得DF的长，根据角的和差关系可得∠DCF=∠GCB，利用ASA可证明△DCF≌△GCB，可得CD=CG，BG=DF，根据∠DCE=45°可知∠ECG=∠DCE=45°，利用SAS可证明△DCE≌△GCE，可得DE=GE，根据S正方形ABCF=S△AED+2S△GCE列方程可求出AE的长，进而求出GE的长即可得答案．【详解】法1：如图，过点C作CF⊥AD，交AD延长线于F，∵，，，∴四边形ABCF是正方形，DF=1，CF=4，∴，由12345模型变式(即：)知：∵BC=4，∴BE，AE，∵AF=4，DF=1，∴AD=3，∴DE，故选：B．法2：如图，过点C作CF⊥AD，交AD延长线于F，CG⊥CD，交AB延长线于G，∵，，，∴四边形ABCF是正方形，DF=1，∵∠DCF+∠BCD=90°，∠GCB+∠BCD=90°，∴∠DCF=∠GCB，在△DCF和△GCB中，，∴△DCF≌△GCB，∴CG=CD，BG=DF=1，∵∠DCE=45°，CG⊥CD，∴∠ECG=∠DCE=45°，在△DCE和△GCE中，，∴△DCE≌△GCE，∴S△GCE=S△DCE，DE=GE，∴S正方形ABCF=S△AED+2S△GCE，∴AE·AD+2×GE·BC=AB2，即×3AE+4（5-AE）=42，解得：AE=1.6，∴DE=GE=5-AE=3.4．故选：B．【点睛】本题考查正方形的判定与性质及全等三角形的判定与性质，熟练掌握相关性质及判定定理是解题关键．例4．（2023·山西晋城·模拟预测）如图，在正方形中，点，分别为，的中点，连接，点是线段上一点，连接，延长交于点，若，，则的长为．【答案】【分析】．法1：过点作AH//FM，交DC于点H，先求出∠HAE=45°，再用12345模型的变式，求解即可。法2：连接交于N，过点F作于H，由正方形的性质得，，，，由勾股定理得，再证明，得，从而求得，，继而求得，，，然后证明，得，即，从而求得，继而求得，最后证明，得∴，即，从而可求得．【详解】法1：过点作AH//FM，交DC于点H，∵正方形，∴，∴四边形AFMH为平行四边形。∵，∴∵点，分别为，的中点，，∴BE=AF=HM=2，∴，∵，由12345模型变式知：，∵AD=4，∴，∴，法2：连接交于N，过点F作于H，如图，∵正方形，∴，，，，∴，∵点，分别为，的中点，∴，，∴，∵，，∴，∴，∵，∴，∴，即，∴，，∴，∴，，∵，，∴，∴，即，∴，∴，∵，∴，∴，即，∴，故答案为：．【点睛】本题词考查正方形的性质，勾股定理，相似三角形判定与性质，等腰直角三角形，熟练掌握相似三角形判定与性质是解题的关键．例5.（2023.成都市九年级期中）如图，在矩形ABCD中，AB=2，BC=4，点E、F分别在BC、CD上，若AE=，∠EAF=45°，则AF的长为.【答案】【解析】根据AB=2，AE=，∠B=90°得到：BE=2，可得tan∠BAE=，∵∠FAE＝45°，∠BAD＝90°，∴∠BAE+∠DAF＝45°，根据12345模型知：tan∠DAF=，∴DF=，再根据勾股定理求得：AF=，故答案为：例6．（23-24九年级上·福建泉州·期中）如图，在平面直角坐标系中，直线分别交轴，轴于两点，已知点，点为线段的中点，连结，若，则的值为．【答案】【分析】法1：由12345模型求解；法2：构造相似三角形，对的取值分析进行讨论，在时，点在轴的负半轴，而此时，，不合题意；故．由相似比求得边的相应关系．【详解】法1：∵一次函数的图像分别交x、y轴于点A、B。∴A（m，0）B（0，m），AO=m，BO=m，∴∠ABO=45°，∵∠CPA=∠ABO，∴∠APC=45°，设∠PAO=α，∠OPC=β，∵∠α+∠β+∠APC＝90°，∠APC＝45°，∴∠α+∠β＝45°，∵点P为线段OB的中点，∴P（0，），PO=，可得tanα=，根据12345模型知：tanβ=，∴3OC=OP，∵C（2,0）∴OP=6，∴OB=OA=12，m=12．法2：作，连接．则，,如图，由可得．∴，∴．当时，，所以，此时，故不合题意．∴．∵，∴，即，∴，

∵点为线段的中点，∴，∴，即解得．故答案是：．【点睛】本题考查了一次函数图象的性质，相似三角形的判定与性质，解题的关键是构造相似三角形．例7.（2023·龙华区九年级上期末）如图，已知正方形ABCD的边长为6，E为BC的中点，将△ABE沿直线AE折叠后，点B落在点F处，AF交对角线BD于点G，则FG的长是________．【答案】【解析】∵E为BC的中点，AB=6，∴BE=3，可得tan∠BAE=，由翻折知：tan∠FAE=，根据12345模型知：tan∠GAD=，过点G作GH⊥AD，∵ABCD是正方形，∴DH=GH设AH=4x，则GH=DH=3x，AG=5x，AD=7x，故AB=AF=7x，GF=2x。∵AB=6，∴7x=6，x=，GH=，故答案为：。8．（2024九年级上·浙江·专题练习）如图，将已知矩形纸片的边斜着向边对折，使点落在上，记为，折痕为；再将边斜向下对折，使点落在边上，记为，折痕为，，．则矩形纸片的面积为．

AADBCEFD′B′【答案】【分析】根据折叠性质和勾股定理求得和的长，或者利用相似三角形的判定与性质求出相应线段长，再由勾股定理解方程，然后根据矩形的面积公式代值求解即可得到答案．【详解】解：方法1：由题意，BC＝B'C，CD＝C'D，∠BCE＝∠B'CE，∠DCF＝∠D'CF．∵∠BCD＝90°，∴∠ECF＝∠B'CE＋∠D'CF＝45°．∵BE＝，∴tan∠BCE＝，由12345模型变式知∴tan∠D'CF＝，tan∠B'CB＝．∵AD∥BC，∴∠FB'D'＝∠B'CB，∴tan∠FB'D'＝，∴DF＝D'F＝BD’＝，∴CD＝CD'＝2D'F＝3，∴BC＝B'C＝B'D'＋CD'＝2＋3＝5，∴S矩形ABCD＝BC·CD＝5×3＝15．解：方法2：设，则，由题意可得，，，，，，，，，，，解得或，当时，，，时不符合题意，舍去；当时，，，矩形纸片的面积为，故答案为：；方法3：设，则，，，由题意可得△，，，，，，，在中，由勾股定理可得，即，解得，（舍去），矩形纸片的面积为，故答案：．【点睛】本题考查翻折变化、矩形的性质、勾股定理、相似三角形的判定与性质等知识，解答本题的关键是明确题意，找出所求问题需要的条件，利用翻折的性质和矩形的面积公式解答．例9.（2023·湖北黄冈·统考中考真题）如图，矩形中，，以点B为圆心，适当长为半径画弧，分别交，于点E，F，再分别以点E，F为圆心，大于长为半径画弧交于点P，作射线，过点C作的垂线分别交于点M，N，则的长为（

）

A． B． C． D．4【答案】A【简证】易知，故【详解】解：如图，设与交于点O，与交于点R，作于点Q，

矩形中，，，．由作图过程可知，平分，四边形是矩形，，又，，在和中，，，，，设，则，在中，由勾股定理得，即，解得，．．，．，，，，即，解得．例10.（2023.呼和浩特中考真题）如图，正方形的边长为，点是的中点，与交于点，是上一点，连接分别交，于点，，且，连接，则，．【答案】2【简证】易知，，接下来对△AME分析，如图易知，过M作AE的垂线段，设EM=5x，则，，则【常规法思路】如图，证明，得到，勾股定理求出的长，等积法求出的长，证明，相似比求出的长，证明，求出的长，证明，求出的长，再利用勾股定理求出的长．【常规法】解：∵正方形的边长为，点是的中点，∴，，∴，∵，∴，∴，∴，∴，∴，∵，∴，∴；∵，∴，，∴，∴，∴，故点作，则：，∴，∴，∴，∴，∴1．（23-24广东汕头·模拟预测）如图，正方形中，，是的中点．将沿对折至，延长交于点，则的长是（

）A．5 B．4 C．3 D．2【答案】A【分析】法1：连接AE，根据正方形与轴对称的性质证明Rt△AFE≌Rt△ADE，得出EF＝DE，设DE＝FE＝x，在Rt△ECG中应用勾股定理求出x，进而求解．法2：先求出∠GAE=45°，再利用12345模型的变式，求解即可。【详解】如图，连接AE，由题意知，AB＝AD＝AF，∠D＝∠B＝∠AFE＝90°，在Rt△AFE和Rt△ADE中，，∴Rt△AFE≌Rt△ADE（HL），∴EF＝DE，设DE＝FE＝x，则EC＝6﹣x，∵G为BC中点，BC＝6，∴CG＝3，在Rt△ECG中，由勾股定理，得：，解得，x＝2，即DE＝2，∴GE＝3+2＝5，故选A．法2：由法1知：Rt△AFE≌Rt△ADE，∴∠DAE=∠FAE，EF＝DE，由翻折知：∠BAG=∠FAG，GF＝GB，∵∠DAB=90°，∴∠GAE=45°，∵AB=6，G是BC的中点，∴BG=3，，由12345模型变式知：，∵AD=6，∴DE=2，GE＝3+2＝5，故选：A．【点睛】本题考查正方形的性质，轴对称的性质，全等三角形的判定与性质，勾股定理，证明Rt△AFE≌Rt△ADE是解题的关键．2．（2024·山东淄博·校考一模）如图，正方形ABCD的边长为9，点E，F分别在边AB，AD上，若E是AB中点，且∠ECF=45°，则CF的长为（

）

A．12 B．3 C．3 D．3【答案】C【分析】法1：利用12345模型的变式，求解即可。法2：将△CDF逆时针旋转到△CBM的位置，易证△CEF与△CEM全等，设，表示出EF，AF长度，解直角三角形即可求解，再通过勾股定理求算CF．【详解】法1：∵BC=8，E是AB中点，∴BE=4，∴，∵∠ECF=45°，由12345模型变式知：，∵DC=9，∴DF=3，∴，故选：C．法2：将△CDF逆时针旋转到△CBM∵∠ECF=45°，四边形ABCD是正方形∴∴△CEF≌△CEM∴设，E是AB中点∴∴在直角三角形AEF中：解得：∴故答案选：C．

【点睛】本题考查正方形与旋转、勾股定理综合．转化相关的线段建立等量关系是解题关键．3．（23-24九年级下·江苏南通·阶段练习）如图，在四边形中，，，，是边上一点，且，则的长度是（

）A．8 B．7.4 C．7 D．6.8【答案】D【分析】法1：利用12345模型的变式，求解即可。法2：本题考查了正方形的判定与性质、全等三角形的判定与性质、勾股定理，作于，延长至，使，证明四边形为正方形，得出，，，证明以及，得出，设，则，再由勾股定理计算即可得出答案．【详解】法1：如图，过点C作CF⊥AD，交AD延长线于F，∵，，，∴四边形ABCF是正方形，DF=2，CF=8，∴，由12345模型变式(即：)知：∵BC=8，∴BE，AE，∵AF=8，DF=2，∴AD=6，∴DE，故选：D．法2：解：如图，作于，延长至，使，∵，，∴四边形为正方形，∴，，，∵，∴，∵，，，∴，∴，，∵，∴，∴，∵，，，∴，∴，设，则，∴，在中，，∴，解得：，∴，故选：D．4．（23-24九年级上·贵州铜仁·期末）如图，在平面直角坐标系xOy中，直线y＝﹣x＋m（m≠0）分别交x轴，y轴于A，B两点，已知点C（3，0）．点P为线段OB的中点，连接PA，PC，若∠CPA＝45°，则m的值是．【答案】18【分析】法1：由12345模型求解；法2：构造相似三角形△PCD∽△APB，对m的取值分析进行讨论，在m＜0时，点A在x轴的负半轴，而此时，∠APC＞∠OBA=45°，不合题意；故m＞0．由相似比求得边的相应关系．【详解】法1：∵一次函数y＝﹣x＋m的图像分别交x、y轴于点A、B。∴A（m，0）B（0，m），AO=m，BO=m，∴∠ABO=45°，∵∠CPA=∠ABO，∴∠APC=45°，设∠α＝∠PAC，∠β＝∠OPC∵∠α+∠β+∠APC＝90°，∠APC＝45°，∴∠α+∠β＝45°，∵点P为线段OB的中点，∴P（0，），PO=，可得tanα=，根据12345模型知：tanβ=，∴3OC=OP，∵C（3,0）∴OP=9，∴OB=OA=18，m=18．法2：作OD=OC=3，连接CD．则∠PDC=45°，如图，由y=-x+m可得A（m,0），B（0，m）．∴OA=OB，∴∠OBA=∠OAB=45°．当m＜0时，∠APC＞∠OBA=45°，所以，此时∠CPA＞45°，故不合题意．∴m＞0．∵∠CPA=∠ABO=45°，∴∠BPA+∠OPC=∠BAP+∠BPA=135°，即∠OPC=∠BAP，∴△PCD∽△APB，

∴，即解得m=18．故答案是：18．【点睛】本题考查了一次函数图象上点的坐标特征，相似三角形的判定与性质，解题时，注意分类讨论数学思想的应用．5．（2024·辽宁葫芦岛·二模）如图3，在矩形中，点E，F分别在边，上，将矩形沿，折叠，点B落在点M处，点D落在点G处，点A，M，G恰好在同一直线上，若，，，则线段的长为．【答案】【分析】法1：利用12345模型的变式，求解即可。法2：作正方形，先说明，可求出，再由全等可知：，然后根据勾股定理求出答案.【详解】根据翻折，易证：∠EAF=45°，∵，，，∴，∴，由12345模型变式(即：)知：∵，∴。法2：如图中，在上取一点J，使得，过点J作于点T，交于点K，连接，得正方形，当时，，，，，，，，（简证）在和中，（ASA），∴，则，，．【点睛】本题主要考查了正方形的性质，折叠的性质，全等三角形的性质和判定，等腰直角三角形的性质和判定，相似三角形的性质和判定，勾股定理等，作出辅助线是解题的关键．6．（2024·广东·模拟预测）在正方形ABCD中，边长为6，BE=2AE，连接DE，在AD、BC上分别存在点G、F，连接GF交DE于H点，且∠GHD=45°，求线段FG=_________．【答案】【分析解答】法1：观察发现，且∠GHD=45°，条件已经具备，考虑GF可动，平移GH，将α、β、45°汇于直角处，故，∵，∴CF=3，∴DF=．法2：作高（如图所示求解）7.（2023·山东·中考模拟）如图，在矩形ABCD中，AB＝4，AD＝6，点E，F分别在边BC，CD上，∠EAF＝45°，BE＝2，则DF的长为_________．AADBCEF【答案】2【解析】∵∠BAD＝90°，∠EAF＝45°，∴∠BAE＋∠DAF＝45°．∵tan∠BAE＝＝＝，∴tan∠DAF＝，∴＝，∴DF＝＝2．7.（23-24九年级·江苏无锡·期末）如图，在正方形ABCD中，P是BC的中点，把△PAB沿着PA翻折得到△PAE，过C作CF⊥DE于F，若CF=2，则DF=．【答案】6．【分析】法1：过A作AM⊥DF于M，再利用12345模型的变式，求解即可。法2：作辅助线，构建全等三角形，证明△AMD≌△DFC，则DM=FC=2，由折叠和正形的边长相等得：AE=AD，根据等腰三角形三线合一得：DM=EM=2，∠EAM=∠MAD，设∠MAD=α，则∠EAM=α，∠BAP=∠PAE=45°﹣α，可得∠PAM=45°，则△PAH是等腰直角三角形，证明△PGE∽△AMD，列比例式得：GE=1，AM=2PG，设PG=x，则AM=2x，根据AH=PH，得2x﹣1=2+x，求得x的值，即可解决问题；【详解】法1：过A作AM⊥DF于M，∴∠ADF+∠MAD=90°，∵四边形ABCD是正方形，∴AD=DC，∠ADC=90°，∴∠ADF+∠FDC=90°，∴∠FDC=∠MAD，由折叠的性质易证：∠PAM=45°，∵P是BC的中点，∴由12345模型变式知：，∴，∵CF=2，∴DF=6．法2：过A作AM⊥DF于M，∵四边形ABCD是正方形，∴AD=DC，∠ADC=90°，∴∠ADF+∠FDC=90°，∵∠ADF+∠MAD=90°，∴∠FDC=∠MAD，∵∠AMD=∠DFC=90°，∴△AMD≌△DFC，∴DM=FC=2，由折叠得：AB=AE，BP=PE，∵AB=AD，∴AE=AD，∴DM=EM=2，∠EAM=∠MAD，∵P是BC的中点，∴PC=BC=AD=PE，设∠MAD=α，则∠EAM=α，∠BAP=∠PAE=45°﹣α，∴∠APE=90°﹣（45°﹣α）=45°+α，∵∠EAM=∠DAM，∠BAP=∠PAE，∴∠PAE+∠EAM=∠BAD=45°，过P作PH⊥AM于H，过E作EG⊥PH于G，∴△PAH是等腰直角三角形，∴∠APH=45°，∴∠HPE=α=∠MAD，∵∠PGE=∠AMD=90°，∴△PGE∽△AMD，∴∴∴GE=1，AM=2PG，设PG=x，则AM=2x，∴AH=2x﹣1，∵AH=PH，∴2x﹣1=2+x，x=3，∴PG=3，AM=6，∵△DAM≌△CDF，∴DF=AM=6．故答案为6.【点睛】本题考查了正方形的性质、折叠的性质、三角形全等和相似的性质和判定、勾股定理、等腰三角形和等腰直角三角形的性质和判定等知识，有难度，证明∠PAM=45°是关键，设未知数，并确定其等量关系列方程解决问题．8.（2017无锡中考真题）在如图的正方形方格纸上，每个小的四边形都是相同的正方形，A、B、C、D都在格点处，AB与CD相交于O，则tan∠BOD的值等于__________．【答案】3【解析】如图所示，取点E，设∠OAE=α，易知∠OEA=45°，tanα=8∵根据外角定理：∠BOD=α+45°，根据12345模型知：tan∠BOD=3，故答案为：3。9.（2016甘肃天水中考真题）如图，把矩形纸片OABC放入平面直角坐标系中，使OA、OC分别落在x轴、y轴上，连接OB，将纸片OABC沿OB折叠，使点A落在点A’位置，OB=，tan∠BOC=，则点A’的坐标为____________．【答案】（-，）【解析】设∠OAB=α，过点A’作A’H⊥AB.∵OB=，tan∠BOC=，∴OA=1，AB=2.根据翻折知：∠ABO=∠BOC，∴tan∠ABO=tan∠BOC=，A’B=AB=2.根据12345模型知：tan∠ABA’=，即BH：A’H：A’B=3:4:5，故A’H=，BH=，A坐标（-，）．

10.（2023.广东九年级期中）如图，折叠边长为4cm的正方形纸片ABCD，折痕是DM，点C落在点E处，分别延长ME，DE交AB于点F，G，若点M是BC边的中点，则FG＝_________cm．DDCABFMEG【答案】【解析】连接DF．由题意，DE＝DC＝DA，∠DEF＝∠A＝90°．∵DF＝DF，∴△DEF≌△DAF，∴∠EDF＝∠ADF．∵∠CDM＝∠EDM，∠ADC＝90°，∴∠FDM＝45°．∵tan∠CDM＝＝，∴tan∠ADF＝＝，tan∠DGA＝tan∠CDG＝．∵AD＝AB＝4cm，∴EF＝AF＝cm，∴FG＝＝cm．11．（23-24九年级上·重庆·阶段练习）如图，已知正方形ABCD的边长为，对角线AC、BD交于点O，点E在BC上，且CE=2BE，过B点作BF⊥AE于点F，连接OF，则线段OF的长度为.【答案】【分析】先判断出∠OBF=∠CAE，从而得出△AOG≌△BOF，即可判断出△OFG是等腰直角三角形，再根据勾股定理和射影定理求出BF，AF，AG，即可得出FG．【详解】如图，作OG⊥OF交AE于G，∴OA=OB,∠FOG=90°，∵AC，BD是正方形的对角线，∴∠AOB=90°，∴∠AOG=∠BOF，∵BF⊥AE，∴∠BAE+∠ABF=90°，∵∠BAE=∠BAC−∠CAE∴∠OBF=∠ABF−∠ABD=90°−∠BAE−∠ABD=90°−∠BAC+∠CAE−∠ABD=∠CAE，在△AOG和△BOF中，∴△AOG≌△BOF（ASA），∴OG=OF，∴△OFG是等腰直角三角形，∵CE=2BE,BC=，∴BE=，根据勾股定理得,AE=，在Rt△ABE中，根据射影定理得，BF=1，AF=3，∴AG=BF=1，GF=AF−BF=2，∴OF=.故答案为.【点睛】本题考查正方形的性质、全等三角形的判定（ASA）与性质，解题的关键是掌握正方形的性质、全等三角形的判定（ASA）与性质.12．（2024·宁夏银川·三模）如图，在矩形中，，，将矩形沿折叠，点A落在处，若的延长线恰好过点C，则的值为．【答案】【分析】此题主要考查了矩形的折叠问题，勾股定理，锐角三角函数，充分利用勾股定理求出线段是解本题的关键．先利用勾股定理求出，进而利用勾股定理建立方程求出，即可求出，最后用三角函数即可得出结论．【详解】解：由折叠知，，，，，在中，，设，则，，，在中，根据勾股定理得，，，，在中，，故答案为：．13．（23-24九年级·天津河西·期末）正方形ABCD的边长AB＝2，E是AB的中点，F是BC的中点，AF分别与DE，BD相交于点M，N，则MN的长为．【答案】【分析】根据△BNF∽△DNA，可求出AN的长；再根据△AME∽△ABF，求出AM的长，利用MN＝AN﹣AM即可解决．【详解】∵BF∥AD，∴△BNF∽△DNA，∴，而BF＝BC＝1，AF＝，∴AN＝，又∵△DAE≌△ABF（SAS），∴∠AED＝∠BFA，∴△AME∽△ABF，∴，即：，∴AM＝，∴MN＝AN﹣AM＝﹣＝，故答案为:．【点睛】本题考查的是相似三角形的判定与性质，根据对应边成比例即可利用已知线段求出未知线段的长度．14．（23-24八年级上·江苏南京·期末）如图，在平面直角坐标系中，一次函数y＝－2x＋4的图像与x轴、y轴分别交于点A、B，将直线AB绕点B顺时针旋转45°，交x轴于点C，则直线BC的函数表达式为．【答案】/y=4+3x【分析】先求出点A、B的坐标，过点A作AF⊥AB，交直线BC于点F，过点F作EF⊥x轴，垂足为E，然后由全等三角形的判定和性质，等腰直角三角形的性质，求出点F的坐标，再利用待定系数法，即可求出答案．【详解】解：∵一次函数y＝－2x＋4的图像与x轴、y轴分别交于点A、B两点，∴令，则；令，则，∴点A为（2，0），点B为（0，4），∴，；过点A作AF⊥AB，交直线BC于点F，过点F作EF⊥x轴，垂足为E，如图，∴，∴，∴，∵，∴△ABF是等腰直角三角形，∴AF=AB，∴△ABO≌△FAE（AAS），∴AO=FE，BO=AE，∴，，∴，∴点F的坐标为（，）；设直线BC为，则，解得：，∴直线BC的函数表达式为；故答案为：；【点睛】本题考查了一次函数的性质，全等三角形的判定和性质，等腰三角形的判定