2025年北师大版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大版必修3物理下册月考试卷563考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，相距较近的一对带等量异种电荷的平行金属板水平放置，两板间的电场可看作匀强电场。一电子以初速度v0沿平行于板面的方向射入匀强电场；运动轨迹如图中实线所示。则电子在两板间运动过程中（）

A.速度逐渐增大B.加速度逐渐增大C.电子的电势能逐渐增大D.静电力对电子做负功2、如图（a），场源点电荷固定在真空中O点，从与O相距r0的P点由静止释放一个质量为m、电荷量为q（q>0）的离子，经一定时间，离子运动到与O相距rN的N点。用a表示离子的加速度，用r表示离子与O点的距离，作出其图像如图（b）。静电力常量为是k；不计离子重力。由此可以判定（）

A.场源点电荷带正电B.场源点电荷的电荷量为C.离子在P点的加速度大小为D.离子在P点受到的电场力大小为3、如图所示，在矩形ABCD的AB边和CD边中点M和N各放一个电荷，它们带等量正、负电荷．E、F是AD边和BC边中点，P、Q两点在MN连线上，MP＝QN；则电场强度和电势都相同两点是()

A.E和FB.P和QC.A和DD.C和B4、某电场的电场线分布如图所示，一带电粒子仅在电场力作用下沿图中虚线所示路径运动，先后通过M点和N点。以下说法正确的是（）

A.粒子带负电B.粒子在M、N点的加速度C.M、N点的电势D.粒子在M、N点的速度5、有一横截面积为的铜导线，流经其中的电流强度为设每单位体积的导线中有个自由电子，电子的电量为此电子的定向移动速率为在时间内，通过导线橫截面的自由电子数可表示为（）A.B.C.D.6、一根粗细均匀的金属导线，在其两端加上电压时，通过导线的电流为导线中自由电子定向移动的平均速率为v；若将导线均匀拉长至原来的4倍，再给它两端加上电压则（）A.通过导线的电流为B.通过导线的电流为C.导线中自由电子定向移动的速率为D.导线中自由电子定向移动的速率为7、下列物理量的单位正确的是（）A.电动势的单位是V/CB.电场强度的单位是N/CC.磁通量的单位是T/mD.磁感应强度的单位是N/m8、在地球赤道上进行实验时，用磁传感器测得赤道上P点地磁场的磁感应强度大小为B0.将一条形磁铁固定在P点附近的水平面上，让N极指向正北方向，如图所示，此时用磁传感器测得P点的磁感应强度大小为B1；现将条形磁铁以P点为轴旋转90°，使其N极指向正东方向，此时用磁传感器测得P点的磁感应强度大小应为（可认为地磁南、北极与地理北、南极重合）（）

A.B1-B0B.B1+B2C.D.评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、如图所示的电路中,电源电动势为E,内阻为r,R1、R2、R3为定值电阻,电流表和电压表均为理想电表,C为平行板电容器,在两板之间的带电液滴恰好处于静止状态.由于某种原因灯泡L的灯丝突然烧断,其余用电器均不会损坏,则下列说法正确的是()

A.电流表示数变大B.电压表示数变大C.液滴将向上运动D.液滴仍保持静止10、如图所示，当平行板电容器两极板加上一定的电压时，油滴恰好处于静止状态。现给电容器充电使两极板间的电压瞬间增加U1，油滴将以大小为a的加速度竖直向上运动；经过时间t1，给电容器放电使两极板间的电压瞬间减少U2，油滴的加速度大小变为3a，加速度方向变为竖直向下；再经过时间t2；油滴恰好回到图示的初始位置。假设油滴在运动过程中电荷量保持不变，充电和放电的过程均很短暂，这段时间内油滴的位移忽略不计，运动过程中油滴未与极板相碰，则下列说法正确的是（）

A.t1=t2B.U1：U2=1：3C.t1时间内和t2时间内，油滴的动能变化量之比为1：3D.t1时间内和t2时间内，油滴的动量变化量大小之比为1：211、一绝缘细线Oa下端系一质量为m的带正电的小球a，在正下方有一光滑的绝缘水平细杆，一带负电的小球b穿过杆在其左侧较远处，小球a由于受到水平绝缘细线的拉力而静止，如图所示，现保持悬线与竖直方向的夹角为θ，并在较远处由静止释放小球b，让其从远处沿杆向右移动到a点的正下方；在此过程中()

A.悬线Oa的拉力逐渐增大，水平细线的拉力逐渐减小B.b球的加速度先增大后减小，速度始终增大C.b球所受的库仑力一直增大D.b球所受的库仑力先减小后增大12、如图甲所示是某工厂烟囱静电除尘机原理图；放电极和集尘极加上高压电场，使尘埃带上静电（电荷性质未知），尘埃在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积，达到除尘目的，图乙是俯视图，图中实线为电场线。不考虑尘埃在迁移过程中的相互作用和电荷量变化，则（）

A.进入除尘区前应使尘埃带上负电荷B.图中A点电势高于B点电势C.图中A点电场强度大于B点电场强度D.尘埃在迁移过程中电势能增加13、如图A、B为两等量异号电荷，A带正电，B带负电，在A、B连线上有a、b、c三点，其中b为连线的中点，ab=bc；则（）

A.a点与c点的电场强度相同B.a点与c点的电势相同C.a、b间电势差大于b、c间电势差D.点电荷q沿A、B连线的中垂线移动，电场力不做功14、测电池电动势和内阻的实验中；由于电流表和电压表内阻的影响，以下说法正确的是（）

A.在图甲所示电路中，E测<E真B.在图甲所示电路中，r测<r真C.在图乙所示电路中，E测<E真D.在图乙所示电路中，r测<r真评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，电压表的示数将_______，电流表的示数将_______，电流表的示数将_______.（均选填“增大”；“减小”或“不变”）.

16、如图所示电路中，小灯泡规格为“6V3W”，R3=4Ω，电源内阻r=1Ω，电压表、电流表均为理想电表.闭合开关，调节滑动变阻器阻值，使电压表示数为0，此时灯泡恰好正常发光，电流表的示数为1A.则电源电动势E=_______V，电源输出功率P=_______W，R2=____Ω.

17、如图所示，一个α粒子（氦核）在电势差为U1=100V的电场中由静止开始加速运动，然后射入电势差为U2=10V的两块平行板的偏转电场中，偏转电场极板长L=20cm，间距d=5cm．若α粒子能飞离平行板区（重力可忽略），则α粒子刚进入偏转电场时的动能为________eV,飞离偏转电场时的偏移量y=_____________m．

18、一根阻值为R的均匀电阻丝，均匀拉长至原来的2倍，电阻变为________。19、真空中两个静止点电荷A、B，电荷量分别是和它们相距1m，则它们互相__________（填“吸引”或“排斥”），相互作用力大小为__________N。若用一根导线连接两电荷，再移开导线后，则两点电荷互相__________（填“吸引”或“排斥”），相互作用力大小为__________N。20、如图，竖直绝缘墙上固定一带电小球A，将质量为1kg的带电小球B用轻质绝缘丝线悬挂在A正上方距离3m的C处．当B静止在与竖直方向夹角=30°方向时，A对B的静电力为N,则丝线BC长度为__________m．若A对B的静电力为5N，改变丝线长度，使仍能在=30°处平衡；以后由于漏电A球所带电荷逐渐消失，B在竖直平面内缓慢运动，到=0时A的电荷尚未漏完；则在整个漏电过程中，丝线上拉力大小的变化情况_____________（重力加速度为10m/s2)

21、分别表示在一条直线上从左到右的三个点电荷，已知与之间的距离为与之间的距离为且每个电荷都处于平衡状态．

（1）如为正电荷，则为________电荷．

（2）三者电量大小之比是________．22、氢原子中核外电子绕核做半径为的匀速圆周运动，已知电子的质量为电荷量为静电力常量为不考虑相对论效应。

（1）电子的动能为______；

（2）选离核无限远处电势能为0，电子的电势能则氢原子的能量为______；

（3）电子绕核运动形成的等效电流为______。23、铝箔被α粒子轰击后发生了以下核反应：Al+He→X+n．下列判断正确的是（）。A．n是质子B．n是中子C．X是Si的同位素D．X是P的同位素评卷人得分四、作图题(共2题，共20分)24、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短25、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、解答题(共4题，共20分)26、某品牌小汽车电动机和车灯的实际电路可以简化为如图所示的电路，电源电动势E＝12.5V，内阻r＝0.05Ω，电动机的线圈电阻r′＝0.02Ω，只闭合S1时，电流表示数I1＝10A，再闭合S2，电动机正常工作，电流表示数I2＝58A（电流表内阻不计）；不考虑灯丝电阻的变化。求：

(1)在只闭合S1时，车灯两端电压UL和车灯的功率PL；

(2)再闭合S2后，车灯两端的电压U′L和电动机输出功率P输出。

27、在如图所示的电场中，A点的电场强度E＝1.0×104N/C，将电荷量q＝+1.0×10﹣8C的点电荷放在电场中的A点。

（1）求该点电荷在A点所受电场力F的大小；

（2）在图中画出该点电荷在A点所受电场力F的方向。

（3）若在A点放入一个q＝-2.0×10﹣8C点电荷；受力大小和方向如何呢？

（4）拿走A点的点电荷，A点场强又是多少？

28、如图，一质量为m、电荷量为q（q>0）的粒子在匀强电场中运动，A、B为其运动轨迹上的两点。已知该粒子在A点的速度大小为v0，方向与电场方向的夹角为它运动到B点时速度方向与电场方向的夹角为37°，不计重力。求A、B两点间的电势差。

29、磁铁产生的磁场与电流产生的磁场本质上是否相同？产生的机理有何区别？参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【详解】

电子在两板间运动过程中；静电力对电子做正功，电子速度逐渐增大，电势能逐渐减小，由于电子所受电场力不变，所以加速度不变，故A正确，BCD错误。

故选A。2、D【分析】【详解】

A．从P到N，带正电的离子的加速度随的增加而增大，即随r的减小而增加；可知场源点电荷带负电，选项A错误；

B．在N点，由库仑定律及牛顿第二定律

解得

选项B错误；

CD．在P点时，由库仑定律及牛顿第二定律

离子在P点受到的电场力大小为

选项C错误；D正确。

故选D。3、A【分析】【分析】

【详解】

等量异号电荷的电场线分布情况如图所示；图中电场线从正电荷出发，等势面为不规则封闭曲面。

A．在两个异种电荷的中垂线上是等势面，E、F两点关于连线对称；电场强度大小和方向都相同，电势相同，故A正确；

B．在两个异种电荷的连线上，电场线从正电荷指向负电荷，沿着电场线电势越来越低，故P、Q电势不等；故B错误；

C．由于A点离正电荷更近，D点离负电荷更近，则A点电势高于D点电势；故C错误；

D．由于B点离正电荷更近，C点离负电荷更近，则B点电势高于C点电势；故D错误。

故选A。

4、C【分析】【分析】

【详解】

A．由粒子的运动轨迹弯曲方向可知；带电粒子受电场力的方向大致斜向右上方，与电场强度方向相同，故粒子带正电，故A错误；

B．电场线的疏密表示场强的大小关系，N点电场线密集，故电场强大，即又所以故B错误；

C．根据“顺着电场线的方向电势降落”可知，故C正确；

D．带电粒子受电场力的方向大致斜向右上方，电场力的方向与速度方向成锐角，故电场力做正功，动能增大，速度增大，故故D错误；

故选：C。5、A【分析】在t时间内，以速度v移动的电子在铜导线中通过的距离为vt，因为铜导线的横截面积为S，则在t时间内，电子经过的导线体积为V=vtS，又因为单位体积的导线有n个自由电子，则在∆t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为N=nvS∆t．因为流经导线的电流为I，则在t时间内，流经导线的电荷量为q=It，而电子的电荷量为e，则t时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为：故只有A正确，BCD错误．故选A．6、C【分析】【详解】

AB．根据电阻定律

导线体积不变，将导线均匀拉长至原来的4倍，横截面积减小至原来的则阻值增大为原来的16倍。根据欧姆定律

电压增大至原来的2倍，则电流变为原来的AB错误；

CD．根据电流决定式

导线中自由电子定向移动的速率变为原来的即C正确，D错误。

故选C。7、B【分析】【详解】

A．电动势的单位是V；故A错误；

B．电场强度的单位是N/C；故B正确；

C．磁通量的单位是Wb；故C错误；

D．磁感应强度的单位是T；故D错误；

故选B。8、D【分析】【详解】

根据题意，赤道上P点地磁场的磁感应强度大小为B0；条形磁铁N极指向正北方向时，其磁感应强度也向正北方向，故条形磁铁在P点产生的磁感应强度大小为B=B1－B0；条形磁铁N极指向正东方向时，其磁感应强度也向正东方向，此时两个分矢量垂直，故P点的合磁感应强度大小为

A.B1-B0；与结论不相符，选项A错误；

B.B1+B2；与结论不相符，选项B错误；

C.与结论不相符，选项C错误；

D.与结论相符，选项D正确；二、多选题(共6题，共12分)9、A:B:C【分析】【详解】

液滴原来处于平衡状态，重力和静电力平衡，电路为R2与R3串联，再与灯泡L并联，干路上有R1和内阻r.灯泡L的灯丝突然烧断,相当于其电阻变大，总电阻变大，据则总电流变小，C、D、由得电容器的电压增大，故液滴受到的电场力增大，液滴向上运动，C正确、D错误．A、B、由可知电流表示数增大，由知电压表的示数变大；A正确，B正确.故选ABC.

【点睛】

本题是电路动态分析问题，关键是理清电路，根据路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到各个部分电路电流和电压的变化．注意电源输出功率的大小与内外电阻的大小关系决定．10、A:C【分析】【详解】

A．设在t1时间内油滴的位移为x1，在t2时间内油滴的位移为x2，则由题意得

其中

解得t1=t2

故A正确；

B．由题意得，油滴静止时

加速度向上为a时，满足

加速度向下为3a时，满足

联立解得U1：U2=1：4

故B错误；

C．由题意知，t1时间内和t2时间内，油滴所受合外力之比为1：3，由动能定理知，t1时间内和t2时间内；位移大小相等，所以油滴的动能变化量之比为1：3，故C正确；

D．由动量定理得，t1时间内和t2时间内；油滴的动量变化量大小之比为1：3，故D错误。

故选AC。11、B:C【分析】【详解】

A．b球在较远处时，a球所受库仑力近似为零，在a球正下方时，a球受到的库仑力竖直向下，则悬线Oa的拉力增大；水平方向的分力也增大，所以水平细线的拉力比最初时大，A错误；

B．中间过程b球受到的库仑力的水平分量不为零，可知库仑力的水平分量先增大，后减小，则b球的加速度先增大后减小，b球所受库仑力水平分量与运动方向始终相同；速度一直增大，B正确；

CD．b球受到的库仑力为在运动过程中，a、b两球之间的距离一直在减小，则b球所受的库仑力一直增大；C正确，D错误。

故选BC。12、A:B【分析】【详解】

A．由图乙可看出；放电极带负电，集尘极链接电源正极带正电。因此为了使尘埃向集尘极迁移并沉淀，根据“同性相斥，异性相吸”的原理，进入除尘区前尘埃需要带上负电，故A正确；

B．如图所示，B点可等效为

则可看出位于A顺电场线的下方，所以A点电势高于点电势，即A点电势高于B点电势；故B正确；

C．由图可知，A点处的电场线比B点处疏，因此A点电场强度小于B点电场强度；故C错误；

D．带电尘埃所受的电场力方向与位移方向相同；做正功，所以在迁移过程中电势能减小，动能增加，故D错误。

故选AB。13、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．由等量异种电荷的电场分布可知，a点与c点的电场强度相同；选项A正确；

B．沿电场线电势降低，可知a点电势高于c点的电势；选项B错误；

C．由对称性可知，a、b间电势差等于b、c间电势差；选项C错误；

D．A、B连线的中垂线是等势面，则点电荷q沿A、B连线的中垂线移动；电场力不做功，选项D正确。

故选AD。14、A:B【分析】【分析】

【详解】

AB．本实验中甲图是伏安法测电阻相对于电源来说采用电流表外接法，由于电压表分流作用，电流表测量值偏小，当外电路短路时，电流测量值等于真实值，电源的U-I图象如图所示。

由图象可知；电动势测量值小于真实值，电源内阻测量值小于真实值，故AB正确；

CD．本实验中乙图是伏安法测电阻相对于电源来说采用电流表内接法，由于电流表分压作用，电流表测量值偏大，当外电路短路时，电压测量值等于真实值，电源的U-I图象如图所示；

由图象可知；电动势测量值等于真实值，电源内阻测量值大于真实值，故CD错误。

故选AB。三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【详解】

[1][2]当滑动变阻器的滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路电阻减小，电路总电阻减小，电根据闭合电路欧姆定律可知干路电流增大，即电流表示数增大；根据可知路端电压减小，即电压表的示数将减小；[3]根据欧姆定律可知通过电流减小，在并联电路中，干路电流等于支路电流之和，所以电流表的示数将增大。【解析】减小增大增大16、略

【分析】【详解】

这是一个桥式电路，等效电路图如图所示，当电压表示数为0时，电桥处于平衡状态，流过小灯泡的电流为R3两端的电压为2V，电源内阻的分压为1V，故电源电动势E=9V，电源输出功率P=8V×1A=8W，两个支路的电流均为0.5A，R2两端的电压为6V，故R2=12Ω.

【解析】981217、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]粒子直线运动过程加速，由动能定理可得

解得

[2]再根据动能定理得

又因为粒子进入偏转电场做类平抛运动，水平方向则有

竖直方向有

粒子在偏转电场中，根据牛顿第二定律，可得

联立上式解得【解析】2000.0218、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】4R19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]A、B为异种电荷；则它们互相吸引。

[2]相互作用力。

[3][4]用一根导线连接两电荷；再移开导线后，则每个电荷的带电量为。

相互作用力为排斥力。

【解析】吸引排斥20、略

【分析】【详解】

[1]对小球B受力分析如图所示。

自身重力静电力和绳子拉力重力方向与墙壁平行，拉力方向与绳子同向，静电力与AB连线共线，所以几何与矢量三角形相似，所以有

可得根据结合余弦定理，可得

解得或者

[2]若则根据

得到代入余弦定理

可得

根据几何关系可得

漏电过程中当时，任意一个位置都是平衡状态，都满足

由于不变，不变，所以绳子拉力不变，当时，此时，随着A的漏电，而AB的距离不变，减小，变大，所以整个漏电过程中，拉力先不变后变大．【解析】先不变后增大21、略

【分析】【详解】

[1]若为正电荷，则不可能平衡，故为负电荷；

[2]对有

对有

对有

联立解得三者电量大小之比为【解析】负22、略

【分析】【详解】

（1）[1]由库仑力提供向心力，根据牛顿第二定律

电子的动能

（2）[2]由于电子的电势能为则氢原子的能量为

（3）[3]电子绕核运动形成的等效电流【解析】23、B:D【分析】【详解】

根据核反应方程质量数和电荷数守恒可知选项B、D正确．四、作图题(共2题，共20分)24、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将变短，选项D正确。

故选ABD。【解析】ABDABD25、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极