【高考真题】2022年高考物理真题试卷-海南卷（含答案）

【高考真题】2022年高考物理真题试卷（海南卷）（缺第6题和第12题）一、单选题1．在冰上接力比赛时，甲推乙的作用力是F1，乙对甲的作用力是FA．大小相等，方向相反 B．大小相等，方向相同C．F1的冲量大于F2的冲量 D．F12．下列属于β衰变的是（）A．92B．7C．90D．923．如图为一用透明材料做成的中心是空的球，其中空心部分半径与球的半径之比为1：3。当细光束以30°的入射角射入球中，其折射光线刚好与内壁相切，则该透明材料的折射率为（）A．2 B．1.5 C．3 D．24．在同一地方，甲、乙两个单摆做振幅不同的简谐运动，其振动图像如图所示，可知甲、乙两个单摆的摆长之比为（）A．2：3 B．3：2 C．4：9 D．9：45．一个有N匝的矩形线框，面积为S，以角速度ω从如图所示的位置开始，在匀强磁场B中匀速转动，则产生的感应电动势随时间变化的图像是（）A．B．C．D．6．有一个辐向分布的电场，距离O相等的地方电场强度大小相等，有一束粒子流通过电场，又垂直进入一匀强磁场，则运动轨迹相同的粒子，它们具有相同的（）A．质量 B．电量 C．比荷 D．动能7．我国的石桥世界闻名，如图，某桥由六块形状完全相同的石块组成，其中石块1、6固定，2、5质量相同为m，3、4质量相同为m'，不计石块间的摩擦，则m：A．32 B．3 C．1 二、多选题8．某带电体周围的电场线和等势面如图所示，设A点的电场强度为EA，电势为φA，B点的电场强度为EBA．EA>EB B．EA<9．火星与地球的质量比为a，半径比为b，则它们的第一宇宙速度之比和表面的重力加速度之比分别是（）A．g火g地=ab B．v10．一群处于n=4激发态的氢原子跃迁向外辐射出不同频率的光子，则（）A．需要向外吸收能量B．共能放出6种不同频率的光子C．n=4向n=3跃迁发出的光子频率最大D．n=4向n=1跃迁发出的光子频率最大11．如图，带正电3×10−5C的物块A放在水平桌面上，利用细绳通过光滑的滑轮与B相连，A处在水平向左的匀强电场中，E=4×105A．它们运动的最大速度为1m/sB．它们向左运动的最大位移为1mC．当速度为0.6m/s时，A的电势能可能是−2.4JD．当速度为0.6m/s时，绳子的拉力可能是9.2N三、实验题12．在用双缝干涉测量光的波长的实验中，如图所示，则：（1）a、b分别是（）A．单缝和双缝 B．双缝和单缝 C．单缝和单缝 D．双缝和双缝（2）如果双缝间距是d，双缝到毛玻璃的距离是L，第一条亮纹到第六条亮纹间距是x，则光的波长是。（用x、d、L表示）13．完成下题（1）用如图所示的装置研究平抛物体的运动规律，击打弹片时，A做平抛运动，B做自由落体。经过多次实验发现两个小球总是同时落地，则得到的结论是：。（2）以A的抛出点做为坐标原点，建立直角坐标系，如图所示，设从O→A，从A→B，从B→C的时间分别是tOA、tAB、tBC物体平抛的初速度是多少（用x、h、g表示）14．现要测量一个满偏电流Ig=50μA的表头内阻并改装成量程为（1）先闭合开关，再调整滑动变阻器，使电流表A的示数为84mA，电流表G的示数如图所示，则流过G的电流是。若rA=1.0Ω，则r（2）给G并联一个R1的电阻进行校准时，当电流表G的示数为45Ig时，标准电流表A的示数为（3）若要把它改装成量程为1mA的电流表，还需要在R1两边并联一个R2=四、解答题15．足够长的玻璃管水平放置，用长19cm的水银封闭一段长为25cm的空气柱，大气压强为76cmHg，环境温度为300K，将玻璃管缓慢顺时针旋转到竖直，则：（1）空气柱是吸热还是放热？空气柱长度变为多少？（2）当气体温度变为360K时，空气柱长度又是多少？16．有一个角度可变的轨道，当倾角为30∘时，A恰好匀速下滑，现将倾角调为60（1）A与轨道间的动摩擦因数μ；（2）A与B刚碰完B的速度？绳子的长度L？17．光滑的水平长直轨道放在匀强磁场B=0.25T中，轨道宽0.4m，一导体棒长也为0.4m，质量0.1kg，电阻r=0.05Ω，它与导轨接触良好。当开关与a接通时，电源可提供恒定的1A电流，电流方向可根据需要进行改变，开关与b接通时，电阻R=0.05Ω，若开关的切换与电流的换向均可在瞬间完成，求：（1）当棒中电流由M流向N时，棒的加速度的大小和方向是怎样的；（2）当开关始终接a，要想在最短时间内使棒向左移动4m而静止，则棒的最大速度是多少；（3）要想棒在最短时间内向左移动7m而静止，则棒中产生的焦耳热是多少。

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】AB.根据牛顿第三定律可知，F1和F2是作用力和发作用力，大小相等、方向相反，故A符合题意，B不符合题意；

CD.由于F1和F2大小相等，作用时间相等，所以两力的冲量大小相等，方向相反，故CD均不符合题意。

故答案为：A

【分析】根据牛顿第三定律和冲量定义分析判断。2．【答案】C【解析】【解答】A.放出a粒子，是a衰变，故A不符合题意；

B.是原子核的人工转变，故B不符题意；

C.释放出β（-10e）粒子，是β衰变，故C符合题意；

D.属于裂变，故D不符合题意。

故答案为：C

【分析】根据α衰变和3．【答案】B【解析】【解答】设折射角为θ，内圆半径为r，外圆半径为R，则sinθ=rR=13，所以折射率4．【答案】C【解析】【解答】由图可知，T甲T乙=0.8s1.2s=23，根据T=2π5．【答案】A【解析】【解答】线圈转动产生的感应电动势的最大值为Em=NBSω，线框从与中性面垂直位置开始计时，则产生的感应电动势的瞬时值表达式为e=Emcosωt=NBSωcos6．【答案】C【解析】【解答】带电粒子在辐射电场中做圆周运动，电场力提供向心力，根据牛顿第二定律有Eq=mv2r1，带电粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律有qvB=mv2r2，解得：7．【答案】D【解析】【解答】六块形状完全相同的石块围成半圆对应的圆心角为180°，每块石块对应的圆心角为30°，对第结合力的合成可知tan对第2块和第三块石块整体受力分析如图tan30解得m故答案为：D。

【分析】对第3块和23块石块分别进行受力分析，根据力的合成以及共点力平衡得出25的质量和34质量的比值。8．【答案】B,D【解析】【解答】AB.电场线的疏密程度表示电场强度的大小，B点电场线更密集，场强更大，故A不符合题意，B符合题意；

CD.电场线从电势高的等势面指向电势低的等势面，由图可知，B点所在的等势面电势更高，故C不符合题意，D符合题意。

故答案为：BD

【分析】电场线的疏密程度表示电场强度的大小，电场线从电势高的等势面指向电势低的等势面。9．【答案】B,C【解析】【解答】第一宇宙速度是近地卫星的运行速度，根据万有引力提供向心力有：GMmR2=mv2R，解得v=GMR，所以v火v10．【答案】B,D【解析】【解答】A.氢原子从高能级向低能级跃迁，对外释放能量，故A不符合题意；

B.根据n（n-1）2=4（4-1）2=6可知，共能放出6种不同频率的光子，故B符合题意；

CD.根据hν=En-Em可知，从n=4向11．【答案】A,C,D【解析】【解答】A.当加速度为零时速度最大，对AB整体由平衡条件得：qE=mg+μ0mg，解得：μ0=0.2。由图像可知，μ=0.2x，所以当μ0=0.2时，x=1m，根据功能关系有：qEx-12μ0mgx=12·2mvm2+mgx，解得vm=1m/s，故A符合题意；

B.向左运动达最大位移时，速度为零，设最大位移为xm，根据功能关系有qExm-12μmmgxm=mgxm，解得：xm=2m，故B不符合题意；12．【答案】（1）A（2）dx【解析】【解答】（1）根据实验装置的摆放特点可知，a、b分别是单缝合双缝，故A符合题意，B不符合题意；

（2）由题意知，∆x=x5，根据∆x=Ldλ得【分析】（1）实验原理，结合实验操作要求，即可判断；

（2）根据∆x=L13．【答案】（1）做平抛运动的物体，在竖直方向上是自由落体运动（2）相等；x【解析】【解答】（1）经过多次实验发现两个小球总是同时落地，则得到的结论是平抛运动在竖直方向上的运动为自由落体运动；

（2）A为抛出点，竖直方向上hOA：hAB：hBC=h：3h：5h=1：3：5，所以tOA=tAB【分析】经过多次实验发现两个小球总是同时落地，则得到的结论是平抛运动在竖直方向上的运动为自由落体运动；根据平抛运动竖直方向和水平方向的运动特点求解。14．【答案】（1）30.0μA；2800Ω（2）0.95mA（3）18【解析】【解答】（1）电流表G的量程为50μA，分度值为1μA，需要估读到下一位，所以读数为30.0μA；根据Igrg（2）根据45Igrg=（0.76mA-45Ig）·R1得：R1=14009Ω。设改装后的量程为I1，则Ig【分析】（1）电流表G的量程为50μA，分度值为1μA，需要估读到下一位；根据Ig（2）根据45Igrg=（0.76mA-45Ig）·R115．【答案】（1）解：以封闭气体为研究对象，气体做等温变化，设玻璃管横截面积为S，玻璃管水平时p1=76cmHg玻璃管竖起来后p2=19cmHg+76cmHg=95cmHg根据p解得L=20cm气体体积减小，外界对气体做功，但其温度不变，内能不变，根据热力学第一定律可知气体向外放热；（2）解：空气柱长度为20cm；由等压变化得V其中T1=300K，V解得L【解析】【分析】（1）由题意可知发生等温变化，根据玻意耳定律和热力学第一定律求解；

（2）气体温度升高到360K过程做等压变化，根据盖吕-萨克定律求解。16．【答案】（1）解：倾角为30°时匀速运动，根据平衡条件有mg得μ=（2）解：A从高为h的地方滑下后速度为v0，根据动能定理有A与B碰撞后速度分别为v1和v3m1B到达最高点速度为v3，根据牛顿第二定律有根据能量守恒有1解得v2=【解析】【分析】（1）倾角为30°时，A恰好匀速下滑，根据平衡条件求出动摩擦力因数；

（2）由动能定理求出A从高为h的地方滑下后的速度，A与B碰撞过程利用动量守恒定律和机械能守恒定律求出碰撞后B的速度；利用牛顿第二定律求出B到达最高点的速度，根据能量守恒求出绳子的长度。17．【答案】（1）解：当电流从M流向N时，由左手定则可判断安培力向右，故加速度方向向右。根据牛顿第二定律有BIL=ma代入数据可得a=1m/（2）解：开关始终接a时，电流N到M，经过时间t1后电流变为M到N，再经时间t2速度减为零，前t后t2s，则有根据x联立解得