云南省红河州2024-2025学年（上）月考物理试卷（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页云南省红河州2024-2025学年（上）月考物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共21分。1.下列对物理量大小的估测符合实际的是(

)A.教室门的高度约为2.2m B.日光灯正常工作时的电流是5A

C.一个篮球的质量约为50kg【答案】A

【解析】解：A.教室门的高度约为2.2m，故A正确；

B.日光灯正常工作时的电流约为0.2A，故B错误；

C.一个篮球的质量约为600g=0.6kg，故C错误；

D.中学生步行的速度约为1.1m/s2.如图所示的光现象中，由光的反射形成的是(

)A.昆明街道上的彩虹

B.日晷上的影子

C.景物在水中的倒影

D.铅笔被水“折断”【答案】C

【解析】解：A、彩虹属于光的色散现象，是光的折射形成的，故A不符合题意；

B、日晷是根据影子的变化计时的，因为影子的形成是光的直线传播形成的，所以它的工作原理是光的直线传播，故B不符合题意；

C、景物在水中形成“倒影”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C符合题意；

D、从水中铅笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是铅笔的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故D不符合题意。

故选：C。

(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；

(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；

3.如图所示，《天工开物》向我们展现了古代劳动人民的智慧。下列实例中可以增大压强的是(

)A.木桶的底做得很大

B.石碾子的质量很大

C.砖坯堆放在宽木板上

D.扁担做得比较宽【答案】B

【解析】解：ACD、木桶的底做得很大、砖坯堆放在宽木板上、扁担做得比较宽，都是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故ACD不合题意。

B、石碾子的质量很大，是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强，故B符合题意。

故选：B。

压强大小跟压力大小和受力面积大小有关；

增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；

减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。4.滇剧，是云南省传统地方戏剧剧种，国家级非物质文化遗产之一。如图所示，表演者佩戴小蜜蜂扩音器在台上表演，下列说法正确的是(

)A.台上演员发出的声音是由物体振动产生的

B.小蜜蜂的作用是改变观众听到声音的音调

C.我们区分出男女演员的声音是根据响度不同

D.台下观众听到的唱戏的声音能在真空中传播

【答案】A

【解析】解：A、演员发出的声音是由声带振动产生的，故A正确；

B、小蜜蜂使声音变大，所以小蜜蜂的作用是改变观众听到声音的响度，故B错误；

C、我们区分出男女演员的声音是根据音色不同，故C错误；

D、声音的传播靠介质，真空不能传声，故D错误。

故选：A。

(1)声音由物体的振动产生。

(2)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。

5.如图所示是一则公益广告。浓浓的孝心渗透着社会主义核心价值观。母亲节前夕、学校倡议同学们用热水为妈妈洗一次脚。关于热水洗脚过程中涉及的物理知识，下列说法正确的是(

)A.洗脚水的温度越高，所含的热量越多

B.泡脚过程热量由脚传递给了水

C.洗脚过程中水的温度降低，比热容变小

D.热水泡脚是通过热传递改变了脚的内能【答案】D

【解析】解：A、洗脚水的温度高，但不能说所含的热量越多，因为热量是过程量，不能用“含有”来修饰，故A错误；

B、开始时水的温度比脚的温度高，热量由水传递给脚，故B错误；

C、洗脚过程中水的温度降低，但比热容大小不变，故C错误；

D、热水泡脚是通过热传递改变了脚的内能，故D正确。

故选：D。

(1)热量是过程量，不能用“含有”“具有”来修饰；

(2)发生热传递时，内能由温度高的传递给温度低的；

(3)6.电给我们的生活带来了极大便利，但错误用电也会带来很大危害。关于安全用电，如图所示的做法中正确的是(

)A.使用绝缘皮破损的电线

B.在高压线下钓鱼

C.多个大功率用电器使用同一插座

D.发现有人触电立刻切断电源【答案】D

【解析】解：A、使用绝缘皮破损的电线容易漏电和触电，故A错误；

B、在高压线下钓鱼，易发生高压电弧触电，故B错误；

C、多个大功率用电器使用同一插座，通过插座的电流过大而引起火灾，故C错误；

D、发现有人触电立刻切断电源，故D正确；

故选：D。

(1)使用绝缘皮破损的电线容易漏电和触电；

(2)安全用电原则：不靠近高压带电体，不接触低压带电体；

(3)7.如图所示，电源电压不变，两只电表均完好，开关S闭合后，只有一盏灯亮，电流表有示数，电压表无示数，则电路的故障可能是(

)

A.灯泡L1断路 B.灯泡L1短路 C.灯泡L2断路 D.【答案】B

【解析】解：AC、开关S闭合后，只有一盏灯亮，电流表有示数，说明电路是通路，不可能是断路，故AC错误；

BD、电流表有示数，电压表无示数，据此可判断电压表被短路，因此电路故障为灯泡L1短路，故B正确，D错误。

故选：B。

由电路图可知，两灯泡串联，电流表测电路电流，电压表测灯泡L二、多选题：本大题共3小题，共9分。8.甲、乙两同学在同一地点沿平直路面同向步行，他们运动的路程随时间变化的规律如图所示，下列说法正确的是(

)A.甲同学的平均速度是0.5m/s

B.前4min甲同学速度比乙同学速度大

C.乙同学4m

【答案】AD

【解析】解：A.甲同学的平均速度是v甲=s甲t甲=300m10×60s=0.5m/s，故A正确；

B.前4min，在相同的时间内，乙通过的路程大于甲通过的路程，因此甲同学速度比乙同学速度小，故B错误；

C.乙同学4min到10min通过的路程为0，处于静止状态，故C错误；

D9.我国古代诗人写了许多蕴含丰富的热学知识的诗句，下列对自然界中的雪、雾、露、霜现象描述正确的是(

)A.“五月天山雪，无花只有寒”——雪的形成是凝华现象，需要吸热

B.“秋城海雾重，职事凌晨出”——雾的形成是液化现象，需要放热

C.“露从今夜白，月是故乡明”——露的形成是液化现象，需要放热

D.【答案】BCD

【解析】解：A、雪是水蒸气凝华形成的固态小冰晶，凝华放热，故A错误；

B、雾是空气中的水蒸气液化形成的液态小水滴，液化放热，故B正确；

C、露是空气中的水蒸气液化形成的液态小水滴，液化放热，故C正确；

D、霜是空气中的水蒸气凝华形成的冰晶，凝华放热，故D正确。

故选：BCD。

物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。

六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。10.如图所示的电路中，电源电压保持不变，灯L灯丝的电阻不变。闭合开关S，在保证电路元件安全的前提下，当滑片P向右移动过程中，下列说法正确的是(

)A.电压表V示数变大，电流表A2示数变小

B.电流表A1示数变小，灯L亮度不变

C.电压表V示数与电流表A2示数的比值变小

D.电流表A1【答案】BD

【解析】解：由电路图可知，灯泡和滑动变阻器并联，电流表A2测通过滑动变阻器的电流，电流表A1测干路电流，电压表测电源两端电压；

AB、因电源电压不变，所以滑片移动时，电压表V的示数不变；

并联电路各支路互不影响，移动滑片时，通过灯泡的电流不变，灯泡的亮度不变；

当滑片P向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大，由欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小，电流表A2示数变小；

根据并联电路的电流规律可知，干路电流变小，则电流表A1示数变大，故A错误、B正确；

C、由电压表V的示数不变和电流表A2的示数变小可知，电压表的示数和电流表A2的示数的比值变大，故C错误；

D、根据并联电路电流的规律，电流表A1示数与电流表A2示数的差值等于通过灯泡的电流，则该差值不变，故D三、填空题：本大题共5小题，共10分。11.公元1世纪，我国学者王充在《论衡》一书写下“顿牟掇芥”，此语意为摩擦过的琥珀能吸引轻小草芥。摩擦后的琥珀得到了电子带______电，它能吸引草芥说明______。【答案】负

带电体能吸引轻小物体

【解析】解：摩擦后的琥珀得到了电子带负电，它能吸引小纸屑说明带电体具有吸引轻小物体的性质。

故答案为：负；带电体能吸引轻小物体。

①不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电。摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移。

②带电体可以吸引轻小物体。

了解摩擦起电的实质及带电体的性质，是解答本题的关键。12.航天员桂海潮乘坐神舟十六号飞船，升空过程中感觉“坐飞船真爽”，此过程中他的质量______，重力势能______。(以上两空均选填“变大”“不变”或“变小”)【答案】不变

变大

【解析】解：质量是物体本身的一种属性，与物体的位置无关，所以，航天员升空的过程中其质量不变；

航天员升空的过程中，其质量不变，高度变大，故其重力势能变大。

故答案为：不变；变大。

(1)质量是物体本身的一种属性，与物体的位置无关；

(213.如图所示，将两根长度相同的镍合金丝A和B接入电路，其中A比B细得多，A和B的电阻分别为RA和RB，则有RA______RB，闭合开关S，此时通过它们的电流分别为IA和IB，则有IA______IB(均选填“>”、“

【答案】>

=

【解析】解：因为两段合金丝都是镍铬合金丝、长度相同，B镍铬合金丝粗，故B镍铬合金丝电阻小，即RA>RB；

由图知，A、B串联，所以电流相等，即IA=IB。

故答案为：>；=。14.如图所示电能表，该电能表的示数为______kW⋅h；将此电能表接入家庭电路中，当关闭其它用电器，让一空调单独工作0.5h时，观察到电能表的铝盘转动了300圈，则该段时间空调消耗的电能是______k

【答案】315.5

0.5

【解析】解：由图示知，电能表的示数为315.5kW⋅h。

由电能表的参数知，铝盘转动600转消耗的电能为1kW⋅h，那么空调消耗的电能W=300600×1kW⋅h=0.5kW⋅h15.一只标有“6V 3.6W”字样的小灯泡L1，把它接到9V的电源上，需要给它______(选填“串联”或“并联”)一个电阻才能让灯泡正常发光。如果把小灯泡L1跟另一个标有“6V 1.8W”字样的小灯泡L2串联，接在原电源上，比较亮的灯是______【答案】串联

L2【解析】解：一只标有“6V

3.6W”字样的小灯泡L1，把它接到9V的电源上，需要给它串联一个电阻，因为只有串联能够分压，利用定值电阻分担3V的电压即可实现灯泡正常发光；

根据P=UI=U2R可知，灯泡的电阻为：R=U2P

因为额定功率关系为P1>P2，所以电阻关系为R1四、作图题：本大题共2小题，共4分。16.如图是使用钓鱼竿的示意图，O为支点，请在图中画出F2的力臂。

【答案】解：从支点O作F2的垂线段就是F2的力臂L2，如图所示：【解析】力臂的画法：

①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点；

②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线；

③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。

作力臂时要找好支点与力的作用线，因为力臂是从支点到力的作用线的距离。17.请用笔画线表示导线，将电灯和开关接入家庭电路中。

【答案】解：灯泡的接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的上端，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，如图所示：

【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的上端。

掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。五、实验探究题：本大题共4小题，共24分。18.小飞同学“探究凸透镜成像规律”的实验

(1)小飞按图1安装好器材，点燃蜡烛，调整烛焰、凸透镜(f=10cm)、光屏三者的中心在______。

(2)如上图所示，光屏上会出现烛焰清晰缩小______(选填“正立”或“倒立”)的像；透镜位置保持不变，将蜡烛移动到光具座35cm处，光屏向______(选填“左”或“右”)移动到适当位置，光屏上又重新出现烛焰清晰的像；

(3)将蜡烛移动到光具座42cm处，小飞在凸透镜的右侧，通过凸透镜观察到烛焰______(选填“正立”或“倒立”)的像，这相当于______(选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)的成像原理。

(4)将一个眼镜片放在上图中蜡烛和凸透镜间的某一位置，光屏上的像变模糊了，蜡烛和凸透镜的位置保持不变，向左移动光屏，又能在光屏上看到烛焰清晰的像，说明该镜片是______(选填“凸透镜”或“凹透镜”)。

(5)完成实验后，小飞利用图2甲所示装置探究光的反射规律。白色硬纸板ENF垂直于水平放置的平面镜，法线O【答案】同一高度

倒立

右

正立

放大镜

凸透镜

远离

同一

【解析】解：(1)为了使像成在光屏中央，应调整烛焰、凸透镜(f=10cm)、光屏三者的中心在同一高度；

(2)如上图所示，物距为u=50cm−20cm=30cm>2f，成倒立、缩小的实像；

透镜位置保持不变，将蜡烛移动到光具座35cm处，此时物距减小，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，光屏向右移动到适当位置，光屏上又重新出现烛焰清晰的像；

(3)将蜡烛移动到光具座42cm处，物距u=50cm−42cm=8cm<f，成正立、放大的虚像，放大镜就是这一成像原理；

(4)19.在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中，某同学利用如图(甲)所示的装置进行实验，用酒精灯给水加热至沸腾，当水温接近85℃时，每隔0.5min记录一次数据，绘制出如图(乙)所示的图像。

(1)某时刻温度计示数如图(甲)所示，该时刻的温度是______℃；

(2)分析图(乙)可知，水在沸腾时，持续吸热，温度______；(选填“升高”“降低”或“不变”)

(3)为缩短将水加热至沸腾所用时间，可采用的方法是______(写出一种合理方法即可)；

(4【答案】95

不变

适当减少水量

低于

【解析】解：(1)由图甲可知，温度计的分度值是1℃，温度计的示数是95℃。

(2)由图乙可知，水在沸腾过程中温度保持98℃不变，水沸腾过程中，吸收热量，但温度不变。

(3)要缩短加热时间，可以给烧杯加盖，减少热量的损失；或适当减少水量；或适当提高水的初温。

(4)1标准大气压下，水的沸点为100℃。气压减小，水的沸点降低，水的沸点低于100℃，可能是该地区的大气压强低于标准大气压。

故答案为：(1)95；(2)不变；(20.在“测量未知电阻Rx的阻值”实验中，电源电压恒定，小明设计并连接了如图甲所示的实验电路。

(1)在连接甲图电路时，开关应处于______状态。

(2)小明连接好的实物连接甲图中有一条导线连接错误，请在错误导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确连线。

(3)改正错误后再进行实验，实验前应将滑动变阻器的滑片P移到最______(选填“左”或“右”)端。闭合开关S，小明发现电流表无示数，电压表的示数接近3V，则电路故障可能是______。

(4)排除故障后，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，当电压表示数为2.4V时，电流表示数如图乙所示，则其示数为______A，未知电阻Rx=______

(5)若实验中电压表损坏，小明添加一个已知阻值为R0的定值电阻，设计了如图丙所示的电路，同样测出了未知电阻Rx的阻值，请将实验步骤补充完整。

①保持开关S2断开，闭合开关S、S1，读出并记录电流表示数I1；

②断开开关S1，闭合开关S、S【答案】断开

左

电阻Rx断路

0.3

8Ω

【解析】解：(1)连接电路时，为保护电路，开关应处于断开状态；

(2)原电路中，电阻和电压表没有连入电路中，电阻应与电流表串联，电压表与电阻并联，且电流从电表的正接线柱流入、负接线柱流出，如图：

(3)开关闭合前应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处，即最左端；

电路正确连接后，闭合开关S，小明发现电流表无示数，电压表的示数接近3V，则电路故障可能是电阻Rx断路；

(4)由图乙可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，电流为0.3A，

由欧姆定律得未知电阻：Rx=UxI=2.4V0.3A=8Ω；

(5)实验步骤：

①保持开关S2断开，闭合开关S、S1，读出并记录电流表示数I1；

②断开开关S1，闭合开关S、S2，读出并记录电流表示数I2；

由并联电路电流的规律可知通过定值电阻Rx的电流：

Ix=I2−I1，

由I=UR得电源电压为：U=I0R0=21.实验桌上有材料相同、质量不同的甲、乙两个质量不同的正方体木块，两个完全相同的木桩A、B，一个装满沙子的沙槽(如图所示)。请选用上述实验器材证明“物体的重力势能与物体的质量有关”。

(1)将木桩A和B分别竖直插入沙中相同深度，简述下一步操作过程：______。

(2)通过【答案】将甲、乙从同一高度下落撞击木桩，观察木桩陷入沙槽的深度

木桩陷入沙子的深度

【解析】解：

(1)实验步骤：

a、把木桩A的尖端插入沙槽适当深度，让甲从适当高度下落撞击木桩，观察木桩陷入沙槽的深度。

b、把木桩B的尖端插入沙槽同样深度，用乙从同一高度下落撞击木桩，观察木桩陷入沙槽的深度。

(2)重力势能越大，甲、乙对木桩做功越多，木桩陷入沙子的深度相同，故可以根据木桩陷入沙子的深度来判断重力势能的大小。

故答案为：(1)将甲、乙从同一高度下落撞击木桩，观察木桩陷入沙槽的深度；六、计算题：本大题共1小题，共9分。22.电热水壶有加热和保温两种工作状态，其铭牌和内部电路图如图所示，R1=44Ω，R2=1166Ω，电热水壶在加热状态下正常工作时，将壶内2kg的水、从20℃加热到额定电压220V

加热功率1100W

保温功率

容积(1)水吸收的热量是多少？

(2)电热水壶消耗的电能是多少？

(3【答案】解：(1)水吸收的热量：Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(65℃−20℃)=3.78×105J；

(2)由P=Wt【解析】(1)知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cm(t−t0