2025年四川普通高中学业水平选择性考试物理试题及答案

​2025年四川普通高中学业水平选择性考试物理试题及答案一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.下列关于物理学史的说法正确的是（）A.牛顿发现了万有引力定律并测出了引力常量B.奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电与磁的联系C.法拉第发现了电磁感应现象，总结出了楞次定律D.爱因斯坦提出了量子假说，成功解释了光电效应现象2.如图所示，一质点做直线运动的v-t图像，下列说法正确的是（）A.在0-2s内，质点做匀加速直线运动，加速度大小为2m/s²B.在2-4s内，质点静止C.在4-6s内，质点做匀减速直线运动，加速度大小为1m/s²D.在0-6s内，质点的位移为12m3.如图所示，一个质量为m的物块静止在倾角为θ的斜面上，下列说法正确的是（）A.物块受到的重力沿斜面向下的分力大小为mgsinθB.物块受到的摩擦力大小为mgcosθC.物块对斜面的压力大小为mgsinθD.物块受到的合力大小为mgsinθ4.如图所示，一理想变压器原、副线圈匝数比为n₁:n₂=3:1，原线圈接入电压有效值为U₁=220V的正弦交流电，副线圈接有一个阻值为R=10Ω的电阻，则副线圈中电流的有效值为（）A.2.2AB.6.6AC.22AD.66A5.如图所示，一质量为m的小球以初速度v₀水平抛出，经过时间t落在水平地面上，不计空气阻力，重力加速度为g，则小球在飞行过程中重力的平均功率为（）A.mgv₀B.\(\frac{1}{2}mg²t\)C.mg²tD.\(\frac{1}{2}mgv₀\)6.如图所示，在光滑水平面上有一质量为M的滑块，滑块上有一质量为m的小球，用一轻绳将小球与滑块相连，开始时滑块和小球都静止，现给滑块一个水平向右的瞬时冲量I，使滑块获得一个水平向右的初速度v₀，则在以后的运动过程中，下列说法正确的是（）A.滑块和小球组成的系统动量守恒B.滑块和小球组成的系统机械能守恒C.小球的最大速度为\(\frac{I}{m}\)D.滑块的最小速度为07.如图所示，一电荷量为+q的粒子以速度v垂直进入一匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，粒子在磁场中做匀速圆周运动，轨道半径为R，若仅将粒子的电荷量变为-q，速度大小不变，其他条件不变，则粒子在磁场中运动的轨道半径和周期分别为（）A.R，\(\frac{2\piR}{v}\)B.R，\(\frac{\piR}{v}\)C.2R，\(\frac{2\piR}{v}\)D.2R，\(\frac{\piR}{v}\)二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.下列关于简谐运动的说法正确的是（）A.简谐运动是一种匀变速直线运动B.简谐运动的回复力一定是由合外力提供的C.简谐运动的物体在平衡位置时速度最大，加速度为0D.简谐运动的物体在最大位移处时速度为0，加速度最大9.如图所示，一平行板电容器与一电源相连，开关S闭合，电容器两极板间有一质量为m、电荷量为q的带电粒子处于静止状态，现将电容器两极板间的距离增大，则下列说法正确的是（）A.电容器的电容增大B.电容器两极板间的电场强度减小C.带电粒子将向上运动D.电源将对电容器充电10.如图所示，在竖直平面内有一固定的光滑半圆轨道，轨道半径为R，一质量为m的小球从轨道的最低点A以初速度v₀沿轨道向上运动，已知小球通过最高点B时对轨道的压力大小为mg，则下列说法正确的是（）A.小球在B点的速度大小为\(\sqrt{2gR}\)B.小球在A点的初速度大小为\(\sqrt{5gR}\)C.小球从A点到B点的过程中，重力做功为-2mgRD.小球从A点到B点的过程中，机械能守恒三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.（6分）某同学用打点计时器研究小车的匀变速直线运动，他将打点计时器接到频率为50Hz的交流电源上，实验时得到一条纸带，如图所示，他在纸带上便于测量的地方选取第一个计时点，在这个点下标明A，第六个点下标明B，第十一个点下标明C，第十六个点下标明D，第二十一个点下标明E。测量时发现B点已模糊不清，于是他测得AC=14.56cm，CD=11.15cm，DE=13.73cm，则打C点时小车的瞬时速度大小为______m/s，小车运动的加速度大小为______m/s²（结果保留三位有效数字）。12.（8分）某同学要测量一未知电阻Rₓ的阻值，实验室提供了以下器材：A.待测电阻Rₓ（阻值约为200Ω）B.电源E（电动势为3V，内阻不计）C.电流表A₁（量程为0-10mA，内阻r₁=50Ω）D.电流表A₂（量程为0-30mA，内阻r₂约为10Ω）E.滑动变阻器R₁（最大阻值为100Ω，额定电流为1A）F.滑动变阻器R₂（最大阻值为1000Ω，额定电流为0.1A）G.开关S，导线若干（1）为了尽可能准确地测量Rₓ的阻值，该同学应选用的滑动变阻器是______（填器材前的字母代号）。（2）请在虚线框内画出该同学设计的实验电路图。（3）若该同学在实验中测得电流表A₁的示数为I₁，电流表A₂的示数为I₂，则待测电阻Rₓ的阻值表达式为Rₓ=______。13.（10分）如图所示，一质量为m=0.5kg的滑块，从光滑的四分之一圆弧轨道顶端A由静止滑下，轨道半径R=0.8m，滑块滑到轨道底端B后，冲上一个粗糙的水平面，在水平面上滑行一段距离后停止，已知滑块与水平面间的动摩擦因数μ=0.2，重力加速度g=10m/s²。求：（1）滑块在B点时对轨道的压力大小；（2）滑块在水平面上滑行的距离。14.（14分）如图所示，在xOy平面内存在着匀强电场和匀强磁场，电场方向沿y轴正方向，磁场方向垂直于xOy平面向里。一质量为m、电荷量为+q的粒子从原点O以初速度v₀沿x轴正方向射入该区域，已知电场强度大小为E，磁感应强度大小为B，粒子在运动过程中恰好做匀速圆周运动。求：（1）粒子做匀速圆周运动的半径；（2）粒子从原点O出发到第一次回到x轴时所用的时间。15.（16分）如图所示，在光滑的水平面上有一质量为M=2kg的长木板，木板上有一质量为m=1kg的小滑块，小滑块与长木板间的动摩擦因数μ=0.2。开始时，长木板和小滑块都静止，现给小滑块一个水平向右的初速度v₀=4m/s，经过一段时间后，小滑块刚好滑到长木板的右端，且与长木板相对静止。求：（1）小滑块和长木板相对静止时的共同速度；（2）长木板的长度；（3）整个过程中系统产生的热量。答案及解析一、单项选择题1.答案：B解析：牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测出了引力常量，A错误；奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电与磁的联系，B正确；法拉第发现了电磁感应现象，楞次总结出了楞次定律，C错误；普朗克提出了量子假说，爱因斯坦成功解释了光电效应现象，D错误。2.答案：C解析：在0-2s内，质点做匀加速直线运动，加速度大小为\(a=\frac{\Deltav}{\Deltat}=\frac{4-0}{2}m/s²=2m/s²\)，A正确；在2-4s内，质点做匀速直线运动，速度大小为4m/s，B错误；在4-6s内，质点做匀减速直线运动，加速度大小为\(a=\frac{\Deltav}{\Deltat}=\frac{0-4}{2}m/s²=-2m/s²\)，加速度大小为2m/s²，C错误；在0-6s内，质点的位移为\(x=\frac{1}{2}\times(2+6)\times4m=16m\)，D错误。3.答案：A解析：物块受到的重力沿斜面向下的分力大小为\(F=mg\sin\theta\)，A正确；物块静止在斜面上，受到的摩擦力为静摩擦力，大小为\(f=mg\sin\theta\)，B错误；物块对斜面的压力大小为\(N=mg\cos\theta\)，C错误；物静止在斜面上，受到的合力为0，D错误。4.答案：A解析：根据变压器的电压比公式\(\frac{U₁}{U₂}=\frac{n₁}{n₂}\)，可得副线圈两端的电压\(U₂=\frac{n₂}{n₁}U₁=\frac{1}{3}\times220V=\frac{220}{3}V\)，则副线圈中电流的有效值为\(I₂=\frac{U₂}{R}=\frac{\frac{220}{3}}{10}A\approx2.2A\)，A正确。5.答案：B解析：小球在飞行过程中重力做功为\(W=mgh=\frac{1}{2}mg²t²\)，则重力的平均功率为\(P=\frac{W}{t}=\frac{\frac{1}{2}mg²t²}{t}=\frac{1}{2}mg²t\)，B正确。6.答案：A解析：滑块和小球组成的系统在水平方向上不受外力，系统动量守恒，A正确；由于绳子的拉力对滑块和小球做功，系统机械能不守恒，B错误；当绳子再次伸直时，滑块和小球具有共同速度，此时小球的速度不是最大，C错误；滑块的最小速度不为0，D错误。7.答案：A解析：根据洛伦兹力提供向心力\(qvB=m\frac{v²}{R}\)，可得\(R=\frac{mv}{qB}\)，仅将粒子的电荷量变为-q，速度大小不变，其他条件不变，则粒子在磁场中运动的轨道半径不变，仍为R，周期\(T=\frac{2\piR}{v}\)也不变，A正确。二、多项选择题8.答案：CD解析：简谐运动的加速度随位移的变化而变化，不是匀变速直线运动，A错误；简谐运动的回复力不一定是由合外力提供的，也可能是某个力的分力，B错误；简谐运动的物体在平衡位置时速度最大，加速度为0，C正确；简谐运动的物体在最大位移处时速度为0，加速度最大，D正确。9.答案：B解析：根据\(C=\frac{\epsilonS}{4\pikd}\)，将电容器两极板间的距离增大，电容减小，A错误；根据\(E=\frac{U}{d}\)，电源电压不变，d增大，电场强度减小，B正确；带电粒子原来静止，电场力等于重力，电场强度减小，电场力减小，带电粒子将向下运动，C错误；电容减小，电容器放电，D错误。10.答案：ACD解析：在B点，根据牛顿第二定律\(mg+N=m\frac{v²}{R}\)，已知\(N=mg\)，可得\(v=\sqrt{2gR}\)，A正确；从A点到B点，根据机械能守恒定律\(\frac{1}{2}mv₀²=\frac{1}{2}mv²+2mgR\)，将\(v=\sqrt{2gR}\)代入可得\(v₀=\sqrt{4gR}\)，B错误；小球从A点到B点的过程中，重力做功为\(W=-mg\times2R=-2mgR\)，C正确；小球在光滑半圆轨道上运动，只有重力做功，机械能守恒，D正确。三、非选择题11.答案：0.986；2.58解析：打点计时器的频率为50Hz，则打点周期\(T=0.02s\)，相邻计数点间的时间间隔\(t=5T=0.1s\)。打C点时小车的瞬时速度大小为\(v_C=\frac{AD}{2t}=\frac{AC+CD}{2t}=\frac{14.56+11.15}{2\times0.1}\times10^{-2}m/s\approx0.986m/s\)。根据\(\Deltax=aT²\)，可得\(a=\frac{DE-CD}{t²}=\frac{13.73-11.15}{0.1²}\times10^{-2}m/s²\approx2.58m/s²\)。12.答案：（1）E；（2）电路图如下；（3）\(\frac{I₁r₁}{I₂-I₁}\)解析：（1）为了便于调节，应选用最大阻值较小的滑动变阻器，即E。（2）采用电流表A₁与待测电阻并联，再与电流表A₂串联的电路，电路图如下：（3）根据并联电路的特点，\(I₁r₁=(I₂-I₁)Rₓ\)，可得\(Rₓ=\frac{I₁r₁}{I₂-I₁}\)。13.答案：（1）15N；（2）2m解析：（1）滑块从A到B的过程中，根据机械能守恒定律\(mgR=\frac{1}{2}mv²\)，解得\(v=\sqrt{2gR}=\sqrt{2\times10\times0.8}m/s=4m/s\)。在B点，根据牛顿第二定律\(N-mg=m\frac{v²}{R}\)，解得\(N=mg+m\frac{v²}{R}=0.5\times10N+0.5\times\frac{4²}{0.8}N=15N\)，根据牛顿第三定律，滑块在B点时对轨道的压力大小为15N。（2）在水平面上，根据动能定理\(-\mumgx=0-\frac{1}{2}mv²\)，解得\(x=\frac{v²}{2\mug}=\frac{4²}{2\times0.2\times10}m=2m\)。14.答案：（1）\(\frac{mv₀}{qB}\)；（2）