河南省新乡市2025-2026学年高二上学期教学目标测评物理试题【含答案】

第=page11页，共=sectionpages11页河南省新乡市2025-2026学年高二上学期教学目标测评物理试题一、单选题：本大题共7小题，共21分。1.我国宋代科学家沈括在公元1086年写的《梦溪笔谈》中，最早记载了地磁偏角：“方家(术士)以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也。”沈括是历史上第一个从理论高度来研究磁偏现象的人。关于磁场、磁感线、磁感应强度、磁通量，下列说法正确的是(

)A.若地磁场是由于地球带电随地球自转产生的，则地球表面带正电

B.磁感线是磁场把铁屑磁化形成的，磁场是由无数条磁感线组成的

C.小磁针S极所受磁场力的方向与该处磁感应强度的方向相同

D.线圈处在磁感应强度很大的磁场中，穿过线圈平面的磁通量可能为零2.如图所示，A、B为相互接触并用绝缘支柱支持的金属导体，起初都不带电，在它们的下部贴有金属箔片，C是带正电的小球，下列说法错误的是(

)

A.此时B带正电

B.A的电荷量等于B的电荷量

C.把C移近导体A，先把A、B分开，然后移去C，A、B上的金属箔片仍张开

D.把C移近导体A，用手摸B，A、B上的金属箔片都张开3.如图，直角三角形ABC处在负点电荷的电场中，∠B=90∘，∠A=30∘，A、B、C三点与点电荷在同一平面内，O为AB边的中点，D为ACA. B.

C. D.4.电容式加速度传感器可以用于触发汽车安全气囊等系统。如图所示，极板M、N组成的电容器视为平行板电容器，M固定，N可左右运动，通过测量电容器极板之间电压的变化来确定汽车的加速度。当汽车加速时，极板M、N的距离增大，若极板上电荷量保持不变，则该电容器(

)

A.电容增大 B.极板间电压变小

C.极板间电场强度不变 D.极板间电场强度变小5.在“观察电容器的充、放电现象”实验中，某同学设计的实验电路如图所示。先调节电阻箱，将单刀双掷开关S与“1”端相接，电容器充电完成后，开关S再与“2”端相接，相接后小灯泡亮度变化情况是(

)

A.迅速变亮，然后亮度趋于稳定 B.迅速变亮，然后亮度逐渐减小至熄灭

C.亮度逐渐增大，然后趋于稳定 D.亮度逐渐增大，然后亮度逐渐减小至熄灭6.如图所示，在一个平面内有六根彼此绝缘的通电直导线，各通电导线的电流强度大小相同(通电的长直导线在周围空间某位置产生磁场的磁感应强度大小为B=kIr，其中I为电流强度，r为该位置到长直导线的距离，k为常数)方向如图所示，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ四个区域的面积相同，则磁感应强度为零的区域是(

)A.Ⅱ和Ⅳ B.Ⅰ和Ⅱ C.Ⅰ和Ⅲ D.Ⅲ和Ⅳ7.如图所示，a、b是两个带有同种电荷的小球，用绝缘丝线悬挂于同一点，两球静止时，它们距水平面的高度相等，绳与竖直方向的夹角分别为α、β，且β>α。若同时剪断两根细线，空气阻力不计，两球带电荷量不变，则(

)

A.剪断细线后，两球做匀变速曲线运动

B.a球比b球先落地

C.a球的质量比b球的小

D.从剪断到落地，小球b电势能变化量的绝对值大于小球a电势能变化量的绝对值二、多选题：本大题共5小题，共20分。8.某实验小组通过如图所示的实验电路测量干电池的电动势和内阻，并根据测得的数据作出了U−I图像，下列正确的是(

)

A.电池的电动势E=3.0V

B.根据r=|ΔUΔ9.如图所示，灵敏电流计的内阻Rg为480Ω，满偏电流Ig为250μ，改装成量程为0−1mA和0∼5A.a、c接线柱时电流表的量程0∼5mA B.R1=10.质量为m带电量为+q的小球，用一长为l的绝缘轻绳系住，绳另一端固定在O点，现加一匀强电场，场强大小为2mgq，电场线和轻绳均在竖直平面内，考虑小球重力，重力加速度为g。则(

)A.如图甲，电场强度竖直向下，若小球恰好能在竖直平面内做完整的圆周运动，则小球通过圆周最高点A的最小速度vA=5gl

B.如图甲，电场强度竖直向下，若小球恰好能在竖直平面内做完整的圆周运动，则小球通过圆周最高点A的最小速度vA=3gl

C.如图乙，电场强度水平向右，小球静止在M点，在M点给小球一个垂直于OM方向的初速度vM，小球恰好能在竖直平面内做完整的圆周运动，则v11.滑块a与静止的滑块b在光滑水平面上正碰，碰撞时间不计。滑块a、b碰撞前后的位移随时间变化的图像如图所示，根据已知信息可知(

)

A.滑块a和滑块b的质量之比为1：6 B.滑块a和滑块b的质量之比为1：2

C.滑块a和滑块b碰撞属于弹性碰撞 D.滑块a和滑块b碰撞属于非弹性碰撞12.如图，等边三角形线框LMN由三根相同的导体棒连接而成，固定于匀强磁场中，线框平面与磁感应强度方向垂直，线框顶点M、N与直流电源两端相接，已知导体棒MN受到的安培力大小为F，则下列说法正确的是(

)

A.线框LMN的安培力合力大小为0

B.线框LMN的安培力合力大小为1.5F，方向竖直向上

C.导体棒ML与LN的安培力的合力为0.5F三、实验题：本大题共2小题，共18分。13.用如图甲所示的多用电表的欧姆挡来测量电阻时，要用到选择开关K和两个部件S、T。请根据下列步骤完成电阻测量。(1)调节指针定位螺丝“S”，使指针对准

(填电流的“0刻线”或电阻的“0刻线”)将K旋转到电阻挡“×100”的位置；将插入“+”“−”插孔的表笔短接，旋动部件“T”，使指针对准

(填电流的“0刻线”或电阻的“0刻线”)A.将K旋转到电阻挡“×1B.将K旋转到电阻挡“×10C.将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接D.将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行欧姆调零E.测量和读数完成后，将选择开关调到“OF(2)若(1)中更换合适的倍率后，测量时多用电表的表盘如图乙所示，则待测电阻的阻值R14.某实验小组的同学为了测量电阻Rx(阻值约为4Ω)的阻值和电阻丝RA.干电池E(电动势约为B.电流表A1(量程为3C.电流表A2(量程为0.6D.电压表V(量程为3.0VE.滑动变阻器R1(F.滑动变阻器R2(G.开关、单刀双掷开关、导线若干

(1)为了较为准确测量和方便电路调节，电流表应选用

，滑动变阻器应选用

;(2)用螺旋测微器测量电阻丝的不同位置的直径，然后求平均值为d，某次测量的示数如图乙所示，则该示数为(3)实验时，将电阻丝R的滑片Q置于最右端，闭合开关S1，将单刀双掷开关S2接a，调节滑动变阻器的滑片P，电压表的示数为U1，电流表的示数为I，再将单刀双掷开关S2接b，电压表的示数为U2(4)闭合开关S1，将单刀双掷开关S2接b，改变滑片Q的位置读出电压表的示数U，电流表的示数I0，测量滑片Q到电阻丝最左端的距离L；继续改变滑片Q的位置，调节P使电流表的示数仍为I0，记录多组电压表的示数U以及Q到电阻丝最左端的距离L，建立坐标系，纵轴为U，横轴为L，作出U−L图像，图线是斜率为k的直线，则电阻丝的电阻率ρ=

(用k、四、计算题：本大题共4小题，共41分。15.如图，电源电压恒为U0(内阻不计)，定值电阻阻值为R0，滑动变阻器的最大阻值为2R0，电流表的内阻不计。平行板电容器两极板水平放置，板长为L。比荷为(1(2)求平行板电容器两极板间距d16.如图甲所示，真空中的电极逸出电子(设电子的初速度为零)，经加速电场加速，由小孔穿出，t=0时刻电子沿两个彼此绝缘且靠近的水平金属板A、B的中线射入偏转电场，A、B板长为L，A、B两板距离为d，AB两板间加周期性变化的电场UAB，如图乙所示，周期为T，加速电压U1=m(1)电子从加速电场U1(2)射入偏转电场的电子离开偏转电场时距A、B间中线的距离(3)要使电子不打到A、B板上，A、B两板距离d17.如图所示，足够长的光滑水平面上静置着质量M=3kg的光滑14圆轨道，圆轨道最低点与水平面相切。质量m1=1kg的小球A和质量m2=4kg的小球B中间压缩锁定着水平轻质弹簧并静止在水平面上，小球(1)弹簧锁定解除后小球A离开弹簧时A、(2)圆轨道的半径R18.如图所示，位于第一象限内半径为R=1m的圆形磁场与两坐标轴分别相切于P、Q两点，磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小为B=2T，第三、四象限内存在沿y轴正方向的匀强电场，一个质量为m=0.01kg，电量q=0.1C的带正电粒子从y轴上(1(2)求粒子经过第一象限到达y轴时的坐标。答案和解析1.【答案】D

【解析】A.若地磁场由地球带电自转产生，根据右手定则(环形电流产生磁场)，地球表面需带负电才能使磁北极位于地理南极附近(与实际地磁场一致)，故A错误；B.磁感线是人为假想的曲线，用于描述磁场分布，并非由铁屑磁化形成，磁场本身也不由磁感线组成，故B错误；C.磁感应强度方向定义为小磁针N极所受磁场力方向，因此S极所受磁场力方向与磁感应强度方向相反，故C错误；D.磁通量公式为

Φ=BScosθ

(

θ

为磁场方向与线圈法线方向的夹角)，当线圈平面与磁场方向平行时(

θ=90∘

)，

故选D。2.【答案】D

【解析】AB.把C移近导体A时，导体A、B的电子被吸引到左端，A端带负电，B端带正电，A带负电荷量等于B带正电荷量，故C.把C移近导体A，A端带负电，B端带正电，先把A、B分开，然后移去C，导体A的负电与导体B正电不能中和，A、B上的金属箔片都张开，故C正确；D.把C移近导体A，A端带负电，B端带正电，A、B上的金属箔片都张开；用手摸了一下B，地球远端的电子被吸引到左端，左端仍带负电，地球带正电，导体B不带电，A上的金属箔片张开，B上的金属箔片闭合，故D错误。本题选错误的，故选D。3.【答案】C

【解析】负点电荷的等势线为以负点电荷为圆心的圆，因为粒子从A移到C电场力做功为零，A、C电势相等，A、C处在同一个圆上，从B移到D点电场力做功也为零，B、D电势相等，B、D处在同一个圆上，分别作AC、B则由几何关系得到交点在AB上，但不是AB的中点O；应在O右侧即E点，根据负点电荷的电场线分布特点，可知故选C。4.【答案】C

【解析】当汽车加速时，极板M、N的距离增大，由平行板电容器的决定式C=εS4πkd可知，电容变小，选项A错误;若极板上电荷量保持不变，由电容定义式C=Q/U可知，极板M、N5.【答案】B

【解析】电容器充电完成后，开始时两极板电量较多，电势差较大，当闭合“2”接入小灯泡，回路立即形成电流，灯泡迅速变亮；随着时间的积累，两极板电量变少，电势差变小，流过灯泡的电流减小，直至两极板电荷量为零不带电，则无电流流过小灯泡即熄灭。故选B。6.【答案】A

【解析】把导线编号，如图所示先确定每根导线产生的磁场再叠加。I区域中①⑥直线电流磁场方向垂直纸面向里，②⑤直线电流磁场方向垂直纸面向里，③④直线电流磁场方向垂直纸面向外，叠加后该区域磁场方向垂直纸面向里；Ⅱ区域中①④直线电流磁场方向相反，大小相等，叠加后为零，②⑤直线电流磁场方向相反，大小相等，叠加后为零，③⑥直线电流磁场方向相反，大小相等，叠加后为零，所以该区域磁感应强度为零；Ⅲ区域中①⑥直线电流磁场方向垂直纸面向里，②⑤直线电流磁场方向垂直纸面向外，③④直线电流磁场方向垂直纸面向外，叠加后磁场方向垂直纸面向外；Ⅳ区域中①故选A。7.【答案】D

【解析】A.剪断细线后两球水平方向受库仑力一直变化，所以不是匀变速曲线运动，故A错误；C.对两个小球受力分析，如图所示：由示意图可知，有

F由于

β>α

，两球之间的库仑力大小相等，所以

ma>B.剪断细线后，两球竖直方向做自由落体运动，高度相同，时间相等，故B错误；D.两小球在水平方向受到的库仑力大小相等，由于小球a的质量大，由F=ma可知，小球b在水平方向的加速度大，所以相同时间内，小球b水平方向的位移大小大于小球a水平方向的位移，故电场力对小球b做的功大于对小球a做的功，即小球b电势能变化量的绝对值大于小球a故选D。8.【答案】AC【解析】A.根据闭合电路欧姆定律，U=E−Ir，F=0时U=E=3.0V，A正确; B.根据闭合电路欧姆定律，可以写出U=E9.【答案】BC【解析】根据电路可知用a、b和a、c接线柱时电流表的量程分别为

Ib=Ig则有

Ib>Ic

，a、c

接线柱时电流表的量程当使用a、d两个端点时，设流过R3的电流为I3=解得R故选BC。10.【答案】BD【解析】AB.甲图模型为竖直平面内圆周运动中的绳球模型，在圆周运动最高点重力和电场力的合力提供做圆周运动的向心力，即代入题中电场强度大小，解得小球通过圆周最高点A的最小速度

vA=3glCD.小球静止在M点，将重力和电场力的合力看成等效重力则等效最高点在

MO

延长线与圆周的交点N处，该点处合力提供向心力，即

根据动能定理可得

−方程联立解得

v在M点

F解得

FM=65m故选BD。11.【答案】AD【解析】AB.在位移—时间图像中，图线的斜率表示物体的速度，由图像可知，碰撞前a的速度为b的速度为零；碰撞后a的速度

vb的速度为

v由动量守恒定律

m可得

mamb=1CD.碰撞前后a、b的机械能关系为可知a、b的碰撞属于非弹性碰撞，故D正确，C错误。故选AD。12.【答案】BC【解析】MN中电流为I，ML和LN与MN并联，电流为

I2

，由F=BIL和左手定则，当导体棒MN的安培力大小为F，导体棒ML与LN的安培力大小均为0.5F，方向分别垂直M故选BC。13.【答案】电流的“0刻线”电阻的“0刻线”B150

【解析】(1)[1][2]旋动部件T，可以使指针对准电阻的“[3]由题可知，选用“×100”挡时发现指针偏角过大，说明电阻较小，应更换小倍率的挡位，两表笔短接进行欧姆调零，再测量电阻，完毕后将选择开关调到“OF(2)由图可知，待测电阻的阻值

R14.【答案】CE0.384/Uk

【解析】(1)电流的最大值为Im=U(2)(3)由题意可知，单刀双掷开关接a时，有Rx+R+r2(4)由欧姆定律U=I0(r2+R)

电阻定律R=15.【答案】解：(1)设滑动变阻器的电阻为R