2025年四川省眉山市中考物理试卷

第1页（共1页）2025年四川省眉山市中考物理试卷一、选择题（本大题共12个小题，1-12每小题3分。在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．（3分）如图所示是考古出土的我国古代不同时期的乐器，下列关于它们的说法正确的是（）A．敲编钟发出的声音是编钟振动产生的 B．编钟和骨笛都是乐器，它们发出的声音一定不是噪声 C．能辨别编钟和骨笛发出的声音，主要是根据它们的响度不同 D．敲编钟发出的声音比吹骨笛发出的声音大，是因为编钟声音的音调高2．（3分）关于信息、能源和材料，下列说法正确的是（）A．手机利用超声波传递信息 B．新能源汽车使用的是核能 C．气凝胶的密度很小，可应用于航空航天等领域 D．煤炭和石油都属于可再生能源，可以随意开采3．（3分）如图所示的光现象，说法正确的是（）A．图甲中，手影是光的反射形成的 B．图乙中，潜望镜利用光的折射观察物体 C．图丙中，海市蜃楼是光的折射形成的 D．图丁中，汽车后视镜利用光的折射扩大观察范围4．（3分）如图所示的事例，说法正确的是（）A．图甲中，船闸不属于连通器 B．图乙中的现象，说明液体压强与液体的深度有关 C．图丙中的现象，说明纸条上方比下方空气流速大，压强大 D．图丁中，把玻璃板拉离水面时弹簧测力计的示数会变大，说明分子间存在着斥力5．（3分）推铅球时，铅球的运动过程如图所示，下列说法正确的是（）A．推出去的铅球能在空中继续运动，是因为它受到了惯性的作用 B．若铅球运动到最高点所受力全部消失，它将保持静止 C．铅球在运动过程中受到平衡力作用 D．铅球落地后静止时，铅球的动能为零6．（3分）“生活处处皆物理，留心观察皆学问”，下列说法正确的是（）A．带金属外壳的用电器，使用时外壳应该接地 B．家里的空气开关“跳闸”，一定是电路出现了短路 C．烧开水是通过做功的方式增大水的内能 D．水烧开后，锅盖不停跳动，机械能转化为内能7．（3分）如图所示实验，说法正确的是（）A．甲图说明通电导体周围存在磁场 B．乙图说明电磁铁磁性强弱与电流大小有关 C．丙图说明通电导体在磁场中要受到力的作用 D．丁图说明导体在磁场中运动能产生感应电流8．（3分）如图所示电路中，电源电压恒为6V。闭合开关S，电路正常工作，电压表的示数为3V。一段时间后，电压表的示数由3V变为6V，电流表示数增大。若电路中仅有一处故障，且只发生在R1、R2上，则电路的故障是（）A．R1断路 B．R2断路 C．R1短路 D．R2短路9．（3分）“探究杠杆的平衡条件”实验中，杠杆在水平位置平衡，如图所示。下列操作能使杠杆在水平位置保持平衡的是（）A．同时将左右两侧的钩码取下一个 B．将A、B两处所挂的钩码交换位置 C．将右侧钩码取下一个，左侧钩码向支点移动一格 D．将左侧钩码向支点移动两格，右侧钩码向支点移动三格10．（3分）一台起重机将重2000N的货物在10s内匀速提高5m，如果额外功是10000J，则下列说法错误的是（）A．起重机做的总功是20000J B．起重机的功率是1000W C．起重机的机械效率为50% D．增大货物的质量，可以提高起重机的机械效率11．（3分）水平桌面上的甲、乙两个相同圆柱形容器，内装不同液体。将两个相同小球分别放入甲、乙两容器中，小球静止时如图所示。若两容器底部所受液体压强相等，则下列判断正确的是（）A．两容器中的液体密度相等 B．两容器所装液体的质量相等 C．甲容器对桌面的压强小于乙容器对桌面的压强 D．甲容器中小球所受浮力大于乙容器中小球所受浮力12．（3分）如图所示，电源电压保持不变，R2的最大阻值为10Ω。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P在中点时，R1的功率为7.2W；将滑动变阻器的滑片P移动到最右端，电流表A1的示数与滑片P在中点时的示数之比是3：4。此过程中，下列判断正确的是（）A．电压表示数为9V B．滑片P在中点时电流表A2的示数为0.6A C．P在中点时，1min内R2产生216J的热量 D．电路的最小功率为10.8W二、填空题（本大题共5小题，10空，每空2分，共20分；将正确答案直接填写在答题卡相应的位置上）13．（4分）2025年4月30日，神舟十九号返回舱在东风着陆场成功着陆，神舟十九号载人飞行任务取得圆满成功！返回舱回收着陆阶段，减速伞拉出并降速，如图甲所示，以伞为参照物，返回舱是的。在返回舱距离地面1m左右时，反推发动机点火，如图乙所示，将返回舱的速度降低到1∼2m/s，实现平稳着陆，说明力可以改变物体的。14．（4分）如图甲所示是人的眼球示意图，人眼的成像原理与（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）的成像原理类似；如图乙是近视眼看远处物体的成像示意图，可以用（选填“凹透镜”或“凸透镜”）矫正，才能看清远处的物体。15．（4分）物理兴趣小组的同学测量一块不溶于水的新材料密度，用调好的托盘天平测量材料块质量，天平平衡时右盘砝码质量和游码在标尺上的位置如图甲所示，则材料块的质量为g；通过采用图乙和图丙所示的方法，测得该材料块的体积，则材料块的密度是kg/m3。16．（4分）甲、乙两根完全相同的电阻丝，将甲电阻丝剪去一半，电阻变为R1；将乙电阻丝从中间对折，电阻变为R2。然后将R1和R2串联到电路中，则通过R1的电流I1（选填“大于”“等于”或“小于”）通过R2的电流I2，R1两端电压U1与R2两端电压U2之比U1：U2＝。17．（4分）超速是引发交通安全事故的因素之一。物理兴趣小组设计了一种超速自动报警装置，当车速过快时，提醒驾驶员需要减速。如图甲所示为该装置的简化电路图，电源电压为12V，定值电阻R为10Ω，Rv为速度传感器，其阻值随车速变化的关系图像如图乙所示。由图乙可知，当汽车的行驶速度逐渐增大时，电压表的示数（选填“增大”“减小”或“保持不变”）。若车速达到80km/h时，提醒语音响起，观察到电压表示数为10V；当电压表的示数为8V时，汽车速度为km/h。三、解答与探究题（本大题共34分，将正确答案直接填写在答题卡相应的位置上）（一）作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分；请用签字笔在答题卡上作答）18．（2分）根据透镜对光的作用，完成下列光路图。19．（2分）我国的无人机技术处于国际领先水平，无人机的应用日益广泛。如图甲所示，无人机在无风天气进行航拍，在图乙中画出无人机静止在空中时受力的示意图（图乙中正方形表示无人机，O点为重心，不计空气的浮力）。（二）实验与探究题（本题共3小题，每小题6分，共18分）20．（6分）某实验小组利用图甲所示实验装置探究冰熔化时温度的变化规律。（1）实验中按图甲的方式对碎冰加热，目的是使碎冰。（2）如图乙所示温度计的示数是℃。（3）根据实验数据画出冰熔化过程的“温度﹣时间”图像，如图丙所示。分析图像可知：冰熔化过程中要（选填“吸收”或“放出”）热量，但温度保持不变，属于（选填“晶体”或“非晶体”）。（4）进一步分析图像发现，0至t1时段内的温度变化比t2时刻后的温度变化快，其主要原因是冰和水的不同。（5）若对烧杯持续加热，烧杯中的水沸腾后试管中的水（选填“会”或“不会”）沸腾。21．（6分）如图所示是“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验。（1）用较小的力拉木块，木块保持静止，此时木块（选填“受”或“不受”）摩擦力。（2）实验过程中，必须用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做运动，根据原理，木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。（3）分析图甲和图乙可知：在接触面粗糙程度相同时，越大，滑动摩擦力越大。（4）下列事例中应用了甲、丙两次实验结论来增大摩擦力的是（填写字母符号）。A.自行车轮胎上刻有花纹B.给自行车链条涂抹润滑油C.用力捏自行车的刹车，车更容易停下来（5）完成上述探究后，继续用图中装置进行实验，作出拉力F与时间t关系图像如图丁所示，物体运动的速度v与时间t关系图像如图戊所示。则物体在第6.5s时所受的摩擦力大小为N。22．（6分）在测量小灯泡发光时的电阻实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，电源电压恒为3V。（1）如图甲所示电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于（选填“左”或“右”）端；闭合开关，移动滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，此时灯泡两端的电压为V。（2）根据实验测得的数据，作出小灯泡的I﹣U图像如图丙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为Ω；进一步分析发现，小灯泡的电阻在发生变化，原因是小灯泡电阻随的改变而改变。（3）另一组同学在没有电流表的情况下，测量另一只额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，设计了如图丁所示的电路，电源电压恒为4V，滑动变阻器最大阻值为20Ω。实验步骤如下：①闭合开关S1和S3，断开S2，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为V，这时小灯泡正常发光；②闭合开关S1和S2，断开S3，保持①步骤中滑动变阻器滑片的位置不变，此时电压表示数为1V；③小灯泡的额定功率P＝W。（三）计算题（本题共2小题，每小题6分，共12分；解答时应写出必要的文字说明和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的物理量必须写出数值和单位）23．（6分）“雪龙”号是我国最大的极地考察船，排水量约2.1×104t，吃水深度可达9m，动力系统中，主机功率13200kW。g取10N/kg，ρ海水＝1.03×103kg/m3，求：（1）“雪龙”号满载时受到的浮力；（2）水面下5m深处船壁受到海水的压强；（3）如图所示，执行科考任务的“雪龙”号在海面破冰前行，假如船以36km/h的速度做匀速直线运动，主机能提供多大的动力。24．（6分）图甲为某款电热煲汤锅，其简化电路如图乙所示。S为手动开关，S1为自动温控开关，温度达到100℃时，自动切换到保温状态，R1和R2均为阻值不变的电热丝。煲汤锅部分参数如表，求：额定电压额定功率220V加热保温1100W100W（1）煲汤锅处于加热状态时，电路中的电流；（2）电热丝R2的阻值；（3）某次煲汤锅对初温为50℃、质量为3.3kg的汤汁加热（汤汁沸点100℃），不考虑汤汁质量变化和热量损失，煲汤锅正常工作20min所消耗的电能。[c汤汁＝4×103J/（kg•℃）]

2025年四川省眉山市中考物理试卷参考答案与试题解析一．选择题（共12小题）题号1234567891011答案ACCBDAACDBB题号12答案D一、选择题（本大题共12个小题，1-12每小题3分。在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．（3分）如图所示是考古出土的我国古代不同时期的乐器，下列关于它们的说法正确的是（）A．敲编钟发出的声音是编钟振动产生的 B．编钟和骨笛都是乐器，它们发出的声音一定不是噪声 C．能辨别编钟和骨笛发出的声音，主要是根据它们的响度不同 D．敲编钟发出的声音比吹骨笛发出的声音大，是因为编钟声音的音调高【分析】声音是由物体振动产生的；声音的传播需要介质，真空不能传声。从环境保护的角度来说，凡是妨碍人们正常休息、学习和工作的声音，以及对人们要听的声音产生干扰的声音，都属于噪声。音调是声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高；频率越低，音调越低。音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关，振幅越大，响度越大，距离发声体越近，响度越大。【解答】解：A、声音是由物体振动产生的，敲编钟时，编钟振动发出声音，故A正确。B、编钟和骨笛发出的声音如果影响了人们正常的休息、学习和工作等，也可能成为噪声，故B错误。C、能辨别编钟和骨笛发出的声音，主要是根据它们的音色不同，而不是响度，故C错误。D、敲编钟发出的声音比吹骨笛发出的声音大，是因为编钟声音的响度大，而不是音调高，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了声音的产生、传播、声音的三个特性，以及噪声的界定，属于声学部分的常考知识。2．（3分）关于信息、能源和材料，下列说法正确的是（）A．手机利用超声波传递信息 B．新能源汽车使用的是核能 C．气凝胶的密度很小，可应用于航空航天等领域 D．煤炭和石油都属于可再生能源，可以随意开采【分析】（1）电磁波可以传递信息；（2）新能源汽车中用到的“锂电池、氢能、太阳能、压缩天然气”等能源；（3）气凝胶是当今世界上密度极小的固体材料，广泛应用于航空航天等领域；（4）可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源。【解答】解：A、手机可以发出和接收电磁波，是利用电磁波来传递信息的，故A错误；B、目前新能源汽车中用到的“锂电池、氢能、太阳能、压缩天然气”等能源，新能源汽车没有使用核能，故B错误；C、气凝胶是当今世界上密度极小的固体材料，广泛应用于航空航天等领域，故C正确；D、煤炭和石油等能源在地球上的储量是有限的，消耗后不可能再生，属不可再生能源，故D错误。故选：C。【点评】本题联系学生实际，考查电磁波、新能源汽车、密度公式的应用、能源的分类的应用等，具有较强的综合性，体现了学以致用的思想。3．（3分）如图所示的光现象，说法正确的是（）A．图甲中，手影是光的反射形成的 B．图乙中，潜望镜利用光的折射观察物体 C．图丙中，海市蜃楼是光的折射形成的 D．图丁中，汽车后视镜利用光的折射扩大观察范围【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。【解答】解：A．手影是光沿直线传播，被手挡住形成的黑影，故A错误；B．潜望镜是利用两次平面镜成像来观察物体，平面镜成像是光的反射现象，故B错误；C．海市蜃楼景象是由于光在不均匀的空气中传播时发生折射造成的，故C正确；D．汽车后视镜利用光的反射扩大观察范围，故D错误。故选：C。【点评】本题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。4．（3分）如图所示的事例，说法正确的是（）A．图甲中，船闸不属于连通器 B．图乙中的现象，说明液体压强与液体的深度有关 C．图丙中的现象，说明纸条上方比下方空气流速大，压强大 D．图丁中，把玻璃板拉离水面时弹簧测力计的示数会变大，说明分子间存在着斥力【分析】（1）上端开口，下部连通的容器叫做连通器，连通器的特点是容器中的水不流动时，各个容器中液面总是相平的。（2）图乙通常是探究液体压强与深度关系的实验装置，通过观察不同深度处液体喷出的远近，能得出液体深度越大，压强越大的结论。（3）纸条上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，从而产生向上的压力差，使纸条飘起，故C错误。（4）分子间存在相互作用的引力和斥力。【解答】解：A、船闸的闸室与上下游的水通过闸门与阀门相连，形成了上端开口、底部连通的连通器，是利用连通器的原理工作的，故A错误。B、图乙通常是探究液体压强与深度关系的实验装置，通过观察不同深度处液体喷出的远近，能得出液体深度越大，压强越大的结论，即液体压强与液体的深度有关，故B正确。C、图丙中，把纸条放在嘴边，用力从纸条上方吹气，纸条会向上飘起，这是因为纸条上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，从而产生向上的压力差，使纸条飘起，故C错误。D、图丁中，把玻璃板拉离水面时弹簧测力计的示数会变大，是因为玻璃板和水面之间有分子引力，在拉出玻璃板时，要克服分子间的引力，所以弹簧测力计的示数大于玻璃板的重力，说明分子间存在引力，而不是斥力，故D错误。故选：B。【点评】本题考查液体压强与流体压强的应用及分子间作用力的现象。5．（3分）推铅球时，铅球的运动过程如图所示，下列说法正确的是（）A．推出去的铅球能在空中继续运动，是因为它受到了惯性的作用 B．若铅球运动到最高点所受力全部消失，它将保持静止 C．铅球在运动过程中受到平衡力作用 D．铅球落地后静止时，铅球的动能为零【分析】（1）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，这种性质叫做惯性；（2）根据牛顿第一定律分析；（3）实心球的运动过程当中，受到重力和空气阻力；（4）影响动能大小的因素有：质量和速度，质量越大，速度越快，动能越大；质量越小，速度越小，动能越小。【解答】解：A、铅球离开手后能继续前进，这是因为铅球具有惯性，仍然要保持原来的运动状态，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故A错误；B、如题图所示，铅球运动到最高点a时，向上的速度为零，但仍有水平向右的速度，处于非平衡状态；此时若所有力突然消失，由牛顿第一定律可知，铅球将会水平向右做匀速直线运动，故B错误；C、铅球的运动过程当中，做曲线运动，受力不平衡，故C错误；D、铅球落地后静止时，质量不变，速度为零，动能为零，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了惯性现象、力与运动的关系和影响动能大小的因素，属于对基础知识的考查。6．（3分）“生活处处皆物理，留心观察皆学问”，下列说法正确的是（）A．带金属外壳的用电器，使用时外壳应该接地 B．家里的空气开关“跳闸”，一定是电路出现了短路 C．烧开水是通过做功的方式增大水的内能 D．水烧开后，锅盖不停跳动，机械能转化为内能【分析】（1）有金属外壳的用电器必须接地线；（2）空气开关“跳闸”，是因为电路中电流过大，导致电流过大的原因可能是电路中出现了短路，也可能是用电器的总功率过大；（3）改变物体内能的两种方式：做功和热传递；（4）物体对外做功，内能转化为机械能。【解答】解：A、有金属外壳的用电器必须接地线，当用电器漏电时，电流可通过接地线流入大地，从而避免人体触电，保障人身安全，故A正确；B、空气开关“跳闸”，是因为电路中电流过大。导致电流过大的原因可能是电路中出现了短路，也可能是用电器的总功率过大，故B错误；C、烧开水时，水吸收热量，温度升高，内能增加，是通过热传递的方式增大水的内能，故C错误；D、水烧开后，锅盖不停跳动，是水蒸气的内能转化为锅盖的机械能，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了安全用电常识和改变物体内能的方式，属于基础题。7．（3分）如图所示实验，说法正确的是（）A．甲图说明通电导体周围存在磁场 B．乙图说明电磁铁磁性强弱与电流大小有关 C．丙图说明通电导体在磁场中要受到力的作用 D．丁图说明导体在磁场中运动能产生感应电流【分析】（1）小磁针靠近通电导体时发生偏转，说明通电导体周围存在磁场；（2）影响电磁铁磁性强弱的因素有电流大小和匝数的多少；（3）导体在磁场中运动使电流表指针偏转，说明导体在磁场中运动能产生感应电流；（4）通电导体放到磁场中会运动，说明通电导体在磁场中要受到力的作用。【解答】解：A、甲图中，导线中有电流，小磁针发生偏转，说明通电导体周围存在磁场，故A正确；B、乙图中，右边的电磁铁吸收的铁钉多，磁性强，两个电磁铁是串联的，电流相等，不能说明电磁铁磁性强弱与电流大小有关，故B错误；C、丙图中没有电源，ab不是通电导体，而电表发生偏转是说明导体在磁场中运动能产生感应电流，故C错误；D、丁图中有电源，导体中有电流，且导体在磁场中运动，说明通电导体在磁场中要受到力的作用，故D错误；故选：A。【点评】本题考查磁场对通电导线的作用，奥斯特实验，影响电磁铁磁性强弱的因素。8．（3分）如图所示电路中，电源电压恒为6V。闭合开关S，电路正常工作，电压表的示数为3V。一段时间后，电压表的示数由3V变为6V，电流表示数增大。若电路中仅有一处故障，且只发生在R1、R2上，则电路的故障是（）A．R1断路 B．R2断路 C．R1短路 D．R2短路【分析】由图可知，闭合开关，两定值电阻串联，电压表V测量R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；已知工作一段时间后，电压表的示数由3V变为6V，则电压表测量的是电源电压，此时的故障可能为R2断路或R1短路，根据电流表是否有示数判断具体的故障。【解答】解：由图可知，闭合开关，两定值电阻串联，电压表V测量R2两端的电压，电流表A测量电路中的电流；已知工作一段时间后，电压表的示数由3V变为6V，则电压表测量的是电源电压，此时的故障可能为R2断路或R1短路；因电流表示数增大，说明电路是通路，则电路的故障是R1短路，故ABD错误，C正确。故选：C。【点评】此题是一道故障分析题，解答时让学生根据实验现象来分析出故障的原因，从中培养了学生分析问题和解决问题的能力。9．（3分）“探究杠杆的平衡条件”实验中，杠杆在水平位置平衡，如图所示。下列操作能使杠杆在水平位置保持平衡的是（）A．同时将左右两侧的钩码取下一个 B．将A、B两处所挂的钩码交换位置 C．将右侧钩码取下一个，左侧钩码向支点移动一格 D．将左侧钩码向支点移动两格，右侧钩码向支点移动三格【分析】用杠杆平衡条件可对两侧的力的力臂的乘积进行分析，最后做出判断。【解答】解：设一个钩码的重力G，一格的长度为L，A、当杠杆两侧的钩码各取下一个杠杆在水平位置平衡时，左边＝2G×4L＝8GL＞右边＝G×6L＝6GL，故杠杆不再水平平衡，左侧会下降，故A不符合题意；B、将A、B两处所挂的钩码交换位置，左边＝2G×4L＝8GL＜右边＝3G×6L＝18GL，所以杠杆不再水平平衡，右侧会下降，故B不符合题意；C、将右侧钩码取下一个，左侧钩码向支点移动一格，左边＝3G×3L＝9GL＞右边＝G×6L＝6GL，故杠杆不再水平平衡，左侧会下降，故C不符合题意；D、将左侧钩码向支点移动两格，右侧钩码向支点移动三格，左边＝3G×2L＝6GL＝右边＝2G×3L＝6GL，故杠杆水平平衡，故D符合题意；故选：D。【点评】本题考查杠杆平衡条件的应用，难度适中。10．（3分）一台起重机将重2000N的货物在10s内匀速提高5m，如果额外功是10000J，则下列说法错误的是（）A．起重机做的总功是20000J B．起重机的功率是1000W C．起重机的机械效率为50% D．增大货物的质量，可以提高起重机的机械效率【分析】（1）根据W有＝Gh求出起重机做的有用功，利用W总＝W有+W额求出起重机做的总功；（2）根据P求出起重机的功率；（3）根据η求出起重机的机械效率；（4）提高机械效率的主要办法：①在有用功一定时，尽量减少额外功，采用减轻机械自身的重力和加润滑油来减少摩擦的措施；②在额外功一定时，增大有用功，在机械能够承受的范围内尽可能增加每次提起重物的重力，充分发挥机械的作用。【解答】解：A、起重机做的有用功为：W有＝Gh＝2000N×5m＝10000J，则起重机做的总功为：W总＝W有+W额＝10000J+10000J＝20000J，故A正确；B、起重机的功率为：P2000W，故B错误；C、起重机的机械效率为：η100%＝50%，故C正确；D、增大货物的质量，即增大有用功，而额外功几乎不变，因此起重机的机械效率变大，故D正确。故选：B。【点评】本题考查了做功公式、功率公式和机械效率公式的综合应用。11．（3分）水平桌面上的甲、乙两个相同圆柱形容器，内装不同液体。将两个相同小球分别放入甲、乙两容器中，小球静止时如图所示。若两容器底部所受液体压强相等，则下列判断正确的是（）A．两容器中的液体密度相等 B．两容器所装液体的质量相等 C．甲容器对桌面的压强小于乙容器对桌面的压强 D．甲容器中小球所受浮力大于乙容器中小球所受浮力【分析】（1）若两容器底部所受液体压强相等，由图知甲容器中液体的深度小于乙容器中液体的深度，由p＝ρ液gh判断出甲、乙容器中液体密度的关系；（2）若两容器底部所受液体压强相等，容器的底面积相同，由F＝pS判断出两容器底部所受液体压力的关系以及甲、乙容器中液体和小球总重力的关系和液体重力的关系，由G＝mg判断出甲、乙容器中液体质量的关系；（3）甲、乙容器中液体和小球的总重力相同，甲乙容器对桌面的压力相同，容器的底面积相同，由p判断出甲、乙容器对桌面的压强的关系；（4）根据物体浮沉条件判断小球在两种液体中所受浮力与其重力的关系，进而得出小球在两种液体中所受浮力的大小关系。【解答】解：A、若两容器底部所受液体压强相等，由图知甲容器中液体的深度小于乙容器中液体的深度，由p＝ρ液gh可知甲容器中液体的密度较大，故A错误；B、若两容器底部所受液体压强相等，容器的底面积相同，由F＝pS知两容器底部所受液体压力相等，所以甲、乙容器中液体和小球的总重力相同，小球的重力相同，所以液体的重力相同，由G＝mg知甲、乙容器中液体的质量相同，故B正确；C、甲、乙容器中液体和小球的总重力相同，甲乙容器对桌面的压力相同，容器的底面积相同，由p知甲容器对桌面的压强等于乙容器对桌面的压强，故C错误；D、因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以两个相同的小球在两杯中受到的浮力都等于小球的重力，即浮力相等，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了物体浮沉条件和压强公式等的应用，一定要搞清不同状态下（漂浮、悬浮）物体所受重力与浮力的大小关系。12．（3分）如图所示，电源电压保持不变，R2的最大阻值为10Ω。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P在中点时，R1的功率为7.2W；将滑动变阻器的滑片P移动到最右端，电流表A1的示数与滑片P在中点时的示数之比是3：4。此过程中，下列判断正确的是（）A．电压表示数为9V B．滑片P在中点时电流表A2的示数为0.6A C．P在中点时，1min内R2产生216J的热量 D．电路的最小功率为10.8W【分析】分析电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测通过滑动变阻器R2的电流，电压表测变阻器R2两端的电压（即电源电压）。（1）将滑动变阻器的滑片P移动到最右端时，由并联电路的电流特点和欧姆定律表示出电流表A1的示数；同理可表示出滑片P在中点时电流表A1的示数，已知电流表A1的示数与滑片P在中点时的示数之比3：4，据此找到R2与R1的关系，由R2的最大阻值为10Ω求出R1的阻值；闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P在中点时，R1的功率为7.2W，根据P1可求出电源电压，即电压表的示数；（2）根据欧姆定律求出滑片P在中点时通过滑动变阻器的电流，即电流表A2的示数，根据Q＝W＝UIt求出1min内R2产生的热量；（3）当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路的总电阻最大，总功率最小，根据P求出电路的最小功率。【解答】解：由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测通过滑动变阻器R2的电流，电压表测变阻器R2两端的电压，由并联电路的电压特点可知电压表也测电源电压。A、将滑动变阻器的滑片P移动到最右端时，由并联电路的电流特点和欧姆定律可得电流表A1的示数：I＝I1+I2，同理可得，滑片P在中点时电流表A1的示数：I′＝I1+I2′，已知电流表A1的示数与滑片P在中点时的示数之比是3：4，则，解得R2＝2R1，已知R2的最大阻值为10Ω，则R15Ω；闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P在中点时，R1的功率为7.2W，由P1可得电源电压：U6V，即电压表的示数为6V，故A错误；BC、滑片P在中点时通过滑动变阻器的电流为：I2′1.2A，即此时电流表A2的示数为1.2A，故B错误；1min内R2产生的热量为：Q2＝W＝UI2′t＝6V×1.2A×60s＝432J，故C错误；D、当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路的总电阻最大，总功率最小，且R1的功率始终为7.2W（并联电路各支路互不影响），则电路的最小功率为：P总小＝P1+P2小＝P17.2W10.8W，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了并联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的应用，根据“电流表A1的示数与滑片P在中点时的示数之比3：4”建立方程并找出R2与R1的关系是解题的关键。二、填空题（本大题共5小题，10空，每空2分，共20分；将正确答案直接填写在答题卡相应的位置上）13．（4分）2025年4月30日，神舟十九号返回舱在东风着陆场成功着陆，神舟十九号载人飞行任务取得圆满成功！返回舱回收着陆阶段，减速伞拉出并降速，如图甲所示，以伞为参照物，返回舱是静止的。在返回舱距离地面1m左右时，反推发动机点火，如图乙所示，将返回舱的速度降低到1∼2m/s，实现平稳着陆，说明力可以改变物体的运动状态。【分析】参照物是判断物体运动或静止时，被选作标准的假定不动的物体；力的作用效果：可以改变物体的运动状态，可以改变物体的形状。【解答】解：以伞为参照物，返回舱与伞之间的位置没有发生变化，所以返回舱是静止的；反推发动机点火使返回舱速度降低，速度大小改变，说明力可以改变物体的运动状态。故答案为：静止；运动状态。【点评】本题考查力可以改变物体的运动状态和参照物的基础知识，属于基础题。14．（4分）如图甲所示是人的眼球示意图，人眼的成像原理与照相机（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）的成像原理类似；如图乙是近视眼看远处物体的成像示意图，可以用凹透镜（选填“凹透镜”或“凸透镜”）矫正，才能看清远处的物体。【分析】（1）人的眼睛像一架神奇的照相机，晶状体和角膜相当于凸透镜，外界物体在视网膜上成倒立、缩小的实像；（2）近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，像呈在视网膜的前方，应佩戴发散透镜，使光线推迟会聚。【解答】解：（1）人眼的成像原理好像一架照相机，晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜，视网膜相当于光屏，在视网膜上成缩小、倒立的实像。（2）近视眼看不清远处的物体，是由于是晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，像呈在视网膜的前方，应配戴凹透镜，使光线推迟会聚。故答案为：照相机；凹透镜。【点评】本题考查了眼睛的成像原理和近视眼的矫正，属于基础题。15．（4分）物理兴趣小组的同学测量一块不溶于水的新材料密度，用调好的托盘天平测量材料块质量，天平平衡时右盘砝码质量和游码在标尺上的位置如图甲所示，则材料块的质量为21.6g；通过采用图乙和图丙所示的方法，测得该材料块的体积，则材料块的密度是0.72×103kg/m3。【分析】确定游码分度值，得出对应的示数示数，从而得出材料块的质量；由量筒的分度值为2mL，根据排水法得出材料块的体积；根据密度公式得出材料块的密度。【解答】解：天平平衡时右盘砝码质量和游码在标尺上的位置如图甲所示，游码分度值为0.2g，示数为1.6g，则材料块的质量为m＝10g+10g+1.6g＝21.6g量筒的分度值为2mL，材料块的体积为V＝68mL﹣38mL＝30mL则材料块的密度为ρ0.72g/cm3＝0.72×103kg/m3故答案为：21.6；0.72×103。【点评】本题考查密度小于水的固体密度的测量的特殊方法，要掌握。16．（4分）甲、乙两根完全相同的电阻丝，将甲电阻丝剪去一半，电阻变为R1；将乙电阻丝从中间对折，电阻变为R2。然后将R1和R2串联到电路中，则通过R1的电流I1等于（选填“大于”“等于”或“小于”）通过R2的电流I2，R1两端电压U1与R2两端电压U2之比U1：U2＝2：1。【分析】影响电阻的因素是材料、长度、横截面积以及温度；把R1、R2串联在电路中时，根据串联电路的电流特点分析通过R1、R2的电流关系；根据串联电路的分压作用判断出R1、R2的两端电压的关系。【解答】解：甲、乙两根完全相同的导线，将甲电阻丝剪去一半，电阻变为R1；将乙导线从中间对折接入，电阻变为R2，由对折后长度变为原来的一半，横截面积变成原来的2倍，所以R1：R2＝2：1；把R1、R2串联在电路中时，根据串联电路的电流特点可知通过R1的电流I1等于通过R2的电流I2，根据串联电路的分压作用知R1、R2的两端的电压U1：U2＝R1：R2＝2：1。故答案为：等于；2：1。【点评】本题考查了影响电阻的因素和欧姆定律的应用，是一道基础题。17．（4分）超速是引发交通安全事故的因素之一。物理兴趣小组设计了一种超速自动报警装置，当车速过快时，提醒驾驶员需要减速。如图甲所示为该装置的简化电路图，电源电压为12V，定值电阻R为10Ω，Rv为速度传感器，其阻值随车速变化的关系图像如图乙所示。由图乙可知，当汽车的行驶速度逐渐增大时，电压表的示数变大（选填“增大”“减小”或“保持不变”）。若车速达到80km/h时，提醒语音响起，观察到电压表示数为10V；当电压表的示数为8V时，汽车速度为20km/h。【分析】由图甲可知，R与RV串联，电压表测量RV两端的电压，（1）根据车速增大时的电阻变化，结合串联分压规律解答；（2）当车速为80km/h时，电压表示数为10V，根据串联电路的电压规律算出R两端的电压，根据欧姆定律算出电路中的电流和RV的阻值，同理，算出电压表示数为8V时RV的阻值，再根据函数图像求出速度。【解答】解：（1）由图甲可知，R与RV串联，电压表测量RV两端的电压，随着车速增大，RV变大，根据串联分压规律知，分得的电压变大，电压表的示数变大；（2）当车速为80km/h时，电压表示数为10V，则定值电阻R的电压为U＝U电﹣UV＝12V﹣10V＝2V，电路中电流为I'0.2A；此时RV的阻值：RV50Ω，当电压表示数为8V时，定值电阻R的电压为UR＝U电﹣UV＝12V﹣8V＝4V，电路中电流：I''0.4A；此时RV的阻值：R'V20Ω，由图乙可知：，v＝20km/h。故答案为：变大；20。【点评】本题是欧姆定律的综合运用，含有可变电阻和函数分析，难易程度适中。三、解答与探究题（本大题共34分，将正确答案直接填写在答题卡相应的位置上）（一）作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分；请用签字笔在答题卡上作答）18．（2分）根据透镜对光的作用，完成下列光路图。【分析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。【解答】解：（1）通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，如图所示：②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，如图所示：【点评】凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。19．（2分）我国的无人机技术处于国际领先水平，无人机的应用日益广泛。如图甲所示，无人机在无风天气进行航拍，在图乙中画出无人机静止在空中时受力的示意图（图乙中正方形表示无人机，O点为重心，不计空气的浮力）。【分析】分析无人机静止在空中时的受力情况，再按力的示意图要求画图。【解答】解：在无风天气进行航拍的无人机静止在空中时，受到竖直向下的重力和竖直向上的升力，且两个力是一对平衡力，故大小相等。由重心画竖直向下和竖直向上的有向线段，分别用G和F表示，如图所示：。【点评】本题考查物体受力示意图的画图，正确分析物体受到的各力是关键，注意在同一个图中相等的力要画一样长。（二）实验与探究题（本题共3小题，每小题6分，共18分）20．（6分）某实验小组利用图甲所示实验装置探究冰熔化时温度的变化规律。（1）实验中按图甲的方式对碎冰加热，目的是使碎冰受热均匀。（2）如图乙所示温度计的示数是﹣3℃。（3）根据实验数据画出冰熔化过程的“温度﹣时间”图像，如图丙所示。分析图像可知：冰熔化过程中要吸收（选填“吸收”或“放出”）热量，但温度保持不变，属于晶体（选填“晶体”或“非晶体”）。（4）进一步分析图像发现，0至t1时段内的温度变化比t2时刻后的温度变化快，其主要原因是冰和水的比热容不同。（5）若对烧杯持续加热，烧杯中的水沸腾后试管中的水不会（选填“会”或“不会”）沸腾。【分析】（1）水浴加热法可以使被加热物质受热更均匀；（2）由图乙可知温度计的分度值是1℃，根据液柱上表面所对的数值进行读数；（3）晶体有固定熔点；熔化时吸收热量，温度不变；（4）根据Q吸＝cm（t﹣t0）可知：在吸收的热量和时间一定时，物体的温度变化值越大，比热容就越小；（5）沸腾条件为：达到沸点、继续吸热。【解答】解：（1）把装有碎冰的试管放到烧杯的水中加热，采用了水浴加热法，可以使试管中的冰块受热均匀，冰块的熔化过程更加缓慢，便于记录实验数据和观察冰的状态变化；（2）由图乙可知该温度计的分度值是1℃，液柱最高处在0℃以下，此时的温度为﹣3℃；（3）冰在熔化过程中吸收热量，温度保持不变，冰是晶体；（4）取0至t1时段与t2时刻后一段相等时间观察，则吸热相等，物质由固态冰变为液态水的过程中质量保持不变，水的比热容比冰大，根据Δt可知，升高的温度不同，水升温比冰要慢；（5）盛有沸水的烧杯中，对烧杯持续加热，则试管中的水能达到沸点，但无法继续吸热，故不会沸腾；故答案为：（1）受热均匀；（2）﹣3；（3）吸收；晶体；（4）比热容；（5）不会。【点评】本题是探究冰熔化时温度变化规律的实验，考查了操作方法、实验注意事项、温度计的读数以及晶体熔化过程的状态，属于基础题目。21．（6分）如图所示是“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验。（1）用较小的力拉木块，木块保持静止，此时木块受（选填“受”或“不受”）摩擦力。（2）实验过程中，必须用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，根据二力平衡原理，木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。（3）分析图甲和图乙可知：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。（4）下列事例中应用了甲、丙两次实验结论来增大摩擦力的是A（填写字母符号）。A.自行车轮胎上刻有花纹B.给自行车链条涂抹润滑油C.用力捏自行车的刹车，车更容易停下来（5）完成上述探究后，继续用图中装置进行实验，作出拉力F与时间t关系图像如图丁所示，物体运动的速度v与时间t关系图像如图戊所示。则物体在第6.5s时所受的摩擦力大小为2N。【分析】（1）用较小的力拉木块，木块保持静止，但有相对地面运动的趋势，据此分析；（2）根据二力平衡的条件分析；（3）（4）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；（5）如图戊所示，4﹣6秒物体做匀速直线运动，受到拉力和摩擦力为一对平衡力，确定物体受到的拉力大小，从而可知受到的摩擦力，根据影响滑动摩擦力大小的两个因素不变得出第6.5s时所受的摩擦力大小。【解答】解：（1）用较小的力拉木块，木块保持静止，但有相对地面运动趋势，此时木块受摩擦力。（2）实验过程中，必须用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，木块在水平方向下受到平衡力的作用，根据二力平衡原理，木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。（3）分析图甲和图乙可知，接触面粗糙程度相同，乙中压力大，测力计示数也大，故得出：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。（4）甲、丙两次实验中，压力相同，丙中接触面粗糙，测力计示数大，故压力相同时，增大接触面粗糙程度可增大摩擦力：A.自行车轮胎上刻有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面粗糙程度增大摩擦力，故A符合题意；B.给自行车链条涂抹润滑油，是在压力一定时，通过减小接触面粗糙程度减小摩擦力，故B不符合题意；C.用力捏自行车的刹车，车更容易停下来，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力增大摩擦力，故C不符合题意；故选：A；（5）如图戊所示，4﹣6秒物体做匀速直线运动，受到拉力和摩擦力为一对平衡力，大小相等，由丁知，受到的拉力为2N，故此时受到的摩擦力为2N，因压力和接触面粗糙程度不变，故在第6.5s时所受的摩擦力大小不变，仍为2N。故答案为：（1）受；（2）匀速直线；二力平衡；（3）压力；（4）A；（5）2。【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。22．（6分）在测量小灯泡发光时的电阻实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，电源电压恒为3V。（1）如图甲所示电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于右（选填“左”或“右”）端；闭合开关，移动滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，此时灯泡两端的电压为2V。（2）根据实验测得的数据，作出小灯泡的I﹣U图像如图丙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为10Ω；进一步分析发现，小灯泡的电阻在发生变化，原因是小灯泡电阻随温度的改变而改变。（3）另一组同学在没有电流表的情况下，测量另一只额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，设计了如图丁所示的电路，电源电压恒为4V，滑动变阻器最大阻值为20Ω。实验步骤如下：①闭合开关S1和S3，断开S2，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为1.5V，这时小灯泡正常发光；②闭合开关S1和S2，断开S3，保持①步骤中滑动变阻器滑片的位置不变，此时电压表示数为1V；③小灯泡的额定功率P＝0.75W。【分析】（1）为保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处；电压表选用小量程，据此得出电压表的示数。（2）小灯泡电阻随温度的改变而改变。（3）①分析闭合开关S1和S3，断开S2电路的连接及电压表测滑片以左电阻的电压，由串联电路电压的规律得出灯正常发光时电压表的示数；②分析闭合开关S1和S2，断开S3电路的结构，由串联电路电压的规律和出滑片以右电阻的电压，由分压原理确定滑片以左和以右电阻之比，从而确定滑片以左电阻的大小，在①中，根据欧姆定律得出电路的电流，即灯的额定电流，根据P＝UI得出小灯泡的额定功率。【解答】解：（1）如图甲所示电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处，即右端；闭合开关，移动滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，此时灯泡两端的电压为2V。（2）小灯泡的电阻在发生变化，原因是小灯泡电阻随温度的改变而改变。（3）另一组同学在没有电流表的情况下，测量另一只额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，设计了如图丁所示的电路，电源电压恒为4V，滑动变阻器最大阻值为20Ω。实验步骤如下：①闭合开关S1和S3，断开S2，灯与变阻器串联，电压表测滑片以左电阻的电压，由串联电路电压的规律，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为1.5V，这时小灯泡的电压为UL＝4V﹣1.5V＝2.5V正常发光；②闭合开关S1和S2，断开S3，电路为变阻器的简单电路，保持①步骤中滑动变阻器滑片的位置不变，此时电压表示数为1V