2025-2026学年高一物理上学期第三次月考02【新高考测试范围：人教版必修第一册1~43章】（全解全析）

高一物理上学期第三次月考卷02（新高考通用）

全解全析

（考试时间:75分钟，分值：100分）

一.选择题（本题共10小题，共46分，在每小题给出的四个选项中，1〜7题只有一项符合题目要求，每

小题4分，8〜10题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答得0

分。）

1.某同学购买了一张单程机票。此次飞行的相关信息如图甲、乙所示。下列说法正确的是（）

首都机场T2成都双流机场T2

实际起飞实际到达

11:4814:48

2025/08/152025/08/15

有餐食|经济舱|行李转盘口308|出口一

甲乙

A.图甲中的“11:48”表示时间间隔

B.研究飞机下降过程机翼的形态变化时，可将飞机看成质点

C.若飞行轨迹长为1800km,则飞机的位移为1800km

D.若整个路程为1800km,则飞机的平均速度小于60（）km/h

【答案】D

【详解】A.图甲中的“11:48”表示时刻，故A错误；

B.研究飞机卜.降过程机翼的形态变化时，飞机的大小和形状不能忽略不计，则不能将飞机看成质点，故B

错误；

C.若飞行轨迹长为1800km,则飞机的路程为1800km,故C错误;

Y1R00

D.若整个路程为1800km,则位移大小小于1800km,即飞机的平均速度万=：〈丁km/h=600km/h,故

D正确。

故选D。

2.如图为某同学在完成静止倒立时的情景，则该同学（）

A.所受重力大小等于地面对其作用力大小

B.只有重心位置才受重力作用

C.一定受到地面的摩擦力作用

D.手发生形变，地面不一定有形变

【答案】A

【详解】A.人体受力平衡，则人所受重力大小等于地面对其作用力大小，A正确：

B.身体的任何部位都受重力作用，并非只有重心位置才受重力作用，B错误；

C.因水平方向不受外力作用，则人不受地面的摩擦力作用，C错误；

D.手对地面有压力，则手发生形变，地面对手有支持力，则地面也有形变，D错误。

故选Ao

3.打羽毛球是日常生活中常见的一种休闲运动，有时取羽毛球时会出现羽毛球卡在球筒里的现象，要将卡

在球筒里的羽毛球取出，可以选择不同的方案方案一：一手握在球筒中部，另一手用力击打球筒上端：方

案二：手持球筒，使球筒下落，敲击水平面，假设方案二中球筒与水平面碰后速度立即变为零。关于这两

种方案，下列说法正确的是（）

A.方案一利用羽毛球所受的重力，使其从球筒上端出来

B.方案一利用球筒的惯性，使羽毛球从球筒下端出来

C.方案二利用羽毛球的惯性，使其从球筒下端出来

D.方案二中球筒敲击水平面后速度变为零，其惯性随之消失

【答案】C

【详解】AB.方案一中用力击打球筒.上端，球筒向下运动，而羽毛球具右惯性，要保持原米的静止状态,

方案一利用羽毛球的惯性，使其从球筒上端出来，故AB错误；

C.方案二中球筒下落，敲击水平面，球筒与水平面碰后速度立即变为0,而羽毛球具有惯性，要保持原来

向下运动的状态，方案二利用羽毛球的惯性，使其从球筒下端出来，故c正确；

D.惯性是物体本身的属性，只由质量决定，与速度无关，故D错误。

故选C。

4.我国一新型智能机械臂用两只机械手指捍着鸡蛋的简化模型如图所示。若两手指对鸡蛋的合力为凡鸡

蛋重力为G,则()

A.鸡蛋水平匀加速运动时QG

B.鸡蛋竖直向上匀速运动时QG

C.鸡蛋水平匀减速运动时尸<G

D.鸡蛋向上加速运动时尸<G

【答案】A

【详解】AC.若鸡蛋有水平加速度，根据牛顿第二定律可知合外力与加速度方向一致，则手指对鸡蛋的合

力为F=1G2+(ma)2>G,故A王确，C错误；

B.不论鸡蛋向哪个方向匀速运动均属于平衡状态，根据二力平衡可知QG,故B错误：

D.若鸡蛋在竖直有加速度，根据牛顿第二定律可知合外力与加速度方向一致，则鸡蛋向上加速运动时

F>G,故D错误。

故选Ao

5.2024年10月，沙特阿拉伯为庆祝其国庆节，特邀中国深圳无人机表演团队进行了一场灯光秀表演，向

世界展示了令人震撼的先进的中国无人机技术。其中一架质量初=1kg的无人机，在水平的风力片和与水平

方向成53。角斜向上的升力鸟的作用下悬停在空中，如图所示。(g=10m/s2,sin53o=0.8,

cos53°=0.6)则()

A.R=12.5NB.£=7.5N

C.鸟=7.5ND.鸟=10N

【答案】B

【详解】AB.作出无人机的受力情况，根据力的合成定则可知七=〃*=ION

mg

由几何知识可得々=〃?gtan37o=7.5N,故A错误，B正确;

CD.结合上述分析，由几何知识可得鸟=W^=12.5N,故CD错误。

故选Bo

6.某学员在教练的指导下，从基础起步和停车技术开始练习。教练要求学员在起步时慢慢松开刹车，停车

时踩下刹车。下列反映汽车在此过程行驶的运动图像中，可能正确的是（）

【答案】D

【详解】起步时，慢慢松开手刹，汽车从静止开始加速，速度逐渐增大；停车时，踩下刹车，汽车做减速

运动，直到速度减为零。

A.XT图像的斜率表示速度，图像斜率先增大，但之后斜率又增大且更陡，不符合停车时减速到停止，

故A错误；

B.XT图像在后半段的位移为负值，表示汽车在反向运动，不符合起步加速和停车减速是一直向前运动,

故B错误：

C.丫-，图像的纵坐标表示瞬时速度，其中速度出现负值，表示汽车运动方向反向，不符合实际情况，故C

错误：

D.汽车起步时加速度为正值，匀速时加速度为零，停车时加速度为负，故D正确。

故选D。

7.如图所示，某同学拉动一个箱子在水平地面上匀速前进，拉力户与水平面的夹角为。，现保持匀速前进

逐渐增大夹角〃(〃<90°),箱子与地面间的动摩擦因数恒定不变，下列说法正确的是()

A.箱子可能受到3个力B.拉力厂一定变大

C.地面对箱子的作用力方向将发生变化D.地面对箱子的摩擦力变小

【答案】D

【详解】A.由于匀速直线运动，物体可以受重力，支持力，拉力和摩擦力这4个力作用，A错误;

B.由于拉动箱子在水平面匀速前进，箱子处于平衡状态，正交分解可得

FcosO=

Fsind+N=mg

联立解得

尸二叩性_〃咚

cos0+//sin0Ji+"sir.(6+0)

其中

1

tan°=一

4

当0<夕+0«90。时，尸随着。的增大而减小；当90。<夕+*<18。。尸随着。的增大而增大，B错误；

C.地面对箱子有竖直向上的支持力N和水平向左的摩擦力/,他们的关系为

设他们的合力与竖直方向夹角为“，则行

tan/=q=〃

地面对箱子的作用力合力斜向左上方，并且方向保持不变，C错误；

D.地面对物体的作用力为产用方向保持不变，物体受力分析如图所示

mg

根据力的合成，拉力的与水平方向夹角逐渐增大时，支持力和摩擦力合力逐渐减小，从而摩擦力逐渐减小,

D正确。

故选D。

8.如图，某同学在桌面弹滑块，滑块（视为质点）瞬间获得一个水平向右的初速度4=2m/s,沿平行于桌

边的直线做匀减速运动，经过1$,滑块从桌面的右端飞出，则桌面的长度£可能是（）

A.3mB.2.4mC.1.8mD.1.2m

【答案】CD

【详解】要想滑块从桌面的右端飞出，滑块到右端时的速度y应大于o,所以

v=vn-at>0

解得加速度大小满足

0<tz<2m/s2

根据匀减速运动位移公式有

2

L=vQt-^at=2m-^a

联立可得

Im<L<2m

故选CDo

9.文物记载着我国灿烂的文明，观看文物展览已经成为一种研学方式，如图所示，一块玉石放置在倾斜的

玻璃展板上，下端有小挡板支撑，假设玻璃展板倾角为夕=45。，固定的两小挡板A和B与图中水平虚线也

成为夕角，玉石质量为小，重力加速度为g,不计玉石与玻璃展板间的摩擦，则下列说法正确的是（）

A.挡板A、B对玉石的弹力是相同的

B.玻璃展板对玉石的支持力天小为乎mg

C.挡板A对工石的弹力大小为:〃唱

D.若挡板与虚线的夹角变小，则每块挡板对玉石的弹力变小

【答案】BCD

【详解】A.根据对称性可知，挡板A、B对玉石的弹力大小相等，但方向不同，故A错误；

B.以玉石为对象，垂直玻璃展板方向，根据受力平衡可得，玻璃展板对玉石的支持力大小为

N=nigcos0=mgcos45°=孝mg

故B正确：

C.以玉石为对象，沿玻璃展板平面，根据平衡条件可得

2Ncos0=mgsin0

解得挡板A对玉石的弹力大小为

故C正确:

D.若挡板与虚线的夹角变小，设减小为沿玻璃展板平面，根据平衡条件得

2N：cosa=〃?gsin。

由于

cosa>cos，

可知每块挡板对玉石的弹力变小，故D正确。

故选BCDo

10.如图所示，底面粗糙、质量为/小倾角为30。的斜面体放置在粗糙水平面上，斜面体的右二角安装有轻

质定滑轮，带有轻质定滑轮的物块放置在斜面体的光滑斜面上，轻质细线跨越这两个定滑轮，上端连接在

天花板上，下端悬挂一质量为小的小球，整个系统处于静止状态时，物块与天花板间的细线成竖直状态，

两定滑轮间的细线与斜面平行，不计细线与滑轮间的摩擦，重力加速度为g,下列说法正确的是（）

A.水平面对斜面的摩擦力水平向左

B.水平曲对斜面的支持力大小为4〃喑

C.剪断绳子的瞬间，水平面对斜面的支持力等于5〃噜

D.剪断绳子的瞬间，若斜面不动，斜面受到地面的摩擦力大小为半，"g

4

【答案】BD

【详解】AB.根据题意，对小球受力分析，由平衡条件可得绳子的拉力

T=mg

对物块受力分析，沿斜面体斜面方向有

(Mg-T)s\n0=T

解得

M=3ni

对整体受力分析，水平方向不受力，则水平面对斜面的摩擦力为零，竖直方向上有

解得

外=4〃7g

即水平面对斜面的支持力大小为4〃?g,故A错误，B正确；

CD.剪断绳子的瞬间，绳子拉力消失，对物块受力分析，如图所示

根据平衡条件可得

由牛顿第三定律可知

产'=产=平机g

竖直方向上有

mg+Ffcos30°=F;

解得

「，13

国=丁运

若斜面不动，在水平方向有

f=F/sin0=mg

故C错误，D正确。

故选BDo

第n卷

二、实验题：本题共2小题，共14分。

11.(6分)某实验小组采用图甲所示装置探究加速度与力、质量的关系。实验中小车和祛码的总质量用加

表示，槽码质量用加表示，打点计时器使用的交流电的频率为50Hz,重力加速度为g。

(1)实验过程应(填正确选项序号)。

A.在找不到合适的学生电源的情况下，可以使用四节干电池串联作为打点计时器的电源

B.平衡摩擦力的方法是在槽码盘上添加槽码，使木块能拖着纸带匀速滑动

C.调节滑轮的高度，使牵引木块的细细与长木板保持平行

D.实验时，先接通打点计时器的电源再放开木块

⑵在纸带中标注计数点4B、C.D、E(各计数点间均有四个计时点未画出)，测量数据如图乙所示，则

小车加速度大小为m/s2；当打点计时器打下8点时，小车的速度大小为m/so(结果均保

留3位有效数字)

(3)为了减小该实验的误差(选填“系统”或“偶然”)，需满足阳M(选填“远大于”或“远小

于”)，方可认为绳对小车的拉力大小等于mg。

【答案】⑴C：(2)0.3950.332；(3)系统远小于

【详解】(1)A.打点计时器只能用交流电源，不能使用直流旦源，故A错误；

B.平衡摩擦力的方法就是，小车与纸带相连，小车前面不挂钩码，把小车放在斜面上给小车一个初速度,

看小车能否做匀速直线运动，故B错误；

C.为了使得拉力沿小车运动方向，调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，故C正确；

D.为了能采集更多的数据，应先接通电源后释放纸带，故D错误。

故选C。

(2)[1]各计数点间均有四个计时点未画出，则相邻计数点间的时间间隔为T=0.1s。根据逐差法，可得小

车加速度大小为q=%一登=(148.4-2X66；3)>0：/s2=0.395m/s2

4r24x0.12

⑵当打点计时器打下4点时，小车的速度大小为以=芳=嘤霍m/sa0.332m/s

(3)系统误差由实验设计或仪器本身的缺陷引起，而偶然误差由不可控的随机因素导致,实验中，根

据牛顿第二定律有mg—7=〃?%T=Ma

T1YttlS1

整理得到T-从~

1H------

M

可知，为了减小该实验的系统误差，实验中需满足m远小方可认为绳对小车的拉力r大小等于加g。

13.(8分)某同学想做“验证力的平行四边形定则”的实验，现有如下实验器材：重物、木板、白纸、图钉、

刻度尺、细绳套和一只弹簧测力计；

(1)为了完成实验，他找来一根轻弹簧，用刻度尺和弹簧秤测量轻弹簧的长度/和弹力凡做出如图甲所示图

像，根据图像，求得该弹簧的劲度系数人=N/m(计算结果保留两位有效数字)：

(2)为“验证力的平行四边形定则“，又进行了如下实验：

①将贴有白纸的木板竖直固定，弹簧测力计。上端悬挂于固定点P,卜端用细线挂重物。测出重物。的

重力G,如图乙所示；

②将轻弹簧力的右端用细线系卜。点,手抖轻弹簧的左端,便结点O静止在某位胃，如图因所示。测量轻

弹簧b的和读出弹簧测力计a的示数，并在白纸上记录。点的位置和三条细线的方向；

③根据图甲求出弹簧的弹力，在白纸上作出各力的图示，验证刀的平行四边形定则是否成立；

a

40

乙

。

④改变弹簧的拉力，进行多次实验。

(a)步骤②中需要测量轻弹簧》的.

(b)下列不必要的操作是o(请填写选项前对应的字母)

A.弹簧测力计应在使用前校零

B.细线方向应与木板平面平行

C.改变拉力，进行多次实验时，每次都要使。点静止在同一位置

(c)改变弹簧的拉力时，发现两次结点。的位置与产刚好在同一直线上，如图丁所示，则下列说法中正确

的是：o

p.

o]/

C•第一次位置

2•'第二次位置

T

A.第二次弹簧测力计。示数较大

B.两次弹簧测力计。示数相同

C.第二次弹簧力的长度一定更长

D.第二次弹簧人的长度可能更短

【答案】（1）15；（2）长度（或伸长量）CAD

【详解】（1）根据胡可定律可知尸-/图像的斜率友示劲度系数，有

（2）④[1]步骤②中为了获得轻弹簧〃的拉力，则需要测量其长度（或伸长量）；

[2]A.为准确测出拉力的大小，弹簧测力计在使用前应调零，故A正确，不符题意；

B.弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，可以减少由于摩擦带来的误差，故B正确，不符题意：

C.改变拉力，进行多次实验时，两弹簧秤的拉力合成后的合力，其大小和方向总是与重物的重力等大反向，

则不需要使。点静止在同一位置，故C错误，符合题意。

故选C。

[3]AB.改变弹簧的拉力时，发现两次结点。的位置与。刚好在同一直线上，因第二次结点的位置离P点

更远，则弹簧测力计。有更长的伸长量，其弹力比第一次更大，故A正确，B错误；

CD.对两次平衡时的结点O受力分析，重物的重力恒定，弹簧测力计。的方向不变，力的大小变大，由动

态平衡的特点可知，弹簧测力计b的大小和方向均不能确定，则第二次弹簧方的拉力可以变大，变小或不

变，即长度可能更短，故C错误，D正确。

故选ADo

三、计算题：本题共3小题，共39分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最

后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

13.（8分）篮球运动中，球员需要拼抢篮板，合适的起跳时机有助于让自己在更高处接到球，若乙时刻篮

球日离地面，=3.7m处的N点开始竖直下落，初速为零，球员未起跳时手位于M点，距离地面〃=2m,

假设球员起跳后M点随身体做初速为%=3m/s的竖直上抛运动，不计一切阻力，忽略篮球和手的体积,

重力加速度g=10m/s2,则:

(1)亥球员起跳后”点可以上升的最大高度是多少？

(2)若球员在。时刻同时起跳，试判断球员是否可•以在上升过程中接到篮球？

【答案】(l)0.45m；(2)不可以

【详解】(1)球员起跳后M点做竖直上抛运动，根据速度与位移的关系式有。-%=-2g4

解得%=0.45m

(2)若球员在4时刻同时起跳，利用逆向思维可知球员速度减为零所用时间为4=%=0.3s

g

此时间内，篮球的位移为芭=；g/；=0.45m

由干H-/?=1.7m>X[+%皿=O。％】】

可知，球员不可以在上升过程中接到篮球。

14.(13分)2019年11月14日，中国火星探测任务着陆器悬停避障试验取得圆满成功，图甲是由36根

钢缆悬挂的试验平台。某同学为了研究钢缆对平台的拉力随钢缆长度的变化规律，建立了如图乙所示的简

化模型。平台质量为〃?，由两根质量可忽略的钢缆悬挂于力、8两点，彳、B等高、位置固定，相距s。两根

钢缆的长度相等，均为$的肚倍，2值可由安装在月、8处的装置调整，每根钢缆对平台的拉力大小设为E

重力加速度大小为g。

⑴若QI,求产的大小;

(2)若尸=〃?g,求k值；

（3）求出/随％变化的关系式：

I.根据关系式说明随片值增大，厂增大还是减小？

H.若每根钢缆拉力的最大值Fm=2nig,钢缆不被拉断k的取值范围。

【答案】⑴亭⑹（29⑶F=,CI.减小H.&W噜

【详解】（1）由图可知，当上1时，两根绳子与竖直方向恰好均成30。角，则

277cos30=mg

整理可得

F石

r=mg

（2）点F=mg,设绳子与竖直方向夹角为，，则

2尸cos。=mg

代入数据可得

〃=60

根据数学知识可知

s

sin0=2

ks

代入数据可得

k=——

3

（3）根据题意结合前问的解答可得

整理可得

I.根据关系式可知,随着卓值的增大,I减小;

H.将人“=2〃陪带入”的表达式可以解得

,2相

min15

因此

15.（18分）脑卒中是老年高发病，其后遗症的康复治疗越来越引起人们的重视。通过“筷子夹小球”可对病人

进行手部复健训练。若所用小球质川小=5g,直径d=2cm,小球与筷子间的动摩擦因数〃=0.2,g取10N/kg。

如图（〃）所示，病人用筷子夹起小球并使之保持静止，接触点/、8与小球球心。等高，两筷子方向平行。

（1）求小球在接触点力受到的摩擦力力；

（2）若小球受到方向如图（b）所示的水平风力产=走〃?g,要使小球仍保持静止，筷子对小球的弹力M

3

至少要多大（答案可用根号表示）；

（3）如图（c）所示，改变筷子夹住小球的位置，令两等高接触点。、。间的距离为1.6cm。两筷子仍平行,

且与水平方向成a角满足sina=1,cosa=^）,环境