辽宁省沈阳市部分学校2025-2026学年高二年级上册10月月考物理试卷（解析版）

2025-2026学年度高中物理阶段检测卷

考试时间：75分钟；满分：100分

注意事项：

1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息

2.请将答案正确填写在答题卡上

一、单选题

1.如图四种仪器中，对电现象的利用，其原理不同于其它三种的是（）

A.静电除尘/B.静电复印机

C.电蚊拍D.静电植绒仪

【答案】C

【解析】静电除尘器、静电复印机和静电植绒仪都是利用静电原理工作的；而电蚊拍一般

使用2.4V银氢电池，工作时电网瞬间产生1850V直流高压电（电流小于10mA,对人畜无

害），能将蚊虫吸入电网电毙，所以电蚊拍的原理不同于其它三种。

故选C。

2.避雷针可通过尖端放电中和空气中的电荷，进而使高大建筑有效避免雷击。下图为雷雨

前夕某避雷针附近电场的等势面，卜列说法正确的是（)

B.A、B两点场强大小相等，方向相同

C.若正电荷从A移动到C点，该过程电场力做负功

D.负电荷在4点处具有的电势能比在。点时的大

【答案】A

【解析】A.电场强度的方向由高电势指向低电势，故避雷针带正电，A正确；

B.根据电场线与等势面垂直，结合电场线疏密程度和对称性可知A、8两点的场强大小相

同，但是方向不同，B错俣：

C.由

叱仁=也°=4（。八-。c）

<7>0

。八>（PC

可知正电荷从A移动到。点，该过程电场力做正功，C错误；

D.负电荷在电势低的地方电势能大，因为。八〉外,故负电荷在C处电势大，D错误。

故选Ao

3.如图所不，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力

作用下通过该区域时的运动轨迹，P、。是这条轨迹上的两点，由此可知（）

A.该电场由负点电荷形成

B.带电粒子一定是从尸向。运动

C.带电粒子在P点时的速度大于在。点时的速度

D.带电粒子在P点时的加速度小r•在Q点时的加速度

【答案】C

【解析】A.带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，受到的电场力指

向电场线汇聚处，所以该电场是由正点电荷形成的，故A错误；

B.仅根据粒子的运动轨迹，无法确定粒子一定是从夕向Q运动，也有可能从。向。运

动，故B错误：

C.若粒子从P运动到Q,电场力方向与速度方向的夹角大于90。，电场力做负功，动能减

小，速度减小，所以P点速度大于Q点速度；若粒子从。运动到P,电场力做正功，动能

增大，。点速度还是大于。点速度，C正确；

D.电场线的疏密表示电场强度的大小，。点处电场线比。点处密集，所以。点电场强度

大。根据歹=夕石，g为粒子电荷量，E为电场强度，粒子在〃点受到的电场力大，加速度

也大，D错误。

故选C。

4.空间内存在沿x轴的电场，无轴上各点电势。随坐标工变化的关系如图所示，则下列说

法正确的是（）

B.在o~%间只有一点电场强度的大小为4=Y

C.将电子由4处移到七处的过程中，电场力做负功

D.质子在超处电势能为零，受到的电场力也为零

【答案】C

【解析】A.根据场强与电势差的关系

E上二包

dAx

结合图像可知，斜率的绝对值表示场强大小，则A处斜率为零，电场强度为零，故A错误;

B.如下图所示

连接与处的斜率等于

2

由对称性可知在0~々间有两点满足

E=E。

故B错误;

C.由图可知，毛处到七处的电势差为正值，电子带负电，电场力做负功，故c正确;

D.电势能等于电荷量与电势的乘枳，故质子々在处电势能为零，但是该处的斜率不为

零，说明场强不为零，即受到的电场力不为零，故D错误。

故选C。

5.如图所示，12个带电量均为+q的点电荷，均匀对称地分布在半径为,•的圆周上，某时

刻，P、。两处的点电荷电量突然减为零，则。点的电场强度大小为（)

Q'

/OQ

■

OO

00

o

-o-.Q'O

A.4B.当6kq

cLD>-------

r~'2一

【答案】A

【解析】P、Q两处的点电荷在。点激发的电场强度大小相等，即

E=4

r

P、Q两处的点电荷在0点的合场强为

七合=2ECOS6(T=3

尸、。两处的点电荷电量突然减为零时，。点的电场强度大小为

E%=七合=与，故选A,

6.两个等量正点电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有4、仄C三点，如图甲所

示。一个带电荷量为+2x1（T'c，质量为0.1kg小物块（可视为质点）从C点静止释

放，其运动的V"图像如图乙所示，其中8点处为整条图线切线（图中标出了该切线）斜

率最大的位置，则下列说法正确的是（）

57101215t/s

图甲图乙

A.由C到4的过程中物块的电势能一直在增大

B.B点为中垂线上电场强度最大的点，场强E=lxl（HV/m

C.由C点到A点电势逐渐降低

D.4、B两点间的电势差以8:500V

【答案】C

【解析】A.由图乙可知，由C到A的过程中，物块的速度一直增大，可知电场力对物块

做正功，物块的动能一直增加，电势能一直减小，故A错误；

B.速度一时间图像的斜率表示加速度，而根据题意，8点斜率最大，则可知8点小物块

的加速度最大，根据图像可得小物块在B点的加速度为

—=""IOm/s2=0.02m/s2

\t2

又小物块只受电场力，则有

Eq—ma

解得

厂ma().lx0.()25，

E=——=-------V/m=IV/m

q2x10-3

故B错误；

C.根据图乙可知，由C点到A点小物块的速度逐渐增大，即动能逐渐增大，则可知地势

能逐渐减小，根据

Ep=（pq

可知，由。点到A点电势逐渐降低，故C正确；

D.根据图乙由动能定理有

代入数据解得

UAli=-0.05V

故D错误。

故选C。

7.如图所示，48、CD.EF都为半径为R的空间球面的直径，其中与E”同在水平面

内，E尸与A8的夹角9=45。，CO与水平面垂直，现在48两点分别固定等量异种点电

荷，则（）

A,将带负电的试探电荷从七点沿直线移到厂点，电势能增加

B.£\尸两点电场强度不同

c.c点和o点场强大小之比为1：J5

D.。、E、/三点中C点电势最高

【答案】A

【解析】A.根据等量异种电荷电场线分布规律可知，E点电势比少点电势大。带负电的

电荷在电势越低的地方电势能越大，因此可知将带负电的检验电荷从E点沿直线移到F

点，电势能增大，故A正确；

B.根据等量异种电荷电场规律可知，关于O点对称的E、尸两点电场强度大小相等，方

向相同，故B错误;

C.根据几何关系结合点旦荷产生的场强的叠加法则可得&产&冬+Z冬=2%多

RR~R

方向从。指向B;

同理C点场强Ec=2k（/ycos45°=当■喙

方向平行于A8向右，则可得E（、：Ea=¥，故C错误；

D.根据几何关系可知，C。为等量异种点电荷的中垂线，而等量异种点电荷的中垂线为等

势线且电势为零，且无穷远处电势为零，因此C。所在中垂面即为等势面，电势为零，而

电场线从正电荷出发指向负电荷或无穷远处，且沿着电场线的方向电势降低，则可知，CD

所在等势面左侧电势大于零，而。。所在等势面右侧电势小于零，因此。-，故

D错误；

故选Ao

二、多选题

8.利用如图所示的电路分析平行板电容器的动态变化，已知电源的内阻可忽略不计，R为

电阻箱，一带正电的小球固定在电容器之间的。位置。则下列说法正确的是（）

A.保持电键闭合，M板向下平移少许，小球的电势能减少

B.保持电键闭合，将电阻箱的阻值增大，静电计的指针偏角不变

C.断开电键，M板向下平移少许，静电计的指针偏角增大

D.断开电键，M板向左平移少许，小球的电势能增大

【答案】BD

【解析】A.保持电键闭合，则电容器两极板间的电压保持不变，M板向下移动，由

石=?可知电容器两极板之间的电场强度增大，由于N板接地，则N板的电势为零，。

点与N板之间的电势差为

Ur=Ex

可知，。点的电势升高，则带正电的小球在。点的电势能增加，故A错误；

B.由电路可知，静电计两端的电压等于电容器两极板之间的电压，保持电键闭合，调节

电阻箱的阻值，电容器两极板之间的电压不变，则静电计的指针保持不变，故B正确；

C.断开电键，电容器所带的电荷量保持不变，M板向卜移动，由。=一名可知电容器

471kd

的电容变大，又。=*，由以上可知电容器两极板间的电压减小，则静电计的指针偏角减

小，故C错误；

D.断开电键，电容器所带的电荷量保持不变，M板向左移动，则电容器的电容减小.由

于两极板之间的距离保持不变，则两极板间的电压增大，电场强度增大，。点的电势升

高，带电小球的电势能增大,D正确。

故选BD。

9.如图所示为一竖直面内半径为R的光滑绝缘圆弧轨道，两带电小球A、B（小球半径远

小于R）在轨道上保持静上，带电量分别为4和%,电性未知，两小球和圆心的连线与竖

直方向分别成37。和53。，静电力常量为则（）

A.A、B两小球带异种电荷

B.A、B两球质量之比9:16

C.A球质量为述军

4gR-

D.仅把A、B的带电量互换，两小球仍在原位置静止

【答案】CD

【解析】A.如图所示

A、B两小球带同种电荷，故A错误:

B.对A受力分析由正弦定理可得

叫g二F

sin45°-sin37°

对B受力分析由正弦定理可得

二尸

sin45。-sin53。

故A、B两球质量之比为

型

ni23

故B错误；

C.根据库仑定律可得

F=kUM=3kq?

(R2+R，2K

故A球质量为

Fsin45°5j遍

'gsin37。4gR2

故C正确；

D.仅把A、B的带电量互换，尸的大小不变，故不影响两小球的位置，故两小球仍在原位

置静止，故D正确。故选CD。

10.如图甲所示，A、B、C、。为匀强电场中等势面，相邻等势面电势差相等且间距为〃，

等势面与水平地面平行。电量为外质量为小的带电小球垂直等势面。竖直向上抛出：恰

能到达等势面入，该过程中小球的动能和机械能随高度力的变化关系如图乙所示，4为已

知量，重力加速度为g,不计空气阻力，则下列说法正确的是（)

B.小球加速度大小为4g

C.小球抛出时重力势能为

D.电场强度大小为子

qd

【答案】ABD

【解析】A.由图乙可知

4EL=-mv2

02

解得

故A正确；

B.小球在上升过程中，由能量守恒有

（Eq+mg）h=4E（）

Eqh=3E（）

解得

七=返

q

则由牛顿第二定律有

Eq+mg=nui

解得

a=4g

故B正确；

C.根据图乙可知，抛出时的动能为4£0,机械能为34，则可知抛出时的重力势能为

F，故c错误。

D.由于恰好到达等势面A,则有

3Uq=3E°

解得

[}=殳

q

由此可得该电场电场强度的大小为

E上为

dqd

故D正确。

故选ABD.

三、实验题

11.用图甲的''碰撞实验器“可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞

前后的动量关系.。时小球抛出时球心在地面上的垂直投影点，实验时，先让入射小球叫

多次从斜轨上S位置由静止释放，找到七落地点的平均，立置P,测量平抛水平射程。尸.然

后把被碰小球机2静置「水平轨道的末端，再将入射小球町从斜轨上S位置由静止释放,

与小球〃马相撞，多次重复实验,找到两个小球落地的平均位置M、N.

（1）下列器材选取或实验操作符合实验要求的时

A.可选用半径不同的两小球

B.选用两球的质量应满足叫>m2

C.需用秒表测量小球在空中S行的时间

D.斜槽轨道必须光滑

（2）图乙是小球〃马的多次落点痕迹，由此可确定其落点的平均位置对应的读数为

（3）在某次实验中，测量出两小球的质量分别为班、加2,三个落点的平均位置与。点的

距离分别为OM、OP、ON.在实验误差允许范围内，若满足关系式,即

验证了碰撞前后两小球组成的系统动量守恒（用所给符号表示）.

（4）验证动量守恒的实验也可以在如图所示的水平气垫导轨上完成，实验时让两滑块分别

从导轨的左右两侧向中间运动，滑块运动过程所受的阻力可忽略，它们穿过光电门后发生

碰撞并粘连在一起.实验测得滑块A的总质量为叫、滑块B的总质量为吗，两滑块遮光

片的宽度相同，光电门记录的遮光片挡光时间如下表所示.

在实验误差允许范围内，若满足关系式____________.即验证了碰撞前后两滑块组成的系

统动量守恒.（用测量的物理量表示）

【答案】（1）B（2）55.50（3）w,OP=m.OM+m2ON（4）

m｝吗__（〃％+根2）

丁不亍3—

【解析】.为保证碰撞在同一条水平线上，所以两个小球的半径要相等.故A错误;

B.为保证入射小球不反弹，入射小球的质量应比被碰小球质量大.故B正确；

c.小球在空中做平抛运动的时间是相等的，所以不需要测量时间.故c错误；

D.要保证小球在空中做平抛运动，所以斜槽轨道末端必须水平，但是在斜槽轨道的运动发

生在平抛以前，所以不需要光滑，但入射球必须从同一高度释放.故D错误.

故选B；

（2）[2]确定B球落点平均位置的方法：用尽可能小的圆把所有的小球落点圈在里面，圆

心P就是小球落点的平均位置.；碰撞后im球的水平路程应取为55.50cm；

（3）[3]要验证动量守恒定律定律，即验证：町匕=叫匕+"%匕，小球离开轨道后做平抛

运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间I相等，上式两边同时乘以，得：

v2t+m2v3r

得：

m}OP=m]OM+m、ON.

可知，实验需要验证：

m}OP=m}OM+m、ON：

（4）[4]若让两滑块分别从导轨的左右两侧向中间运动，选取向右为正方向，则有：

町匕一〃“岭二一（町+如）1，3，

设遮光片的宽度为d,则：

ddd

W-〒，V2--»匕一〒，

联立可得：

m}吗__（〃4+〃马）

rn,m、（因+/七）

故答案为[1]B,[2]B,[3JmpP=+m2（JN,[4]丁一一'

12.某校高二677班物理兴趣实验小组的同学利用如图甲所示的电路观察甩容器的充、放

电现象，其中E为电源，S为单刀双掷开关，R为定值电阻，C为电容器，A为理想电流

表，V为理想电压表。

图乙

（1）开关S掷向1对电容器充电，此过程通过电流表A的电流方向为（填“从左到

右”或“从右到左

（2）图乙为电容器放电时的图像，已知电容器放电之前的电压为1.5V,乙图中图像与

坐标轴围成的面积约41小格，该电容器的实测电容值为F（结果保留2位有效数字）。

（3）若不改变电路其他参数，只减小电阻R,放电时/-，曲线与坐标轴所围成面积将

（填“变大”“变小”或“不变”）。

【答案】（1）从右到左（2）2.2x10-3（3）不变

【解析】（1）开关S掷向I对电容器充电，此过程通过电流表A的电流方向为从右到左。

（2）乙图中图像与横轴围成的面积约41格，分析口怪像可知，每个方格代表的电荷量为

^=0.2X]0-3X0.4C=8.0X10-5C

电容器放出的电荷量为。=4%=3.3xl0-3c

则电容器的电容为C=2=。F=2.2x10%

U'"1I.5

（3）不改变电路其他参数，只增大电阻R的阻值，导致曲线的最大电流值将减小，放电

时间将变长，而放电时曲线与坐标轴所围面积不变。

四、解答题

13.如图所示，在平行金属带电极板MN电场中将电荷量为4xlO«C的负点电荷从A点移

到M板，电场力做功8xl（）Yj,把该点电荷从4点移到N板，克服电场力做功为4xl（）Y

J，其中M板带正电，N板带负电且接地。求:

4--M

•A

1---------N

（l）两极板间的电势差UMN;

（2）A点的电势必;

（3）该点电荷在A点的电势能E以

U

【答案】（1）UMN=300V；（2）=100V；（3）E？4=-4X10J

【解析】（1）M、N间电势差：

UMN=9M_8V=GM-0A+0A_=力伏+八

=%+还=200V+100V=300V

qq

（2）A点电势

（3）该点电荷在A点的电势能

EPA=C1(PA=-4x1()'J

14.如图所示，绝缘水平面上固定一光滑绝缘的竖直圆孤轨道8CQ,圆心为。，C点与圆

心等高，。点为轨道的末端，半径R=1.0m,B点为圆弧轨道与水平面的切点，O力与水

平方向的夹角，=37。。质量m=0.4kg、电荷量夕=0.03C的滑块静止在A点，已知

x.=3.6m,滑块与水平面间的动摩擦因数〃=0.25。某时刻在整个空间加上水平向左的

电场强度£=100N/C的匀强电场，经过一段时间滑块从。点离开圆轨道。滑块可视为质

点，重力加速度g=10mH,sin37°=0.6,规定A点电势为零。求：

（1）滑块运动到6点的速度大小；

（2）滑块运动到圆轨道上。点时的电势能；

（3）滑块运动到。点时对轨道的压力大小。

【答案】（1）6m/s（2）-I3.8J（3）6.4N

【解析】（1）滑块从A点运动到4点，由动能定理可得

少12

qExAB-ymgxAB=-fnv3

解得

vB=6m/s

（2）根据

UAC=E&C=E（XAB+R）

又UNC=W八一中「“A=°

联立，解得

（Pc=-460V

滑块运动到圆轨道上。点时的电势能

Epc-q（Pc=—13.8J

（3）滑块从A点运动到D点，由动