2026届湖南省长沙市高考物理自编模拟试卷02（人教版）（解析版）

答案第=page11页，共=sectionpages22页答案第=page11页，共=sectionpages22页2026届湖南省长沙市高考物理自编模拟试卷02（解析版）题号12345678910答案CBBDDCBACADBC1．C【详解】由题意可得，光路图如图所示由题意可知根据对称性，结合几何关系可知，光线与三角形玻璃砖的底边平行，则所以，该玻璃砖对这束光的折射率为故选C。2．B【详解】A．由乙图可知，周期为，则简谐横波的波长为，故A错误；B．由乙图可知，波峰出现在时，则因此P、Q间有三个波峰，故B正确；C．由可知，时，质点P处于平衡位置，且振动方向沿y轴正方向，故C错误；D．由乙图可知，振幅，则质点P在一个周期内通过的路程为内，质点P运动了，则质点P通过的路程为，故D错误。故选B。3．B【详解】A．由图乙可知，波长为由可知则在，由图甲可知，P在y轴正半轴，且向平衡位置移动，则根据“上坡下”可知该波沿x轴正方向传播，故A错误；B．P不随波的传播改变其在x轴上的横坐标，则由图乙可知解得故B正确；C．根据“上坡下”可知，P向平衡位置移动，而Q远离平衡位置，则质点P先回到平衡位置，故C错误；D．从图乙时刻再过，则5个完整周期的路程为在剩下的相对于图像乙向右平移，则平移后P的纵坐标为则质点P通过的路程为故D错误。故选B。4．D【详解】A．明暗相间的同心圆环是由透镜和玻璃板之间的空气膜上、下两表面的反射光发生干涉后形成的，同一亮圆环（或暗圆环）处空气膜的厚度相等，相邻的两个明圆环处，空气膜的厚度差等于半个波长，离圆心越远的位置，空气膜的厚度减小得越快，则同心圆环越密，所以同心圆环内疏外密，A错误；B．透镜下表面越平坦，空气膜的厚度变化越慢，同心圆环越稀疏，B错误；C．蓝光频率更大，波长更短，对于同一干涉装置，形成的干涉条纹间距更小，得到的同心圆环更密集，C错误；D．同心圆环主要的形成原理是光的干涉，D正确。故选D。5．D【详解】A．因a在地球上，c为地球同步卫星，所以a、c角速度相同，由可知c的线速度比a的线速度大，因此在相同时间内，c转过的弧长一定比a转过的弧长更长，A错误；B．根据牛顿第二定律可得，b是近地轨道卫星，d是高空探测卫星，b的向心加速度大于d的向心加速度，B错误；C．c为地球同步卫星，内转过的角度为，则内转过的角度为，C错误；D．由开普勒第三定律可知卫星的半径越大，周期越大，所以d的运动周期大于c的周期（24h），则d的运动周期可能是，D正确。故选D。6．C【详解】A．当汽车做匀速直线运动时，牵引力等于总阻力，总阻力由地面摩擦阻力和空气阻力组成，即其中地面摩擦阻力为一定值，空气阻力的大小与汽车速率成正比。结合图像纵截距为，斜率为，得可知地面摩擦阻力，空气阻力，故A错误；BC．若该汽车以恒定加速度启动，根据牛顿第二定律，得由匀变速直线运动速度与时间的关系，得代入，解得牵引力的大小为其中、、、均为定值，则牵引力大小随时间均匀增大，故B错误，C正确；D．汽车以恒定功率启动，达到最大速度时，牵引力等于总阻力，有恒定功率牵引力做功根据动能定理，得汽车克服空气阻力做的功为其中为汽车克服总阻力做的功，故D错误。故选C。7．B【详解】A．图中“”指交流电的有效值，故A错误；B．由可得则直流输电电流大小为,故B正确；CD．当用户负载增加时，副线圈电流增大，由可得原线圈电流增大，从而输电电流会增大，由可得输电线上损失的电压会增大，则减小，故而减小，故CD错误；故选B。8．AC【详解】A．由开普勒第三定律可知，轨道半径越大周期越长。同步轨道半径R+h大于行星半径R，故同步轨道周期T0大于贴近表面轨道周期T，即T<T0，故A正确。B．由开普勒第三定律可得整理得，故B错误。C．对同步轨道，由万有引力提供向心力，解得，其中R为行星X半径，故C正确。D．探测器做圆周运动的加速度由决定，半径越大加速度越小。同步轨道半径R+h大于贴近表面轨道半径R，故同步轨道上的加速度小于贴近表面轨道上的加速度，故D错误。故选AC。9．AD【详解】A．由题图可知，点电势高于点电势，电子带负电，根据可知，电子从运动到，电势能减小，则电场力做正功，故A正确；B．根据题图和对称性可知，、两点的电势相同，电场强度大小相等，但方向不同，故B错误；C．电子在电场中仅受电场力作用，所以电势能与动能之和保持不变，则有其中，，，可得电子在经过等势线点时的动能为，故C错误；D．电子从运动到，电势先增大后减小，根据可知，电势能逐渐先减小后增大，故D正确。故选AD。10．BC【详解】A．第2根棒刚进入磁场有解得将第2根棒在磁场中的运动过程分成若干个过程，设每个过程时间为，刚进入瞬间则有棒产生的感应电动势为电流为设为这段运动的平均速度，对最开始一段运动有整理有则整个运动过程，整理后有解得，故A错误；B．第3根棒刚进入磁场时有解得棒产生的感应电动势为此时第1和第2根棒并联，电阻为，第3根棒等效于电源，电路中总电阻为电路中电流为由牛顿第二定律得解得，故B正确；C．第根棒刚进入磁场时，前根棒并联电阻为电路总电阻为电路总电流第1根棒中电流解得第1根棒的热功率为，故C正确；D．第根棒出磁场时的速度为若所有金属棒离开磁场时的速度都与第2根金属棒离开磁场时速度相同，则回路产生的焦耳热为但是各个金属棒离开磁场的速度不同，离开磁场的速度越来越小，故从释放第1根棒到第根棒刚穿出磁场的过程中，回路产生的焦耳热不等于，故D错误。故选BC。11．(1)C(2)(3)【详解】（1）A．为防止入射小球被反弹，需满足，故A错误；B．实验只需保证小球离开轨道时速度水平，轨道无需光滑（只要小球每次从轨道同一固定位置由静止释放，小球在轨道上运动时，克服摩擦力做的功、因摩擦力损失的机械能是完全相同的，最终到达轨道末端的速度也会保持一致），B错误；C．轨道末端水平才能保证小球做平抛运动，C正确；D．因碰撞前后入射小球和被碰小球做平抛运动，则时间相同，故不需要测量轨道末端到O点的高度，故D错误。故选C。（2）由动量守恒定律得小球离开轨道后做平抛运动，小球做平抛运动抛出点的高度相等，小球做平抛运动的时间相等，则即（3）根据若两球间的碰撞是弹性碰撞，则有则当两小球质量满足时，有故若满足，则可认为两球间的碰撞是弹性碰撞。12．(1)不可以(2)3.58(3)224/225/226/227/228(4)偏小【详解】（1）电表欧姆档在测量电阻时需要将电阻从原有电路中取出进行测量，对于电池由于其本身可供电，所以无法用欧姆表进行测量，所以填写“不可以”。（2）由于电表可以当做理想电压表，内阻认为是无穷大，所以流经表笔电流约等于零，其读数为路端电压，大小等于电源的电动势，所以填写3.58V。（3）当接的电阻时，电阻功率为为保证安全所以电阻选择R2；对外电路，有对内电路，有联立可得。（4）电笔直接接在电池正负极时，由于电压表内阻的影响，路端电压小于电池电动势，测量值为路端电压，所以测量值偏小。13．(1)；(2)【详解】（1）当时，光线恰好在玻璃砖圆形表面发生全反射，设长度为，光路如下图所示，则当时，光线从玻璃砖圆形表面的顶点射出。由折射定律由几何关系可知联立解得，（2）当时，光在玻璃砖中的传播时间为由折射率关系知已知长度为，折射率，代入数据解得。14．(1)(2)；【详解】（1）在加速电场中在偏转电场中，，解得粒子的偏转角离开偏转电场时的速度大小为解得（2）带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，由几何关系可知，轨迹呈周期性，每段圆弧轨迹对应的圆心角均为90°，磁场的变化周期为磁场的宽度为15．(1)(2)(3)【详解】（1）设小球A以速度跟小球B碰撞，碰后小球A、B的速度分别为、，以水平向右为正方向，根据动量守恒有根据机械能守恒定律有小球B滑上圆弧体C最高点过程中，根据水平方向动量守恒有根据机械能守恒定律有由静止释放小球A，弹簧对小