广西壮族自治区南宁市青秀区2025年中考二模物理试题（解析版）

第第页广西壮族自治区南宁市青秀区2025年中考二模物理试题一、单项选择题（本大题共10小题，共30分。在给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。）1．下列估测最符合实际情况的是A．教室门高约为20cmB．一名中学生的质量约为500kgC．人体感到舒适的环境温度约为26℃D．一名中学生跑100m的平均速度约为20m/s【答案】C【解析】【解答】解：A、教室门高约为2m=200cm，故A不符合实际；

B、一名中学生的质量约为50kg，故B不符合实际。

C、人体感到舒适的环境温度约为26℃，故C符合实际；

D、一名中学生跑100m的平均速度约为7m/s，故D不符合实际；

故选：C。

【分析】首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。2．拉二胡时，演员的手指在琴弦上，上下移动，目的是改变声音的A．音色 B．响度 C．音调 D．声速【答案】C【解析】【解答】解：拉二胡时，演员的手指在琴弦上上下移动，改变了琴弦的长度进而改变了振动频率，目的是改变声音的音调，故C符合题意，ABD不符合题意。

故选：C。

【分析】音调的高低与发声物体的振动频率有关，频率越大，音调就越高。3．三月的早晨，邕江水面上烟雾缭绕，宛如人间仙境。其中雾的形成属于（）A．升华现象 B．液化现象 C．汽化现象 D．熔化现象【答案】B【解析】【解答】雾是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴悬浮在近地面空气中形成的现象。因此，选项B（液化）正确描述了雾的形成过程，而选项A、C、D均不符合题意。正确答案选B。【分析】液化为气态变为液态会释放热量，如露珠。4．下列做法符合安全用电原则的是A．家庭电路着火时迅速用水浇灭B．更换灯泡时不需要断开电源开关C．使用试电笔时手要接触笔尖金属体D．有金属外壳的电器需要用三孔插座【答案】D【解析】【解答】解：A、家庭电路着火不能用水浇灭，因为生活用水是导体，故A错误；

B、更换灯泡时需要断开电源开关，防止触电事故发生，故B错误；

C、正确使用试电笔时，手应接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，故C错误；

D、有金属外壳的电器需要用三孔插座，可以使用电器的金属外壳接地，避免发生触电事故，故D正确。

故选：D。

【分析】（1）生活中的水是导体；

（2）更换灯泡要切断电源；

（3）正确使用试电笔时，手要接触笔尾金属体；

（4）用电器的三脚插头能防止金属外壳漏电而触电，不能用两脚插头代替。5．知识价值的体现之一是利用学到的知识为人类的生产生活服务，以下实际应用与所对应知识的连线不正确的是（）A．离心式抽水机——固体压强B．汽车的轮胎上要有一定深度的花纹——增大摩擦C．“好奇”号火星车装有大而宽的轮子——减小压强D．利用一杯水和两个吸管制作简易喷雾器——流体压强特点和大气压强【答案】A【解析】【解析】A．离心式抽水机的工作原理依赖于大气压强，因此选项A的说法是错误的，符合题目要求；B．汽车轮胎表面设计有特定深度的花纹，目的是通过增加接触面的粗糙程度来增强摩擦力，此说法正确，不符合题意；

C．"好奇"号火星车配备宽大的轮子，这种设计通过增大受力面积来降低对火星表面的压强，该描述正确，不符合题意；

D．利用吸管和水制作简易喷雾器的原理是：当水平吹气时，竖直管上方气流速度增大导致压强减小，杯中的水在大气压力作用下沿竖管上升并被气流雾化，这一现象综合运用了流体压强特性和大气压强原理，该说法正确，不符合题意。

正确答案为A。

【分析】1、大气压的应用；吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同；

2、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。

3、压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。

4、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力。6．如图是小孔成像的原理图。选项各图现象中与如图原理相同的是（）A．影子 B．水中倒影C．铅笔“折断” D．雨后彩虹【答案】A【解析】【解析】小孔成像现象是由光的直线传播特性导致的，形成的是实像。A．影子现象是光沿直线传播时，在不透明物体后方形成的暗区，符合题意；B．水面倒影是光发生反射后形成的虚像，不符合题意；C．铅笔"折断"现象是光通过不同介质时折射形成的虚像，不符合题意；D．彩虹是光的色散现象，由折射形成虚像，不符合题意。正确答案为A选项。

【分析】1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射；

2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅；

3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等。7．明代科学家宋应星的著作《天工开物》中详细描述了各种机械装置的工作原理和应用，其中就包括了滑轮的使用，如图所示的是古代的一个木质滑轮，下列说法正确的是（）A．使用此滑轮一定可以改变力的方向B．此滑轮若当作定滑轮使用则是为了省力C．使用木质滑轮的机械效率一定高于铁质滑轮D．减小滑轮与轮轴之间的摩擦力可以提高滑轮的机械效率【答案】D【解析】【解答】A．定滑轮能够改变力的方向，但不具备省力功能。题目中所示的滑轮未明确是否为定滑轮，因此不能确定其能否改变力的方向，故A选项错误。B．若该滑轮作为定滑轮使用，其主要目的是改变力的方向，而非省力，故B选项错误。C．滑轮的机械效率计算公式为η=WD．通过减小滑轮与轮轴间的摩擦，可以减少额外功，根据机械效率公式η=W正确答案为D。

【分析】1、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力；

2、定机械效率的计算：公式为η=W8．商场中，卖微波炉的售货员和顾客就微波炉省电还是费电发生了争论．售货员说：“微波炉很省电，用它加热食物花不了多少电费．”顾客说：“微波炉很费电，他家的微波炉一开，电能表就转得很快．”上述争论中，顾客混淆的两个概念是（）A．电流和电功率 B．电功率和电压C．电功和电功率 D．电功和电阻【答案】C【解析】【解答】售货员说微波炉省电，指的是微波炉虽然功率很大，但是加热时间短，消耗的电能不多，因此花不了多少电费；

顾客说微波炉很费电，是因为微波炉电功率大，在相同的时间内消耗的电能快；故顾客是混淆了电功和电功率的概念，故答案为C。

【分析】电功：电流做功的过程，指有多少电能转化为其他形式能；

电功率：电流做功的快慢，表示电能转化为其他形式能的快慢。9．筷子发源于中国，是华夏饮食文化的标志之一。下列生产和生活中的杠杆在正常使用时与筷子属于同一类型的是（）A．托盘天平B．核桃夹C．食品夹D．瓶盖起子【答案】C【解析】【解答】根据生活经验可知，筷子在使用的过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。

A．托盘天平的两个托盘到轴心的距离相等，即动力臂与阻力臂相等，属于等臂杠杆，故A不符合题意；BD．核桃夹和瓶盖起子的动力臂大于阻力臂，都属于省力杠杆，故BD不符合题意；C．食品夹的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故C符合题意。故选C。

【分析】比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。10．如图所示是使用门禁卡开门的场景。门禁卡的夹层中有带天线的线圈，靠近门禁主机时，门禁卡中的线圈产生感应电流，使芯片发出信号，进而开门。下列设备的工作原理与其相同的是（）A．电风扇 B．电视机C．风力发电机 D．电磁起重机【答案】C【解析】【解答】门禁卡内部嵌有带天线的线圈，当靠近门禁主机时，线圈会因电磁感应现象产生感应电流。A．电风扇的核心部件是电动机，其工作原理是通电导体在磁场中受力运动，与题干现象不符。B．电视机工作时主要实现电能到光能（图像）和声能（声音）的转换，与电磁感应无关。C．风力发电机通过电磁感应原理将机械能（风能）转化为电能，与门禁卡的工作原理一致。D．电磁起重机利用电流的磁效应（通电产生磁场）工作，属于磁现象而非电磁感应。正确答案：C。

【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、POS机读出信息。

2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转。

3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机。

4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。二、多项选择题（本大题共2小题，每小题4分，共8分。在给出的四个备选项中，有多个选项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全得2分，不选或有选错得0分。）11．如图所示，在荡秋千时（不计能量损失），下列说法正确的是（）A．经过最低点时，动能最大B．到达最高点时，机械能最大C．整个过程动能与重力势能之和不变D．在向上摆的过程中，重力势能转化为动能【答案】A,C【解析】【解答】A选项：当秋千向下摆动时，其质量保持不变，高度逐渐降低而速度增大。在此过程中，重力势能减小并转化为动能，到达最低点时动能达到最大值。因此A选项正确。BC选项：在不考虑能量损耗的情况下，秋千运动过程中动能与重力势能相互转化，但机械能总量保持不变。由此可判断C选项正确，B选项错误。D选项：当秋千向上摆动时，质量不变的情况下，速度减小而高度增加，动能转化为重力势能。因此D选项错误。综上所述，正确答案为AC。

【分析】机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。12．用弹簧测力计两次水平拉同一木块，使它在同一水平木板上做匀速直线运动，图乙是它运动的路程随时间变化的图像，下列说法正确的是（）A．图甲中木块受到的拉力为3.2NB．木块第一次和第二次速度之比为2:1C．木块两次受到滑动摩擦力之比为1:1D．相同时间内拉力两次对木块做功之比为1:1【答案】B,C【解析】【解答】A.根据图甲显示，弹簧测力计的最小刻度为0.2N，此时读数为3.4N，说明木块所受拉力为3.4N，因此选项A不正确。B.图乙数据显示木块两次均做匀速直线运动：第一次8秒移动40厘米，第二次8秒移动20厘米。两次速度比为v1C.由于接触面粗糙度和压力相同，滑动摩擦力相等，两次摩擦力之比为1：1，选项C正确。D.匀速运动中拉力与摩擦力平衡，因摩擦力相同，故拉力相等。根据功的公式W=Fs，

由于路程比s1：s2=2：1，做功比W1：W2=2：1，因此选项D错误。正确答案为BC。

【分析】滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。

弹簧测力计：使用前弹簧测力计竖直调零，分度值为0.2N，重力方向竖直向下，据图读数，对钩码的拉力与弹簧测力计的弹簧轴线一致。

功的计算：公式为W=Fs。三、填空题（本大题共6小题，每空1分，共12分。）13．2025年1月20日，中国科学家制造出最新的“人造太阳”，“人造太阳”因反应原理与太阳类似而得名，即通过氢核（选填“聚变”或“裂变”）释放巨大的核能。目前被人类广泛运用的核能是（选填“可再生”或“不可再生”）能源。【答案】聚变；不可再生【解析】【解答】解：“人造太阳”因反应原理与太阳类似而得名，即通过氢核聚变释放巨大的核能。目前被人类广泛运用的核能短期内不能从自然界中得到补充，是不可再生能源。

故答案为：聚变；不可再生。

【分析】人造太阳是由于核聚变释放的惊人的核能。

核能属于不可再生能源。14．小明由于不注意用眼卫生导致视力下降，如图所示说明小明患上了眼，需要用（选填“凸”或“凹”）透镜进行矫正。【答案】近视；凹【解析】【解答】根据题目描述，小明的眼睛晶状体对光的会聚能力过强，导致在看远处物体时，光线会聚在视网膜前方（如图）。这种情况属于近视眼。为了矫正近视，需要使用对光具有发散作用的凹透镜。【分析】近视眼对光线会聚作用较强，需要凹透镜（对光线具有发散作用）进行矫正。15．如图所示，两个透明容器中封闭着等量的空气，接通电源后，U形管A两侧液面的高度差（选填“大于”“小于”或“等于”）U形管B两侧液面的高度差，实验表明在电流和通电时间相同时，越大，其产生的热量越多。【答案】小于；电阻【解析】【解答】如图所示，两个电阻串联连接在电路中，因此流过两个电阻的电流大小相同。观察实验现象发现，B侧的电阻值大于A侧的电阻值，同时U形管在B侧显示出的液面高度差比A侧更大。这表明在相同电流和通电时间条件下，B侧电阻产生了更多的热量。这一实验现象验证了焦耳定律：当电流和通电时间相同时，电阻值越大的导体产生的热量越多。【分析】探究电流的热效应：原理为焦耳定律Q=I2Rt，所以产热量和电阻成正比，和电流的平方成正比，实验中通过液面高度差的变化作为观察指标转化为电流的产热量。

转换法：在物理实验中，某些物理量（内能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如本题中热能的大小难以直接测量，所以需要通过液面高度差的变化进行测量；控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如电流的热效应的影响因素有：电阻和电流。在探究某个单一变量对物理量的影响时，需要控制其余变量相同，如探究导体的发热量可能与导体的电阻的关系时，需要电流相同，故选择串联电路。16．如图是用频闪相机拍摄的甲、乙两球从A点竖直下落至B点的照片。频闪照相机每隔0.02s曝光一次。由图可知甲球做（选填“变速”或“匀速”）直线运动；A点到B点的路程为0.2m，乙球从A点竖直下落至B点的速度为m/s。【答案】变速；2【解析】【解答】观察图中两个相邻小球的位置变化，可以发现甲球在相等时间间隔内通过的距离逐渐增大，表明甲球在做加速直线运动（变速直线运动）。乙球在相同时间间隔内通过的路程相等，说明乙球做匀速直线运动。计算乙球从A点到B点的运动参数：路程s=0.2m，时间t=5×0.02s=0.1s，速度计算公式：v=st=17．小明家的燃气热水器将100kg的水由10℃加热到50℃，水吸收热量为J；若消耗了0.5kg的天然气，则热水器的热效率为。[c水=4.2×10【答案】1.68×10【解析】【解答】根据热量计算公式Q=cmΔt，计算水吸收的热量：计算天然气完全燃烧放出的热量：Q放计算热水器的热效率：η=Q【分析】物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。计算公式为Q=mq；

热量的计算：公式为Q=cmΔt；

效率的计算：公式为18．如图所示，水平桌面上有A、B两个质地均匀的实心正方体，A的边长为5cm，B的边长为10cm。将B沿如图甲所示的竖直方向切割为两个长方体B1和B2，如果只将B1放在B2上，此时B2对桌面的压强为p1；如果只将B2放在A上，此时A对桌面的压强为p2。改变竖直切割位置，如图乙所示的图像为（选填“p1”或“p2”）随B2厚度a的变化关系，若a=2cm【答案】p1【解析】【解析】当物体B1叠放在B2上时，B2对桌面的压强计算公式为：p1=FBSB=GB0.1m×a；这表明pp2=GA+GB最终计算A对地面的最大压强：p大=F四、作图题（本大题共1小题，共6分。）19．（1）如图甲所示，冰壶静止在水平冰面上，请画出冰壶所受重力示意图。（2）如图乙所示，O为凸透镜的光心，F为焦点，请将两条光线的光路补充完整。（3）如图丙所示，请在图中的括号内标出通电螺线管左端的磁极，并在P点标出磁感线的方向。【答案】（1）（2）（3）【解析】【解答】（1）冰壶受到的重力方向为竖直向下，作用点位于其重心O处，因此作图如下：（2）平行于凸透镜主光轴的光线经过折射后，折射光线会通过凸透镜的焦点；而通过光心的光线传播方向不发生改变。因此作图如下：（3）电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据右手螺旋定则可知，螺线管的左端为N极。在螺线管外部，磁感线从N极指向S极，因此P点的磁感线方向向右，作图如下：

【分析】重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。

凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。

通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。（1）冰壶所受重力，方向竖直向下，作用点在它的重心O，故作图如下：（2）平行于凸透镜主光轴的光线，经凸透镜折射后，折射光线经过凸透镜的焦点；经过凸透镜光心的光线，经过凸透镜后传播方向不变；故作图如下：（3）如图，电流从螺线管右端流入、左端流出，根据右手螺旋定则可知，螺线管左端为N极；在螺线管外部，磁感线从N极出发，回到S极，P点磁感线方向向右，作图如下：五、实验探究题（本大题共4小题，共25分。）20．小华同学在探究液体压强的实验中，进行了如图所示的操作：（1）用手按压橡皮膜，U形管内液面高度差变化明显，说明压强计的密封性（选填“好”或“差”）；（2）图甲中的U形管（选填“是”或“不是”）连通器；（3）分析乙、丙两图的实验现象，得出的结论是：同种液体，深度越深，压强越；（4）在图丙中保持探头的位置不变，只改变探头的方向，U形管两液面的高度差将（选填“变大”“不变”或“变小”）；（5）要探究液体压强与液体密度的关系，应选用两图进行对比。【答案】（1）好（2）不是（3）大（4）不变（5）丙、丁【解析】【解答】（1）当用手按压橡皮膜时，若U形管两侧液面出现明显高度差，表明压强计密封性能良好；若液面高度差变化不明显，则说明装置存在漏气现象。（2）连通器的定义要求其结构上端开口且底部相互连通，而压强计的U形管一端封闭，因此不符合连通器的特性。（3）通过对比乙、丙两图的实验现象，可观察到在相同液体（水）中，金属盒所处深度越大（丙图），U形管液面高度差越大，表明液体压强随深度增加而增大。由此得出结论：p∝h（同种液体中，压强与深度成正比）。（4）在丙图中固定探头深度后，改变其方向，U形管液面高度差保持不变，说明同种液体在同一深度时，各方向压强大小相等。（5）探究液体压强与密度的关系时，需控制深度不变，仅改变液体密度。通过对比丙、丁两图的实验数据（如盐水与水），可验证液体压强与密度的关系。

【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同；

2、液体压强影响因素的试验：仪器有压强计、不同密度的液体，U型管；试验步骤：检查装置的气密性，方法为按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化明显，则气密性良好；使用控制变量法，探究压强和深度关系时，需要控制液体密度不变；

3、转换法：转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如用通过观察U型管两边液面的高度差来表示探头处液体压强的大小。（1）用手按压橡皮膜，U形管内液面高度差变化明显，说明压强计气密性好，如果U形管内液面高度差变化不明显，说明压强计漏气。（2）连通器应具备上端开口、底部连通的结构，而压强计的U形管有一端口是封闭的，所以压强计不是连通器。（3）分析乙、丙两图的实验现象，液体都是水，丙图中金属盒较深，U形管两侧液面的高度差较大，液体压强较大，故可得出的结论是：同一液体中，深度越深，压强越大。（4）在图丙中保持探头的位置不变，改变探头的方向，U形管两液面的高度差将不变，说明同种液体，在同一深度向各个方向的压强都相等。（5）要探究液体压强与液体密度的关系，保持深度不变，改变液体的密度，选择丙、丁两图进行实验。21．（1）在“观察水的沸腾”实验中，观察气泡可判断图甲中的水处于（选填“沸腾前”或“沸腾时”）的状态。图乙是根据实验记录的数据画出的温度随时间变化的图像，分析图像可知：水沸腾时持续吸热，温度保持；（2）小明在“探究凸透镜成像特点”的实验过程中，进行了以下实验步骤，如图丙所示，让一束平行光正对凸透镜照射，在凸透镜后的光屏上接收到一个最小、最亮的光斑，由此可以测出凸透镜的焦距是cm；当烛焰、凸透镜、光屏位于图丁中刻度对应的位置时，光屏上得到一个清晰的倒立、（选填“放大”“等大”或“缩小”）的实像；（3）小明用漆包线绕在铁钉上制作了简易电磁铁，利用大头针等器材探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”，设计的实验装置如图戊所示。实验中小明通过观察来比较电磁铁磁性的强弱。由实验现象可知，在其他条件相同时，电磁铁线圈的匝数越多，电磁铁的磁性越。【答案】（1）沸腾时；不变（2）10.0；缩小（3）电磁铁吸引大头针的数目；强【解析】【解答】（1）在"观察水的沸腾"实验中，水沸腾前气泡上升时体积逐渐变小。这是因为沸腾前，下层水温高，上层水温低，气泡上升过程中遇冷收缩；而水沸腾时，气泡上升体积逐渐变大，因为此时整个容器内水温相同，气泡上升过程中受到水的压强逐渐减小，所以体积增大。因此图甲中的水处于沸腾时的状态。

由图乙可知，从第5分钟开始，水的温度保持98℃不变，说明水已经沸腾。这表明水沸腾时持续吸热但温度保持不变。

（2）让一束平行光正对凸透镜照射，在凸透镜后的光屏上接收到一个最小、最亮的光斑，此光斑到凸透镜光心的距离就是凸透镜的焦距。由图丙可知，凸透镜的焦距是60.0cm-50.0cm=10.0cm。

当烛焰、凸透镜、光屏位于图丁中刻度对应的位置时，物距u=45.0cm-15.0cm=30.0cm。已知凸透镜焦距f=10.0cm，此时物距u>2f，因此在光屏上得到一个清晰的倒立、缩小的实像。

（3）实验中通过观察电磁铁吸引大头针的数目来比较电磁铁磁性的强弱，这种方法属于转换法。

实验现象表明，在其他条件相同时，B电磁铁线圈匝数较多，吸引大头针的数量也较多，说明B电磁铁的磁性较强。由此可得结论：在其他条件相同时，电磁铁线圈的匝数越多，电磁铁的磁性越强。

【分析】1、水沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变，气泡由小变大；标准大气压下水的沸点为100℃，低于标准气压，沸点低于100℃；

2、测量焦距的方法：将凸透镜正对太阳光，改变凸透镜与光屏的距离，直到光屏上出现一个亮点，此时亮点与凸透镜中心的距离为焦距。

3、透镜成像试验：实验步骤：1）实验前，应调节凸透镜、蜡烛烛焰、光屏的中心大致在同一水平高度，环境越暗，物体反射光越明显，所以实验应在较暗的环境中进行；2）点燃并蜡烛，在光屏上得到一个等大、清晰的烛焰的像，测量此时物到透镜的距离（焦距）；3）移动蜡烛，观察像的变化，经过透镜光心的光心不会发生偏折，所以蜡烛变短通过光心的光线会折射到光屏上方，导致像向上移动。

4、电磁铁磁性的有无与电流的通断有关，磁性强弱与两个因素有关：线圈匝数多少、电流大小。研究磁性强弱的影响因素时控制一个因素不变，改变另一个因素，是控制变量法的应用，磁性的强弱通过吸引大头针的数目来判断，这是转换法的应用。（1）[1]在“观察水的沸腾”实验中，水沸腾前气泡上升时体积逐渐变小，因为水沸腾前，下面的水温度高，上面的水温度低，气泡上升过程中，遇冷收缩；而水沸腾时，气泡上升时体积逐渐变大，因为水沸腾时，整个容器内水温相同，气泡上升过程中，受到水的压强逐渐减小，所以体积逐渐增大。所以图甲中的水处于沸腾时的状态。[2]由图乙可知，从第5min开始，水的温度保持98℃不变，说明水已经沸腾，可以得到水沸腾时持续吸热，温度保持不变。（2）[1]让一束平行光正对凸透镜照射，在凸透镜后的光屏上接收到一个最小、最亮的光斑，此光斑到凸透镜光心的距离就是凸透镜的焦距。由图丙可知，凸透镜的焦距是60.0cm-50.0cm=10.0cm[2]当烛焰、凸透镜、光屏位于图丁中刻度对应的位置时，此时物距u=45.0cm-15.0cm=30.0cm凸透镜焦距f=10.0cm，物距u>2f，光屏上得到一个清晰的倒立、缩小的实像。（3）[1][2]实验中小明通过观察电磁铁吸引大头针的数目来比较电磁铁磁性的强弱，这是运用了转换法。由实验现象可知，在其他条件相同时，B电磁铁线圈的匝数较多，吸引大头针的个数较多，B电磁铁的磁性较强，可以得到在其他条件相同时，电磁铁线圈的匝数越多，电磁铁的磁性越强。22．在“测量小灯泡正常发光时的电阻”的实验中，待测小灯泡标有“2.5V”字样，电源电压为6V且保持不变：（1）请用笔画线代替导线将图甲所示的电路连接完整；（2）在连接实物电路的过程中，开关必须；（3）连接好电路后，将滑片P移至最大阻值处再进行试触，发现小灯泡不发光，电流表无示数，电压表指针偏转角度太大，则原因可能是______（填选项）；A．小灯泡短路 B．小灯泡断路 C．滑动变阻器断路（4）排除故障后，闭合开关，电压表的示数如图乙所示，为了完成实验，应将图甲中的滑片P向（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V；（5）根据实验记录的数据绘制成如图丙所示的图像，分析图像可知：①小灯泡正常发光时的电阻为Ω；②小灯泡的电阻随温度升高而（选填“增大”或“减小”）；（6）受到上述实验的启发，为测量高温物体的温度，某同学将图甲电路改装成一个简易的温度传感器。思路如下：将图甲中的小灯泡换成与灯丝同种材料的电阻丝，选择图甲中的一个电表改装为温度显示仪。请你分析：应将图甲中的表改装为温度显示仪。【答案】（1）（2）断开（3）B（4）A（5）12.5；增大（6）电压【解析】【解答】（1）由于灯泡的额定电压为2.5V，因此电压表应选择小量程（0-3V）并与灯泡并联连接，具体接线方式如下：（2）在连接实物电路时，为确保电路安全，开关必须保持断开状态。（3）完成电路连接后，先将滑动变阻器的滑片P调至阻值最大处再进行试触操作。此时观察到小灯泡不亮，电流表无示数（说明电路可能存在断路），同时电压表指针大幅偏转（表明电压表与电源连通）。由此判断故障原因可能是小灯泡断路，故正确答案为B。（4）故障排除后闭合开关，图乙所示电压表示数为2.2V（使用小量程，分度值0.1V）。由于该电压低于灯泡额定电压，需通过减小滑动变阻器阻值来提升灯泡两端电压。具体操作是将滑片P向A端移动，直至电压表示数达到额定值2.5V。（5）根据图像分析，灯泡正常发光时（2.5V）对应电流为0.2A，其电阻值为R=当灯泡电压分别为1V和1.5V时，测得对应电流为0.12A和0.15A，计算得到电阻值分别为8.3Ω和10Ω。结合2.5V时的电阻数据，可得出结论：小灯泡电阻值随温度升高而增大。（6）由于电阻丝阻值随温度升高而增大，根据串联分压原理，其两端电压相应增大。因此选用电压表进行改装更适合作为温度显示仪。

【分析】1、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；

2、电路的故障分析：题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外，表明电压表接入电路，所以和电压表并联的用电器断路；

3、伏安法测电阻：电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U，电流表串联在电路中测量待测电阻的电流I，根据欧姆定律R=U（1）灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，如下所示：（2）在连接实物电路的过程中，为保护电路，开关必须断开。（3）连接好电路后，将滑片P移至最大阻值处再进行试触，发现小灯泡不发光，电流表无示数，电路可能断路，电压表指针偏转角度太大，电压表与电源连通，则原因可能是小灯泡断路，故选B。（4）排除故障后，闭合开关，电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为2.2V，小于灯的额定电压，为了完成实验，应增大灯泡的电压，由串联电路电压的规律可知减小变阻器两端的电压，由串联分压可知减小变阻器连入电路的阻值，滑片P向A端移动，使电压表的示数为2.5V。（5）[1]分析图像可知，小灯泡正常发光时的电流为0.2A，电阻为R=[2]灯的电压为1V、1.5V时对应的电流为0.12A和0.15A，由欧姆定律可知对应的电阻为8.3Ω和10Ω，结合2.5V时的电阻为12.5Ω，小灯泡的电阻随温度升高而增大。（6）温度越高，电阻丝的电阻越大，根据串联电路分压原理可知，电阻丝两端的电压越大，因此选择电压表改装为温度显示仪。23．小宁在做“测量小石块的密度”的实验中：（1）将天平放置在水平桌面上，把游码移到标尺左端的零刻度线处，发现指针如图甲所示，此时应将平衡螺母向（选填“左”或“右”）调节，使天平平衡；（2）用调节好的托盘天平测小石块的质量，应用镊子在（选填“左”或“右”）盘内加减砝码，天平平衡时砝码及游码的位置如图乙所示，则小石块的质量为g，若砝码长期使用被磨损，则测量的质量比真实值偏；（3）将小石块放入装有20mL水的量筒中后液面位置如图丙所示，则小石块的体积为cm3，计算出小石块的密度是kg/m（4）小宁还想利用已测量出密度的小石块（密度为ρ石如图丁所示，圆柱形玻璃杯装入适量盐水，将空塑料盒漂浮在盐水表面，在圆柱形玻璃杯侧壁标记出液面的位置为A；②用细线拴住石块，将石块浸没在盐水中，塑料盒仍然漂浮在盐水表面，标记出液面的位置为B，用刻度尺测量出A、B间的竖直距离为h1③将石块从盐水中取出放入塑料盒中漂浮在盐水表面，标记出液面的位置为C，用刻度尺测量出B、C间的竖直距离为h2则盐水密度的表达式ρ盐水=（用h1【答案】右；右；29；大；10；2.9×103；h【解析】【解答】（1）当调节天平横梁平衡时，若观察到指针如图甲所示偏向分度盘左侧，表明天平左端下沉。此时应将平衡螺母向右侧（上翘端）移动，直至指针指向分度盘中央。

（2）操作规范：使用镊子在右盘添加砝码，禁止用手直接接触砝码。质量计算：石块质量=砝码总和+游码示数，图示中测得质量为：m=20g+5g+4g=29g，误差分析：若砝码磨损导致实际质量偏小，测量结果将比真实值偏大。

（3）体积测量：通过排水法测得石块体积为：V=30mL−20mL=10cm³，密度计算：ρ=mV=29g10cm³=2.9g/cm³=2.9×103kg/m3；

（4）实验步骤：标记初始液面位置A（空塑料盒漂浮）；浸没石块后标记液面B，测得体积变化V'=S六、综合应用题（本大题共2小题，共19分。解答时要求在答题卡相应的答题区域写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤，只写出最后答案，未写出主要演算过程的，不得分。）24．某学校餐厅使用了一款可以自动识别餐盘中食品质量和种类的智慧餐盘，其工作原理如图甲所示，电源电压恒为27V、电压表的量程为0~15V、电流表的量程为0~0.6A、R0（1）定值电阻R0（2）为了保证电路安全，滑动变阻器允许连入电路的阻值变化范围是多大？（3）当滑动变阻器的阻值为20Ω时，整个电路所消耗的电功率是多少？实践小组在对电压表表盘进行质量标注的过程中发现，表盘上原刻度的每一小格对应的质量值是不同的，即质量刻度不均匀，如图乙所示。请设计一个可以实现质量刻度均匀的电路，在图丙虚线框内补充完整符合要求的电路图。【答案】（1）解：由图甲可知，R0和变阻器串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量变阻器两端的电压，滑片在b端时的电流I=URR=15V50Ω=0.3A，R0两端电压U（2）解：电流表的量程为0~0.6A，电路中的最大电流是0.6A，由R=UI可知，电路的总电阻最小，最小总电阻为R小=UI大=27V0.6A=45Ω，变阻器的最小阻值R滑小=R小-R所以为了保证电路安全，滑动变阻器允许连入电路的阻值变化范围是5~50Ω。（3）解：当滑动变阻器的阻值为20Ω时，整个电路所消耗的电功率是P=U与图甲相比，该电路电流最小且保持不变。【解析】【分析】（1）由图甲可知，R0和变阻器串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量变阻器两端的电压，根据欧姆定律计算可知滑片在b端时的电流I=URR，结合串联电路电压规律分析可知R0两端电压U0=U-UR；R0（2）电流表的量程为0~0.6A，电路中的最大电流是0.6A，由R=UI可知，电路的总电阻最小，最小总电阻为R小=UI大，变阻器的最小阻值R滑小=R小-R0；电压表的量程为0~15V，电压表的最大示数是15V，由串联分压可知变阻器连入电路的电阻最大，由串联电路电压的规律可知R0两端的电压U0所以为了保证电路安全，滑动变阻器允许连入电路的阻值变化范