2026年高考物理二轮复习抓分热练四（解析版）

抓分热练四

一、单选题

1.杯的一种同位素*Pu衰变时释放巨大能量，如图所示，其衰变方程为*PUT空u+；He

+丫，则（）

A.核反应中丫的能量就是甯Pu的结合能

B.核燃料总是利用平均结合能大的核

C.2,U核比壮Pu核更稳定,说明「U的结合能大

D.该衰变过程是a衰变

【答案】D

【解析】A.核反应中丫的能量是结合能中的一小部分，故A错误；

B.核燃料在衰变过程中要释放巨大能量，所以总是要利用平均结合能小的核，才更容易实

现，故B错误；

C.核比*Pu核更稳定，说明aU的比结合能大，而不是结合能大，故C错误；

D.该反应产生；He,故该衰变过程是a衰变，故D正确。

故选D。

2.投壶作为一项重要的非物质文化遗产，不仅让人们体验到传统游戏的趣味，更成为连接

古今、传承中华礼仪文化的重要纽带。箭矢被投出后的运动近似看成平抛运动，其速度可用

宜角坐标系内一个点M（匕表示，vr,。分别表示箭矢速度在水平、竖直方向上的分量，

则下列几幅图中可能正确的是（）

【答案】D

【解析】做平抛运动的物体水平方向的速度是不变的，竖直方向上做自由落体运动，即。:=日,

随时间均匀增加。所以%一丫,图像应是一条与。轴平行的直线。故选D。

3.西江是珠江的支流，其流域是“广府”文化重要发源地。如图为西江流域某段沿岸M、N、

P、Q四个河宽相同的弯，弯道半径在河流平稳期，可以认为河道中各点

流速相等，下列说法正确的是（）

A.四个弯处河水的速度是相同的

B.N弯处的河水角速度最大

C.M弯处的河水向心加速度最大

D.M弯处的河水对弯道的冲击力最小

【答案】C

【解析】A.速度是矢量，曲线运动某点的瞬时速度是该点曲线的切线方向，四个弯处河水

的速度方向不同，则速度不相同，故A错误；

B.根据角速度与线速度

r

河道中各点流速相等，线速度大小相等，弯道半径5＞。＞为＞h，可知N弯处的河水角速

度最小，故B错误；

C.根据向心加速度公式4=匕

r

河道中各点流速相等.线速度大小相等,弯道半径员＞可知例弯处的河水向心

加速度最大，故C正确；

D.根据牛顿第二定律有尸=〃（=叱

r

河道中各点流速相等，线速度大小相等，弯道半径小＞。＞%＞力，可知历弯处的河水对弯

道的冲击力最大，故D错误。

故选C。

试卷第2页，共11页

4.一物体在合外力作用下由静止开始做直线运动，”与时间，的关系图像如图所示，由图

像可知（）

A./=ls时物体速度最大B.f=ls时与/=3s时物体动能相同

C.物体相对于出发点的位移先增大后减小D.（Ms与1~2s内”做功相等

【答案】B

【解析】A.物体在0~2s内一直做加速运动，可知，=2s时物体速度最大，A错误：

B.由图可知O~ls内和0~3s内合力的冲量相同，根据动量定理可知I=ls时与，=3s时物体

的速度相同，即动能相同，B正确：

C.由图可知0〜2s内物体沿正方向加速运动，2〜4s内沿正方向做减速运动，以后仍重复上

述运动，可知物体相对于出发点的位移一直增大，C错误；

D.0〜2s内物体沿正方向加速运动，（）~ls内的位移小于1~2s内的位移，可知力厂做功不相

等,D错误。

故选B。

5.一理想变压器原线圈与阻值为5。的电阻飞相连，副线圈和阻值为125c的电阻与相连,

原线圈匝数的勺=200,副线圈的匝数〃2=1000,&两端的电压随时间变化的表达式为

的=25技oslOOm（V）,则发电机（内阻不计）提供的交变电流的电动势的有效值为（）

【答案】B

nI

【解析】由题可知电阻&电压的有效值为-=25V,-=假设原线圈中电流为：副

a25

线圈中的电流“=b-=宝人=0.2人

根据;=%，可知A=1A

,2n\

假设发电机提供电压的有效值为U,则原线圈两端电压4=UfR1=U-5

U.U-5n,

根据电压之比与匝数之比的关系可知力=卞='

U225n2

解得U=10V故选B。

6.如图所示，一质量用=2.5kg的凹形槽在水平拉力小作用下沿水平地面向左做匀加速直

线运动，这时凹形槽内一质量，〃=L5kg的铁块恰好能静止在后壁上。已知凹形槽与水平地

面间的动摩擦因数M=0。，铁块与凹形槽间的动摩擦因数〃2=。-5。设最大静摩擦力等于

滑动摩擦力，g®IOm/s2,则()

A.铁块对凹形槽压力的大小为2ONB.凹形槽的加速度为5m/s?

C.水平拉力产的大小为1O8ND.水平面对凹形槽支持力的大小为25N

【答案】C

【解析】A.设铁块对凹形槽压力大小为N,对铁块，竖直方向，根据平衡条件外％=〃吆

解得N=3ON,故A错误；

B.水平方向，根据牛顿第二定律。=1=20m/s2,故B错误；

m

C.对铁块和凹形槽整体，根据牛顿第二定律尸=("+〃?)〃

可得尸=1O8N,故C正确；

D.对铁块和凹形槽整体，竖直方向，根据平衡条件可得水平面对凹形槽支持力的大小

N'=("+〃z)g=40N,故D错误。故选C。

一、多选题

7.如图所示，虚线。、Ac是等差等势线，某一带负电粒子仅在电场力的作用下从M点向

N点运动的轨迹如图中实线所示。下列判断正确的是()

试卷第4页，共11页

A.粒子在M、N两点处的加速度大小处,＜念，

B.粒子在M、N两点处的电势能与“＞/、，

C.粒子经过M、N两点时的动能&“＞稣\，

D.b、。点的电势

【答案】BD

【解析】A.等差等势线越密的地方.电场线越密,带电粒子所受电场力越大，带电粒子的

加速度越大，所以两点处的加速度一定满足，“＞即，故A错误；

BC.带电粒子的运动方向与电场力成锐角，电场力对带电粒子做正功，带电粒子的动能增

大，电势能减小，可得心w＞Jv，仆＜4，故B正确，C错误；

D.粒子带负电，电势能减小，根据综=夕。可得电势不断升高，可得已＞必＞已，故D正

确。故选BD。

8.如图1所示，介质中有两个相距6m的波源Si和S2,两波源的振动方向与纸面垂直，所

形成的机械波在纸面内传播，传播速度均为0.25m/s。图2是Si的振动图像，图3是S2的

振动图像。M点在％和S2的连线上，与波源Si相距2.5m,N和Si的连线与Si和S2的连

线垂直，N点到Si的距离为8m。下列说法正确的是（）

N,

--■--♦----.

S,Ms2

图1

A.M是振动加强点

C.M是振动减弱点

【答案】CD

【解析】AC.题意知两波传播速度均为0.25m/s,题图可知波的周期为4s,故两波波长

A=vT=lm,根据.f=g

Af

从图2、图3可知两波振动步调相反，且M点到两波源的波程差生=(6-2.5-2.5)m=lm

可知加"合好是波长的整数倍，故M是振动减弱点，故A错误，C正确;

BD.题意可知N点到两波源的波程差Ar?=(V82+62-8)m=2m

可知Ax?恰好是波长的整数倍，故N是振动减弱点，故B错误，D正确。

故选CD。

三、实验题

9.某物理兴趣小组在用如图甲所示的双缝干涉实验装置测定光的波长实验中，通过目镜成

功观察到光屏上的干涉条纹。

(1)某同学在实验过程中通过有关操作使干涉条纹由图乙变为图内，他的操作是以下的哪项

()

A.换用长度更长的遮光筒B.增大单缝到双缝的距离

C.换用间距更小的双缝D.红色滤光片换成紫色滤光片

(2)在用游标卡尺测定某干涉条纹位置时，得到卡尺上的示数如图所示，则该干涉条纹位置

是________cmo

试卷第6页，共11页

(3)在测定某单色光波长的实验中，测得光源到单缝间距为单缝到双缝间距为右，双缝

到光屏间距为A，单缝宽为由,双缝间距为42,测得连续五条亮纹位置，其中第一条纹位

置为力，第五条纹位置为X5(毛＞用)，则该单色光的波长为义=0

-x.)

【答案】⑴D(2)1.725(3)~\

【解析】(1)干涉条纹由图乙变为图丙，观察到的条纹增加，即条纹间距减小，由公式

d

得

AB.换用长度更长的遮光筒和增大单缝到双缝的距离，条纹间距不变，A错误，B错误；

C.换用间距更小的双缝，即4减小，则条纹间距增大，故C错误；

D.红色滤光片换成紫色滤光片，即4变小，则条纹间距减小，故D正确。

故选D。

(2)由图可知，该干涉条纹位置是x=17mm+5?0.05mm=l.725cm

(3)根据题意可知，条纹间距为以二三工

4

由公式有以二口之

d

联立解得)=4(：［*)

10.电容器是一种重要的电学元件，在电工、电子技术中应用广泛。使用图甲所示电路观察

电容器的充、放电过程。电路中的电流传感器可以捕捉瞬时的电流变化，它与计算机相连,

可显示电流随时间的变化。图甲直流电源两端的电压恒为4V,充电前电容器带电量为零。

先使S与力”端相连，电源向电容器充电。充电结束后，使S与“2”端相连，直至放电完毕。

计算机记录的电流随时间变化的/-，曲线如图乙所示。

%

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