重庆市某中学校2025-2026学年度（下）高三年级入学考试物理试卷（含答案）

重庆市第八中学校2025-2026学年度（下）高三年级入学考试

2025—2026学年度（下）高三年级入学考试

物理试题

一、单选题（本题共7小题，每小题4分，共计28分，在每小题给出的四个选项中，只

有一项符合题目要求）

1.溜索已经成为某些景点常见的娱乐项目，如题1图1滑轮

所示。若溜索简化为如题1图2所示模型，将倾斜的索道

看作直轨道，滑轮质量不可忽略，在某段下滑过程中游客

和滑轮匀速下滑，不计滑轮下方连接游客的绳子质量，不游客

题图题1图2

计空气阻力，则（）11

A.绳子的拉力小于游客的重力B.索道对滑轮的作用力方向一定竖直向上

C.绳子对游客的拉力可能垂直于索道D.滑轮受到3个力的作用

2.氢原子能级图如题2图所示，现利用大量处于n=4能级的氢原

n£/cV

子产生的可见光波段的光子进行研究，可见光光子的能量范围为0

4-0.85

1.65cV^3.1cV,则()3-1.51

2-3.40

A.可以进行实验的光子种类是6种

B.频率越高的光子，能量越大1------------------------13.6

题2图

C.频率越高的光在同一介质中的折射率越小

D.频率相同的光，入射光越强，光电效应产生的饱和光电流更弱

3.如题3图所示为雷雨天一避雷针周围电场的等势面分布情况,

在等势面中有A、B、C三点。其中4B两点位置关于避雷针对称。7kV••…

才”

则（)98kV……少加

A./、8两点的场强相同10kV......."£"

B.C点场强大于B点场强

C.某正电荷从4点移动到3点，电场力不做功题3图

D.某负电荷在B点的电势能大于其在。点的电势能

空气号«=>

4.如题4图是一种创新设计的“空气伞”，它的原理是从伞柄下方吸、空气出

空气入空气入

入空气，然后将空气加速并从顶部呈环状喷出形成气流，从而改变周

围雨水的运动轨迹，形成一个无雨区。在无风的雨天，“空气伞”喷

题4图

出的气流水平，若雨水所受气流作用力远大于雨水重力，雨水从气流上方穿过气流区至

无气流区的运动轨迹可能是（）

ABC

5.如题5图1所示，A、B两个可视为质点的小球由两段

不可伸长的相同长度的轻绳连接，一同学用手握住轻绳上端

初始时刻两个球均静止，该同学通过晃动让两个小球动

起来，系统稳定时两个小球均在水平面内做匀速圆周运动，

如题5图2所示。晃动细线过程中。点高度没有发生变化，

不计空气阻力。则（）

A.稳定时，A球线速度大于B球线速度

B.稳定时，A球角速度大于B球角速度

C.从开始晃动到系统稳定过程中，轻绳AB对A球做的功等于A球机械能的增量

D.从开始晃动到系统稳定过程中，轻绳0B对B球做的功等于B球机械能的增量

6.如题6图是某种利用电容器测量加速度的传感器的示意图。

电容器的左极板连接在一轻弹簧右端，平衡态时弹簧处于原

长状态。除电容器左极板之外，该传感器其余部件均固连在

待测物体上，导线中存在大量可自由移动的电子。某次测量

时、发现当待测物体匀加速运动时，两极板之间的距离减小。

冲击电流计可读出流过它的微小电量，则（）

A.待测物体在向右做匀加速直线运动

B.自由电荷在导体中定向移动的方向为逆时针方向

C.若换用不同电动势的电源，对同一个运动测量时电流计示数相同

D.待测物体的加速度越大，则电流计示数越大

E

7.如题7图1所示，足够长的水平粗糙固

XXXX

定导轨左侧接有火=4复的定值电阻，导轨XXXX

RB

XXXX

处于磁感应强度8=1T的匀强磁场中，方

XXXX

向垂直纸面向里，导轨间距d=1m。一质

O

量m=2kg的金属棒在水平拉力F作用下

题7图1

以初速度%开始从EF处沿导轨向右运动,

金属棒中的电流/与位移X的关系图像如题7图2所示。已知金属棒与导轨间动摩擦因数

〃=（）.2,g=10m/s2,忽略金属棒与导轨电阻，不计电磁辐射。则（）

A.金属棒在x=2m处的速度为5in/s

B.金属棒做匀加速直线运动

C.从开始到x=2m处回路产生的焦耳热为2.25J

D.从开始到x=2m处拉力做功为90.5J

二、多选题（本题共3小题，每小题5分，共计15分，在每小题给出的四个选项中，有

多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分）

8.如题8图所示，I为北斗卫星导航系统中的静止轨道卫星，其一.

对地张角为2。；II为地球的近地卫星。已知地球的自转周期为''

万有引力常量为G,根据题中条件，可求出（）吟出（

A.卫星I的环绕速度比卫星II的环绕速度大\;

B.卫星n的周期为\'j…….

“sm©撅X因

C.卫星I和卫星n的加速度之比为sin?8:1

34

D.地球的平均密度为「冗.3/）

GTQsin0

请完成9、10两题。你是一名智能汽车系统测试工程师，负责对某型号自动驾驶汽车的“紧

急避险与环境感知融合系统”进行实景模拟测试。测试分为两个模块：紧急刹车动力学分

析和声波传感器干涉定位分析。

9.紧急刹车动力学分析。某汽车正在水平路面上匀速行驶，前方出现紧急情况需刹车。

从刹车开始计时，汽车在第1s内的位移为8.0m,在第3s内的位移为0.5m,则（）

A.汽车匀速行驶时的速度为9.875nVsB.汽车在2.5s末速度为0

C.汽车的加速度大小为3.75m/s2D.汽车在第2s内的位移为4.0m

10.声波传感器干涉定位分析。

如题10图1所示,两波源5和

S2分别位于工=0与x=24m

处，以x=12m为边界，两侧

为不同的均匀介质。，=。时两波源同时开始振动，其振动图像相同，如题10图2所示。

i=0.2s时x=8m与x=12m两处的质点开始振动，不考虑反射波的影响，则（）

A./=0.24s时两列波开始相遇

B.在12mvx<24m间S波的波长为1.2111

C.两列波叠加稳定后，x=18.9m处的质点振动减弱

D.两列波叠加稳定后，在0vx<12m之间共有27个振动加强点

三、实验题（本题共2小题，共计15分，第13题6分，第14题9分）

11.感光变色PU皮革在紫色激光的照射下会tm

短时间变深色，小迪利用这一特性制作了一个、鬲由11Hm.

激光打点计时器用于探究物体自由下落的运^一

动规律。激光打点计时器内部含有电池和微控:：;：i”s

制器，微控制器控制激光头通电图像如题11**Z

题11图1

图1所示，其通电周期为T,在一个通电周期

内发射激光时长Af二;7\小迪用激光打点计时器探究该计时器自由下落的运动情况，

他把计时器水平放置在竖直悬挂并固定的感光变色PU皮革前，如题11图2甲；静止释

放计时器，最后在PU皮革上留下一串小短线，取其中部分小短线来研究，如题11图2

内所不。

紫色激光

激光打点一

计时器-*c»•-44

感

光

自

q色

由p

下U

革

皮

港

4

甲

乙

题11图2

（1）若测得某条小短线的长度如题11图2乙所示，该短线长度上=<

（2）若相邻小短线上侧端点间的距离分别为王，%，七，匕（如题11图2丙），则从第

一条小短线的上侧端点到第五条小短线的上侧端点的这段距离的平均速度大小于=

（结果用王、与、毛、%和7字母表示）。

（3）若每条小短线的长度分别为入乙、4、乙，可求得重力加速度大小8=（结

果用4、乙、，3、,4和丁字母表本）。

12.某实验小组为探究远距离高压输电的节能优点，设”了如下实验。所用实验器材为：

学生电源，可调变压器7；、r2,电阻箱R,灯泡L（额定电压为4V,伏安特性曲线如题

12图1）,交流电流表A1、A］、A3,交流电压表V］、V2,开关S|、S2,导线若干。部分

实验步骤如下：

（1）模拟低压输电。按题12图2连接电路，选择学生电源交流挡，使输出电压为4V,

闭合,,调节电阻箱阻值为40Q,A1（量程为100mA）示数如题12图3所示，为mA,

学生电源的输出功率为W（结果保留两位有效数字）。

题12图4

（2）模拟高压输电。保持学生电源输出电压和电阻箱阻值不变，按题12图|4连接电路

后闭合S2。若变压器（处滑片上移，则电流表A3的示数（选填“变大”、“变小”

或“不变”）。现调节（、“匝数比为1:4和4:1,则低压输电时电阻箱消耗的功率为高

压输电时的倍。（结果保留两位有效数字）

四、计算题（本题共3小题，共计42分，第13题10分，第14题14分，第15题18分）

13.为了监控锅炉外壁的温度变化，某兴趣小组设计了一温度报警装

置，原理图如题13图。一定质量的理想气体被一上表面涂有导电物

质的活塞密封在导热汽缸内，活塞厚度不计，质量。，横截面积S,

开始时活塞距汽缸底部的高度为",缸内温度为八o当环境温度上升，

活塞缓慢上移心活塞上表面与a、b两触点恰好接触，报警器报警。

不计一切摩擦，大气压强恒为po,重力加速度为g,求：题13图

（1）该报警装置的报警温度；

（2）若上述过程气体的内能增加AU,则气体吸收的热量。为多少。

度为g。求：

（1）若圆弧槽/固定不动，求滑块C运动到圆弧槽最低点时对圆弧槽的压力；

（2）若圆弧槽/不固定，求滑块。运动到圆弧槽最低点时4、C的速度大小；

（3）在第（2）问条件下，C离开圆弧槽滑上粗糙水平面，向左运动R后与B发生弹性

R

碰撞，最终滑块8、。间距为一，求粗糙水平面与反。间的动摩擦因数

4

15.如题图15所示，ODMV之间（含边界）存在垂

直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为8,OD、MN

均为竖直边界，ON为水平边界，为四分之一圆

弧，ON、MN长度为230D长度为43长度为4£

的挡板静止在边界00。一纪可视为质点的带电量均

为+q、质量均为〃?的粒子同时从O点水平射出，其

x\N；

速度连续分布在〃〜4〃（包含〃和4〃），其中速度最O~2L4L

4“

大的粒子恰好可以在。点与挡板发生第一次碰撞。题15图

竖直边界PQ与MN相距2L,边界PQ上有一点K.

不考虑带电粒子之间的相互影响，不计重力。

（1）求〃的大小；

（2）若在发射粒子的同时让挡板绕O点以。°二丝顺时针匀速转动，挡板与粒子碰撞

后停止转动，粒子与挡板碰撞后不损失电荷并可以反弹，与挡板垂直的速度分量大小不

变但方向相反，与挡板平行的速度分量大小方向均不变，一些粒子能够沿水平方向射出

0DMN区域并直接向右穿过K点，求最先和最后穿过K点的粒子的运动时间差；

（3）与相切于K点的圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场以，尸0右侧圆形区

域外存在垂直纸面向里的匀强磁场①，BI=B2=2B0在（2）中水平向右穿过K点的粒子

恰有两个能够水平向左穿过边界PQ，求圆形区域的最小半径。（所有答案中不可包含BT、

B?、u）

2025—2026学年度（下）高三年级入学考试

物理试题参考答案

1.【答案】B一解析】由于游客和滑轮匀速下滑，故游客和滑轮受力平衡，游客受绳子拉力和重力平衡，

故绳子拉力沿竖直方向，大小等于游客重力。滑轮受到重力、绳子的拉力、索道的弹力和摩擦力共4个力的作用，索

道对滑轮的作用力应沿竖直方向向上。故选B。

2.【答案】B[一解析】A.大量处于n=4能级的氢原子跃迁时可放出光子的种类数目最多为6种，可见光有

2种，A错；B.频率高的光子能量越大，故B正确：C.通过光的色散现象可以推知，频率越大，折射率越大，故C

错误；D.频率相同的光，入射光越强，入射的光子数量越多，则饱和光电流越强，故D错误。

3.【答案】C一解析】A.A、B两点的场强方向不同，A错误；B.等差等势面越密集，场强越大，因此C

点场强小于B点场强，B错误；C.根据力二5，由于AB两点电势相等，因此电场力不做功，C正确；D.根据q1

可知，负电荷在C点的电势能大于B点的电势能，D错误。故选C。

4【答案】A一解析】雨水一开始竖直向下运动，经过气流区时，气流对雨水的作用力方向为水平，所以

雨水从受力点开始，合外力和速度垂直，雨水的运动的轨迹是抛物线，经过气流后，只受重力，轨迹向重力方向弯曲，

又由于速度方向不能突变，故受风力开始瞬间速度方向仍然竖直向下，故A正确，故选A。

5.【答案】C[一解析】根据题意，稳定时AB小球在水平面内做匀速圆周运动，若角速度不同，则小球运

动高度位置应发生变化，故AB小球的角速度应该相同，由于A球圆周运动的半径小于B球，故A球线速度更小；根

据能量的转化与守恒，A球的机械能的增加是由于绳AB对A球做功，故C正确，对B球，轻绳OB和轻绳AB对B

球做的功，转化成了B球的机械能。

6.【答案】D【一解析】当待测物体匀加速运动时，电容器左极板右移，弹簧伸长，左极板受到向左的弹力,

加速度向左，则此时物体加速度的方向向左。A错误。当电容器板间距离d减小，电容C增大，而电容器的电压等于

电源的电动势，保持不变，由0=。。可知，电容器的带电量Q增加，电容器充电，电流从电源正极流出，流经冲击电

流计的电流的方向为逆时针，则自由电子定向移动方向为顺时针。B错误。

根据电容定义式：c=2和平行板电容器电容决定式：。=里7,根据牛顿第二定律得去=机。可知，在相同加速度

U4欣d

的情况下，电容器的电荷量变化量和电源电压有关，而加速度越大，则弹簧形变量越大，板间距离变化越大，故电容

变化量大，所以电路中电荷量更大，故C错误，D正确。

7.【答案】一解析】A.由I-t图像可知/=O.25+X（A）,则金属棒在x=2m处的电流为/=2.25A根据

E

/=G■可得v=9m/s选项A错误；

A

B.根据/二竺纥可知y=i+4x,所以包=4,而”=孚岑/，可得q=4v,金属棒做变加速运动，B错误。

RAxArArzkvv

金属棒在x=2m处的速度为9m/s,则加速度为。=36m/sj从开始到x=2m处摩擦力产生的热量为0i=w〃gx=8J,回路中

产生的焦耳热等于克服安培力做的功，安培力为£\=8/d=0.25+x,由安培力与位移的线性关系知何路中产生的焦耳热为

025+225

Q2=IV^=FAX=x2J=2.5J,C错误：从开始到x=2m处系统产生的总热量为Q=QI+Q2=8J+2.5J=10.5J,

根据v=4.v+1,可知金属棒在x=0m处和x=2m处速度分别为vo=lm/s,v=9m/s,从开始到x=2m处根据能量守恒定律有

%=0+=9O.5J,选项D正确。

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8.【答案】CD[一解析】CD.设地球质量为M,卫星I、II的轨道半径分别为「和H,卫星I为同步卫星，周

,.3R3n

期为近地卫星H的周期为r，半径越天，线速度越小，A错误。根据开普勒第三定律则有右二方■，由题图可得sine=4,

可得卫星II的周期为7=7；向B错误：对于不同轨道卫星，根据牛顿第二定律可得曾=〃m，解得。=要，

所以卫星I和卫星II的加速度之比为"=与=犷6,故C正确；对于王星II,根据牛顿第二定律可得丝丝=〃/2TA,

地球的密度为。=2=粤，联立以二各式，可得地球的平均密度为2="里"不，故D正确；故选CD。

9.【答案】BD【一解析】汽主刹车后做匀减速运动，第1s内的位移为X=8.0m,第3s内的位移为£

假设第3s末，汽车的速度不为零，则有&-芭=2"，解得加速度为〃=-3.75m/s2,设汽车刹车瞬间的初速度为山，则

第1s内有解得%=9.875m/s,由于%=驾半P2.633S<3s,说明假设不成立，即汽车在第3s内已

2a3.75m/s"

经停止运动（由于刈力=8:0.5=16:1>5:1,即汽车在第3s内已经停止运动）,设汽车在第3s内运动时间为3则有5二；。/，

2

根据速度时间公式可得川=%-2期，代入数据解得：v0=10m/s,t/=4m/s,/=0.5s,故A正确，C错误；

B.根据以上分析，汽车在第2.5s末的速度为零，故B正确；

D.汽车在第2s内的位移为七二%'24-卜（2疗-内=4111,故D正确。故选BD。

Q

10.【答案】BC一解析】A.在x=12m左侧的波速为w=65m/s=40m/s,右侧的波速为

12412m-8m八八广

v,=—m/s=60m/s,从0.2s开始到两波相遇用时4=一z——=0.05s,故两波相遇时间/=0.2s+4=0.25s,

-0.22M

故A错误；

B.图2可知波的传播周期为7=0.02s,则在12m<x«24m间S波的波长为4=V2T=（60x0.02）m=L2m,故B正确；

（19189—12、

C.左侧波传到x=18.9m用时为。=£+—77—S=0.415s,此时右侧波在该质点己经振动

14060）

24-189T

X=0.415s---------s=0.33s=167+—,即此时刻左侧波在该点的振动在平衡位置向上运动，右侧波在该点的振

602

动也在平衡位置向下振动，可知该点的振动减弱，故C正确；

D.当右测波传到x=12m位置时用时间为0.2s=10r,即此时x=12m处质点从平衡位置向上振动；此时尸0处的波源与

也在平衡位置向上振动，即振动方向相同，可知在（）（工<12m内到尸0和x=12m两点的路程差为波长整数倍时振动

加强，波在该区间内的波长"=4=0.8m,可知X-（12T）=〃4（〃=0,±1,±2,±3...）,解得x=6+0.4〃（m）,可

知〃可取0、±1、±2、±3....±14,则在0<x<12m间共有29个振动加强点，故D错误，故选BC。

11.【答案】（6分）（1）2.20⑵\+工4+内+12（3）5（/3+/4-/,-/2）

474T2

一解析】（1）刻度尺最小刻度为1mm.结合题图读数可知/,=2.20cm

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+匕也+工

由平均速度公式万二Xy2

47

（3）每条短线对应的时间均为gT,相邻短线的时间间隔是］4丁，相当于相邻之间隔了4个：T，因此长度之差为

A”5g停所以小短线的增加是均匀的。结合之前的分析可知，有『4=2X,T2,

J

又因为g=&等，解得g=%也

24：

0.300-0.310A（考虑作图误差，电流读数在该范围内均可）低压输电电阻箱消耗的功率为Pi=（90mA）2R,与高压输电

时电阻箱消耗的功率々=（区/）%.£=1.35〜1.44,保留两位有效数字1.4o

13.【答案】解.：（1）气体发生等压变化，由气体实验定律匕=匕_,即曳=（"+〃）2分

T\%T\八

代入数据解得7，+22分

2H1

（2）缸内气体压强〃=po+2&2分

S

气体等压膨胀对外做功W=pAV=pSh=（p°s+〃ig）h2分

由热力学第一定律得AU=一爪+。1分

解得。=NU+（p°S+mg）h1分

14.【答案】解：（I）对C,〃?gR=!〃八/1分

N—mg-m1分

解得N=3mg1分

牛顿第三定律得，。运动到圆弧槽最低点对圆弧槽的压力为3〃?g，方向竖直向下1分

（2）对AC,水平方向上动量守恒，速度关系为〃=2加叱1分

2

根据能吊守恒mgR=i〃咫+；2mv41分

解律）,一解.…2环分

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（3）C滑上水平面向左匀减速，与B发生碰撞前速度为4

V?-V1=2/zgR1分

与B发生弹性碰撞，碰后速度为方，防匕=〃7%+3mvB1分

1分

BC减速停下最终间距为该4-vj=2尾1分

解得u=-2分

9

15.【答案】（|）西；（2）（12-3l产m；包

2m2qB（3）3

一解析】（1）由题意可得速度最大的粒子r°=2L1分

根据洛伦兹力提供向心力q•4〃•8=小竽I分

解得T1分

（2）所有粒子同时与挡板发生碰撞，由几何关系可得，粒子在任意位置与挡板碰撞后，速度均水平向右，如图（a）

粒子做匀速圆周运动的周期T="，角速度3=号=毁,

qBTm

设经过£时间粒子与挡板相撞2a）0t+5=兀,解得t=篝,1分

故粒子与挡板相撞时挡板与），轴夹角拆=30°粒子轨迹圆心角。=120°,1分

若要碰后能够水平穿过K点，粒子需要在•次或多次碰撞

后直接离开磁场区域满足条件的粒子有几•2rcos0o=2•2Lcos0o,且彳工工2L,I分

故〃取值1、2、3、4,对应粒子速度以=黑，1分

K点与粒子穿出ODMN的位置之间的距离［=4L-4L-cos。。•sin/

故第一个穿过K点的粒子用时口=*丁+：=霁+空誓，1分

12n4u3qB2qB

最后一个穿过K点的粒子用时功=4・5-T+（=4ti，1分