广东省广州市花都区2024-2025学年九年级上学期期末考试物理试题（解析版）

广东省广州市花都区2024-2025学年九年级上学期期末考试物理试题

一、单选题：本大题共10小题，共30分。

1.有四杯水（质量与温度如图所示），其中水分子的热运动最剧烈的是（）

【答案】A

【解析】【解答】分子运动的越剧烈，A温度高，所以A水分子运动最剧烈，故A符合题意，BCD不符合

题意。

故选A。

【分析】分子热运动的特点：分子元规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩

散；且温度越高，分子热运动速度越快。

2.利月超导材料输电，可最大限度地减少输电时下列哪种能量的转化过程（）

A.电能转化为化学能B.电能转化为内能

C.化学能转化为电能D.内能转化为电能

【答案】B

【解析】【解答】超导体的电阻为0,根据焦耳定律Q=FRt,此时输电导线产生的热量为0,所以可最大限度

地减少电能转化为内能所造成的能量损失，故B符合题意，ACD不符合题意。

故选Bo

【分析】超导体：在特殊情况电阻为0,所以电饭锅中的电热丝不是由超导材料制成的，用超导体材料制作输

电线能够减少电能的损失。

3.关亍燃料及其热值，下列说法中正确的是（）

A.没有燃烧的燃料，其热值等于零

B.当燃料未完全燃烧时，它的热值会变小

C.不同燃料的热值有可能相同

D.燃料的热值越大，放出的热量越多

【答案】C

【解析】【解答】AB.热值与燃料的质量无关，与燃料是否完全燃烧无关，与产生的热量无关，故AB错

误；

第1页

c.不同燃料的热值一般不同，也有可能相同，故C正确；

D.由、放=血。可知，燃料的热值大，质量小，放出的热量不一定多，故D错误。

故选Co

【分析】物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃

料的质量、燃烧程度等均无关。计算公式为Q=mq。

4.把装有热奶的奶瓶放入水中冷却，经过一段较长的时间，热奶和水的温度随时间变化的图像如图所示。

A.热奶的温度随时间变化的曲线是B

B.奶瓶和水接触后，热量从水传递给热奶

C.在第1()至12min,水和热奶之间没有发生热传递

D.这种冷却的操作是通过做功的方式改变内能

【答案】C

【解析】【解答】AB.热奶的温度高，水的温度低，二者存在温度差，热奶将热量通过热传递传递给水，热

奶温度降低，因此表示热奶的温度随时间变化的曲线是图中的A,故AB错误；

C.由图可知，在第10至12min,水和热奶的温度相同，此时没有温度差，没有发生热传递，故C正确；

D.冷却的操作是通过热传递的方式降低内能，故D错误。

故选Co

【分析】热传递是热量从温度高的物体传到温度低的物体，或者从物体的高温部分传到低温部分的过程。

改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热

传递改变物体内能。

5.下列图中汽油机的四个冲程中存在着化学能转化为内能的冲程是()

rr

第2页

c.D.

【答案】C

【解析】【解答】燃料燃烧时，化学能转化为内能，在做功冲程中，存在火花塞点燃的过程，所以C正确，

ABD错误；

综上选C。【分析】做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体

内能减小，能量转化为内能转化为机械能。

6.甲、乙、丙三个轻质小球用绝缘细绳悬挂，相互作用情况如图所示。下列说法中正确的是（）

B.乙可能带电，也可能不带电

C.甲和丙一定带异种电荷

D.甲如果带正电，则丙一定带负电

【答案】D

【解析】【解答】ABC、由图知乙、丙相互排斥，说明乙、丙一定带同种电荷；因甲乙相互吸引，乙携带电

荷，则甲可能不带电，也可能带与乙不同的电荷，故ABC错误；

D.如果甲带正电，则甲乙相互吸引，所以乙带负电荷，乙、丙相互排斥，所以丙也带负电荷，故D正确。

故选D。

【分析】两种电荷：电荷间的作用规律为：同性电荷相互排斥、异性电荷相互吸引，吸引细小物质。

7.如图所示，闭合开关后，小灯泡L比小灯泡L2亮，小明测得通过L的电流大于通过L2的电流。以下说

法中正确的是（）

—<8^

L.

—0—

I---£<,0—

A.L两端的电压小于L?两端的电压

第3页

B.Li的实际功率小于L2的实际功率

C.Li的实际功率大于L/的实际功率

D.L的额定功率小于L2的额定功率

【答案】C

【解析】【解答】A.由电路图可知，小灯泡L、L2并联，则小灯泡L、L2两端的电压相等，故A错误；

BC.道过Li的电流大于通过L2的日流，由A分析结合电功率公式P=U/可知，L的实际功率大于L2的实

际功率，故B错误，C正确；

D.不确定灯泡是否正常发光，无法确定灯泡的额定功率，故D错误。

故选Co

【分析】1、并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流;

2、功率的公式P=UI.

8.如图所示的电路，开关闭合后，若灯泡不发光，用试电笔分引检测A、B、C、D四点，发现四个点都能

使试电笔的岚管发光，则电路中的故隙可能是（)

B.火线断了C.灯泡断路D.开关短路

【解析】【解答】如图所示的电路，开关闭合后，若灯泡不发光，用试电笔分别检测A、B、C、D四点，发

现四个点都能使试电笔的笈管发光，则电路中的故障可能是零线断了，故A符合题意，BCD不符合题意。

故选Ao

【分析】测电笔的操作步骤及其作用：用拇指和中指持验电笔笔身，食指抵住笔端金属部分，鼠管小窗背光朝

向自己，以便看清岚泡发光情况；测电笔可以分辨火线和零线，测火线电笔负管发光，测零线电笔不发光,

电路发生断路时，测电笔不发光。

9.如图是一种测定油箱内油量的装置，电源电压保持不变，为一个定值电阻。R是滑动变殂器的电阻

片，滑动变阻器的滑片跟滑杆连接，滑杆可以绕固定轴O转动，另一端固定着一个浮子。油箱中的油量减少

时，油面下降，浮子随液面落下，带动滑杆使滑动变阻器滑片向上移动，从而改变了电路中电表（电表为电

流表或电压表中的一种）的示数。因此，电表上一定的示数便对应着油面的一定高度，把电表刻度盘改为相

应的油量体积数，就可以直接读出油箱中的油量八下列说法中正确的是（）

第4页

R。

A.电路中的电表为电压表

B.当油量减少时，R接入电路的电阻变小

C.电表的示数越大，油箱中的油量越少

D.当油量减少时，R两端的电后变大

【答案】D

【解析】【解答】A.由电路图知道，油量表串联接入电路中，因此为电流表，故A错误；

BCD.当油箱中的油量减少时，浮子随油面下降，变阻器R连入电路的电阻变大，电源电压不变，由欧姆定

律可知，电路中的电流变小，油量表的示数变小，根据串联分压可知电阻岛两端电压变小，滑动变阻器R两

端的电压变大，故D正确，BC错误。

故选D。

【分析】1、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比。

2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电E为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻

之和。

3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流

和电阻以及电压。

10.小丽选择合适的器材，设计了如图所示的电路，R。为已知阻值的定值电阻，Rx阻值未知，也源电压未知

但保持不变，Si一直处于闭合状态。以下说法中正确的是（）

C.该电路能测出未知电阻Rx的阻值

D.S2无论是断开还是闭合，电压表的示数都不变

【答案】D

【解析】【解答】由电路图可知，当S2闭合，电路中只有Rx,电压表测定值电阻R、两端电压，即电源的电

压：当g断开时，Ro和R、串联，电压表测的是电源两端的电压：所以电压表示数都不空，因此该电路不能

测出未知电阻R,的阻值，故ABC错误，D正确。

第5页

故选D。

【分析】电质表与待测用电器并联测量电工，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器

的电流和电阻以及电压。

二、填空题：本大题共2小题，共8分。

11.如图所示是某装置工作时的能量流向图，根据图中信息判断，此装置可能是（选填“热机””电

灯''或"电风扇”），效率为，热量的损失为Jo假如损失的那部分热量全部被初温为

20℃、质量为50kg的水吸收，则水的温度可以升高到℃o[c水=4.2xl03j/（kg・℃）]

【答案】热机；40%；4.2x106；40

【解析】【解答】由图可知，能量转化图中主要是内能转化为机械能，所以该装置为热机；总能量为7x

W6

106J,机械能输出为2.8X106J,热巩的效率为〃=卫角=随4」=40%,损失的热量为Q损失=7x

Q7x10J

106J-2.8x106）=4.2x106Jo根据Q吸=cm仇可知水升高的温度4=—=---------产-哂-----=

cm4.2xlOJJ/x50kg

c

20℃,所以水温为£=t0+At=20C+20℃=40℃o

【分析】1、热量的计算：公式为0cmAt

2、热机是将内能转换为机械能的装置，总功包括两部分，有用功和额外功，额外功的计算包括总功和有用

W

功的差，也可以根据功的定义w=Fs计算，机械效率：。

总

12.小明家有一个家用电能表，其中r/（kw・h）前的参数看不清，如图所示。

（1）该电能表的示数为kW^h；

（2）小明家里1500W的空调能否与另一功率为2000W的用电器同时使用？（选填“能”或“不

能”），请写出你的分析过

程：_____________________________________________________________________________________________

第6页

(3)一个额定功率为400W的用电器单独接入电路，若该用电器正常工作90s,电能表的转盘刚好转了

30转，则该电能表r/(/cW•/i)前的参数应该足o

【答案】(1)4353.6

(2)能；根据电能表的规格分析可知电能表允许接入的总功率P最大=山最大=220Vx40A=8800”所有用

电器总电功率P总=1500W+2000%=3500W,小于电能表的最大功率，所以小明家里1500W的空调能与

另一功率为2000W的用电器同时使用。

(3)3000

【解析】【解答】(1)电能表最后一位是小数位，读数为4353.6k〃・3

(2)根据电能表的规格分析可知电能表允许接入的总功率。最大="最大=220yx404=880014/

所有用电器总电功率P总=1500^+2000勿=3500W,小于电能表的最大功率，所以小明家里1500W的空

调能与另一功率为2000W的用电器同时使用。

(3)用电器的电功率为400W,该用电器正常工作90s消耗的电能为W=Pt=400〃X90s=36000/=

O.OlW-h；用电器消耗的电能为0.0MW一时，电能表的转盘正好转了30r。所以电能表转盘的转数九二

需船;x30r=3000r,所以其规格为3000r/(/cVT-h)o

【分析】1、电能表参数的理解：电能表是计量电能的仪表，电能表的数字中最后一位表示的是小数点后一

位，电能表正常工作电压和电流为220V10A,最大电流为40A,某段时间所用电能为电能表示数之差。某段

时间消耗电能的计算：n/1200rkWhn为灯光闪烁次数

2、功率公式的应用；W=Pto

(1)电能表计数窗的最后一位是小数位，单位是外心人故电能表的读数为4353.6AW,。

(2)[1]⑵电能表面板上的“220V”是指电能表的工作电压，“40A”是指电能表的额定最大电流，电能表允许

接入的总功率P最大=U/最大=220Vx404=8800VT

所有用电器总电功率P总=150。皿+2000〃=350014/

因为P总VP最大，所以小明家里1500W的空调能与另一功率为2000W的用电器同时使用v

(3)该用电器正常工作90s消耗的电能为W=Pt=400V7x90s=36000/=O.OlkW-h

由于该用电器消耗的电能为0.0MIV•九时，电能表的转盘正好转了30r。则消耗lkW-h电能，电能表转盘的

转数九=0.K歌hx30r=3000r

则该电能表r/(klV-h)前的参数应该是3000o

三、实验探究题：本大题共1小题，共4分。

13.在探究“电流通过导体产生热量的多少跟什么因素有关''的实验中，小明把一套实验装置按如图所不接在

电路中，装置中两个透明容器中密封着等量的空气。

第7页

（I）通电一段时间后，U形管中液面高度变化更明显的是（选填“甲”或"乙”）：

（2）若流过10。的电阻丝的电流为0.24,则该电阻丝通电10s所产生的热量为；

（3）通过以上实验，［选填"能''或”不能［得出“电阻阻值越大，其产生的热量就越多''的结论,

为什么？。

【答案】（1）甲

（2）4J

（3）不能；因为没有控制通过容器内电阻的电流相等

【解析】【解答】（1）探究“电流通过导体产生热量的多少跟什么因素有关”的实验，通过观察U形管液面高

度的变化来反映电阻产生热量的多少，图中右侧两个5C的电阻并联后再与左侧10。的电阻串联，根据并联分

流可知，左侧容器中的电阻阻值大，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，根据焦耳

定律Q=/2R《可知，通电一段时间后，U形管中液面高度变化更明显的是甲。

（2）根据Q=/28可知，该电阻丝通电10s所产生的热量为Q=I2Rt=（0.2A）2x10Hx10s=4J

（3）本实验中，变量有电阻阻值，电流，根据控制变量法可知，不能得出“电阻阻值越大，其产生的热量就

越多”的结论。

【分析】探究电流的热效应；原理为焦耳定律Q=FRt,所以产热量和电阻成正比，和电流的平方成正比，实

验中通过液面高度差的变化作为观察指标转化为电流的产热量。

转换法：在物理实验中，某些物理量（内能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，

如本题中热能的大小难以直接测量，所以需要通过液面高度差的变化进行测量；控制变量法：在物理实验

中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如电流的热效应的影响因素有：电阻和电流。在探究某个单一

变量对物理量的影响时，需要控制其余变量相同，如探究导体的发热量可能与导体的电阻的关系时，需要

电流相同，故选择串联电路。

（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，实验中通过观察U形管液面高度的变化来反映电阻产生

热量的多少，运用了转换法；甲图口，右侧两个5。的电阻并联后再与左侧10C的电阻串联，根据并联分流可

知，左侧容器中的电阻阻值大，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相

同，根据Q=/2R£可知，通电一段时间后，U形管中液面高度变化更明显的是甲。

（2）若流过10Q的电阻丝的电流为0.2A,根据Q=/28可知，该电阻丝通电10s所产生的热量为。=/2g=

（0.2A>x10（1x10s=4J

（3）本实验中，两容器中的电阻阻值不同，通过两容器的电流不同，根据控制变量法可知，不能得出

第8页

“电阻la值越大，其产生的热量就越多”的结论。

四、计算题：本大题共5小题，共48分。

14.以下过程不发生物态变化，初温相同的两块金属甲、乙吸收了相同的热量，甲、乙两金属块的温度随吸

收的热量变化的图像如图1所示。

（1）根据以上信息能否判断甲和乙的比热容大小？（选填"能''或"不能如果能，请指出谁的

比热容更大；如果不能，请说明原因：;

（2）若初温相同的甲、乙放出了相同的热量Q,己知乙的温度随放出的热量变化的图像如图2所示。请

在图2中大致画出甲的温度随放出的热量变化的图像。

【答案】（1）不能；甲、乙的质量不确定，无法比较甲、乙两种液体的比热容

【解析】【解答】（1）由图1可知，甲、乙的初温相同，甲的末温高于乙的末温，加热时间相同，所以吸收的

热量相同，甲、乙的质量不确定，因此甲、乙的比热容无法确定。

（2）由图1可知，甲和乙吸收相同的热量，甲的温度变化较大，所以放出相同的热量，甲的变化仍然较

图2。

【分析】探究不同物质吸热：原理为Q=cmAt,在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据

加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，

物质的比热容大（吸热能力强）；加热时间过长，表明吸收热量较大，所以水的质量较多或者初温较低，或

者没有加盖三种原因。

（1）由图1可知，甲、乙的初温相同，甲的末温高于乙的末温，贝必七甲乙，吸收的热量相同，因

8生，而甲、乙的质量不确定，因此甲、乙的比热容无法确定。

mAt

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（2）由图1可知，甲和乙吸收相同的热量，甲的温度变化较大，则甲和乙放出相同的热量，甲的变化仍然

较大，甲、乙的初温相同，则甲的末温较低，图像如图所示：

15.我国家庭电路中火线与零线之间的电压是220V。如图中a、b是两条输电线。

220V

-----------------------------------b

220V0V

ZL

—<5^--

S2

（1）图中（选填"a”或"b”）为零线；保险丝应该接在（选填"a”或"b"）线上；

（2）请用笔画线表示导线在图中按照安全用电原则连接电路，要求Si和%同时闭合时，灯泡才会发光。

【解析】【解答】（1）据图可知ab之间的电压为220V,b和地线之间的电压差为0V,所以b为零线，a为火

线。保险丝必须接在火线上，即a。

（2）由题意可知，Si和S2同时闭合时，灯泡才会发光，所以两个开关串联，且开关在火线和灯泡之间，如

【分析】火线和灯泡连接时，开关要连接在火线和灯泡之间。

火线和零线之间的电压为220V,零线和地线的电压差为0V.

（1）⑴火线与地之间的电压为220V、火线与零线之间的电压为220V、零线与地之间的电压为0V,所以b

为零线，a为火线。

第10页

⑵如果保险丝接在零线上，当保险丝熔断时，火线没有切断，可能引发触电事故，所以保险丝必须串联在火

线上，即a线上。

(2)由题意可知，Si和S2同时闭合时，灯泡才会发光，两个开关为串联，两个开关要接在火线与灯之间。

如图所示:

16.如图1所示的电路，R为定值电阻，灯泡L的铭牌标着“1.51，0.750:定值电阻R的U-/图像如图2所

示。当a和S2都闭合时，电流表的示数为0.74当S】闭合，S2断开时，灯泡L刚好能正常发光。求:

(2)灯泡L正常发光时的电流；

(3)Si和52都闭合时，电源两端的电压大小；

(4)Si闭合，S2断开时，电源两端的电压大小。

【答案】⑴解：根据/=片结合图2可知7?=2=总=5。。

(2)解：由P=U/可知灯泡L正常发光时的电流为/=泉=嘿g=0.54。

(3)解：Si和S2都闭合时，只有R接入电路，根据/可知电源两端的电压U=/'R=0.74x5。=3.5V。

(4)解：Si闭合，S2断开时，R与L串联，灯泡正常发光，电路中的电流为/=0.54,R两端的电压为

U,R=iR=0.5Ax5C=2.5V;电源两端的电压为U'=力+UR=1.5V+2.5V=4V。

【解析】【分析】(1)当R两端电压为5V,通过的电流为1A,根据/二苫计算R。

(2)灯泡L的铭牌标着“1.5V0.75VT,由尸=U/可知灯泡L正常发光时的电流。

(3)a和S2都闭合时，只有R接入电路，根据/二称可知电源两端的电压。

K

(4)Si闭合，S2断开时，R与L串联，灯泡正常发光，结合欧姆定律U=IR计算R两端的电压；根据串联

出路电压规律计算可知电源两端的目压。

第11页

(1)根据/=*结合图2可知/?=骼=忌=5Q

(2)由P=U/可知灯泡L正常发光时的电流为/=5=柴孑=0.54

UJ.•Or

(3)Si和S2都闭合时.，只有R接入电路，根据/=g可知电源两端的电压U=1'R=0.74x5。=3.5，

A

(4)&闭合，S2断开时，R与L串联，灯泡正常发光，电路中的电流为/=0.54R两端的电压为U‘R=

IR=0.54x5。=2.5V

电源两端的电压为u'=UL+u'R=1,5V+2.5V=4V

17.如图1为某品牌的智能马桶。该智能马桶能根据环境温度自动实现马桶盖的多挡位加热，以增强人体舒

适度，其等效电路简化图如图2所示。S2为智能开关，可根据实际将a、b、c、d四个接线柱中的两个接入电

路；&、/?2均为加热电阻，/?i=1100n,R2=lOOflo把该智能马桶接入220V的稳压家庭电路中。

图1图2

(1)该款智能马桶盖能实现个挡位加热功能；

(2)智能开关S2选择两个接线柱时，智能马桶盖以最小加热功率工作;

(3)求该智能马桶盖以最大加热功率工作10s所消耗的电能,

【答案】(1)3

(2)b、c

(3)解:由于则当S?接a、c时，电路为&的简单电路，此时电路中的总电阻最小，总功率最大,

22

该智能马桶盖以最大加热功率工作10s所消耗的电能为皿=力亡=(220V)x10s=4840J

4

【解析】【解答】(1)开关&闭合后,当S2接a、c时，电路为心的简单电路：当S2接a、d时，电源短路当S2

接b、c时，％与心串联；当S2接b、d时，电路为%的简单电路；由可知，电源电压一定时，该电路

R

有3个电阻，所以有3个功率，则该款智能马桶盖能实现3个挡位加热功能。

(2)当Sz接b、c时，％与心串联，此时电路中的总电阻最大，由p=u/=芷可知，电路中的总功率最

R

【分析】(1)(2)由p=(可知，电路中存在不同的电阻，便有不同的功率；且当电阻越大，电功率越小；

(3)由于则当S2接a、c时，电路为&的简单电路，此时电路中的总电阻最小，总功率最大，该智

能马桶盖以最大加热功率工作10$所消耗的电能为W=%一

(1)由题意可知，开关S2只能将a、b、c、d四个接线柱中的两个接入电路，由图2可知，开关S］闭合后，

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当S2接a、c时，电路为&的简单电路：当S2接a、d时，会造成电源短路，此种情况不可能；当S2接b、c

时，以与/?2串联；当S2接b、d时，电路为％的简单电路；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且%>