高中物理必修第1册第4章（六）

第四章6

课后提升训练

A组•基础达标

1.关于超重与失重的说法正确的是（）

A.游泳运动员仰卧在水面静止不动时处于失重状态

D.在超重现象中，物体的重力是增大的

C.处于完全失重状态的物体，其重力一定为零

D.如果物体处于失重状态，它必然有竖直向下的加速度

【答案】D

【解析】失重是指弹力小于重力、合力竖直向下的清形，即加速度方向向下，故D正

确；运动员处于静止状态，合力为零，既不失重，也不超重，A错误：不管是超重还是失重，

物体的重力是不变的，B、C错误.

2.如图所示是我国长征火箭把载人神舟飞船送上太空的情景.宇航员在火箭发射与飞

船回收的过程中均要经受超重与失重的考验，下列说法正确的是（）

A.火箭加速上升时，宇航员处于失重状态

B.火箭加速上升时的加速度逐渐减小时，宇航员对座椅的压力小于其重力

C.飞船加速下落时，宇航员处于超重状态

D.匕船落地前减速下落时，宇航员对座椅的压力大于其重力

【答案】D

【解析】火箭加速上升时，加速度方向向上，宇航员处于超重状态，A错误；火箭上升

的加速度逐渐减小时，由于加速度方向向上，宇航员仍处于超重状态，对座椅的压力大于其

重力，B错误；飞船加速下落时，加速度方向向下，处于失重状态，宇航员对座椅的压力小

于其重力，C错误：飞船在落地前减速，加速度方向向上，宇航员处于超重状态，宇航员对

座椅的压力大于其重力，D正确.

3.某人在地面上用弹簧测力计称得其体重为490N.他将弹簧测力计移至电梯内称其体

重，M〜力时间段内弹簧测力计的示数如图所示，则电梯运行的。一［图像可能是（取电糅向上

运动的方向为正）（）

AB

【答案】A

【解析】从图可以看出，fo〜力内，该人的视重小于其重力，力〜々内，视更正好等于其

重力，而在B〜“内，视重大于其重力，根据题中所设的正方向可知，fo〜h内，该人具有向

下的加速度，力〜72内，该人处于平衡状态，而在〜13内，该人则具有向上的加速度，所以

可能的图像为A.

4.如图所示，一乒乓球用细绳系于盛有水的容翳底部，某时刻细绳断开，在乒乓球上

升到水面的过程中，台秤示数（）

侬一水

A.变大B.不变

C.变小D.先变大后变小

【答案】C

【解析】同体积的水比乒乓球的质量大，在乒乓球加速上升的过程中，水和乒乓球系统

的重心加速下降，处于失重状态，台肝示数变小.

5.如图所示，一轻质弹簧上端固定在升降机的天花板上，下端挂一小球，在升降机匀

速竖直下降过程中，小球相对于升降机静止，若升降机突然停止运动，设空气阻力可忽略不

计，弹簧始终在弹性限度内，且小球不会与升降机的内壁接触，则小球在继续下降的过程中

)

J机

A.小球的加速度逐渐减小，小球处于失重状态

B.小球的加速度逐渐增大，小球处于超重状态

C.小球的速度逐渐减小，小球处于失重状态

D.小球的速度逐渐增大，小球处「超重状态

【答案】B

【解析】升降机突然停止，小球由于惯性继续向下运动，但是受到弹簧的拉力越来越大，

拉力方向与其运动方向相反，故小球做减速运动，加速度方向向上，则小球处于超重状态；

小球加速度增大，B正确.A、C、D错误.

6.如图所示，台秤上放一个木箱，木箱内有质量分别为如和，〃2的两物体AQ，用细

绳通过光滑定滑轮相连，刈＞/〃2.现剪断Q下端的细绳，在尸下落但还没有到达箱底的过程

中，台秤的示数与未剪断前的示数相比将（）

A.变大

C.不变D.先变小后变大

【答案】B

【解析】剪断细线之前，木箱对台秤的压力等于整体的重力；剪断细线以后，物块P

向下加速掉落，加速度向下，物体。处于失重状态；由于P的质量大，用整体法可知整个

系统处于失重状态，所以木箱对台秤的压力小于整体重力，故示数变小.

7.某同学做一小实验，在上端开口的塑料瓶靠近底部的侧面打一个小孔，用手握住水

瓶并按住小孔，注满水，移开手指水就会从孔中射出，然后释放水瓶，发现水不再射出（瓶

内水足够多），这是因为水瓶在下落过程中水（）

A.处于超重状态B.处于失重状态

C.做匀速直线运动D.做匀减速直线运动

【答案】B

【解析】当水瓶被释放后，水瓶及水均做自由下落运动，加速度为g,向下做句加速直

线运动，则均处于失重状态；故A、C、D错误，B正确.

8.（多选）高跷运动是一项新型运动，图甲为弹簧高跷.当人抓住扶手用力蹬踏板压缩

弹簧后.人就向上弹起，进而带动高跷跳跃，如图乙.则下列说法正确的（）

乙

A.人向上弹起过程中，先处于超重状态，后处于失重状态

B.人向上弹起过程中，踏板对人的作用力大于人对踏板的作用力

C.弹簧压缩到最低点时,，高跷对人的作用力大于人的重力

D.弹簧压缩到最低点时，高跷对地的压力等于人和高跷的总重力

【答案】AC

【解析】人向上弹起过程中，先加速向上，处于超支状态，然后减速向上，处于失重状

态，选项A正确：踏板对人的作用力和人对踏板的作用力是一对作用力和反作用力，是大

小相等的关系，选项B错误；弹簧压缩到最低点时，人的加速度向上，人处于超重状态，

所以高跷对人的作用力大于人的重力，高跷对地的压力大于人和高跷的总重力，选项C正

确，D错误.

9.某人在以a=0.5mH的加速度匀加速下降的升降机中最多可举起〃“=90kg的物体,

则此人在地面上最多可举起多少千克的物体？若此人在一匀加速上升的升降机中最多能举

起"”=40kg的物体，则比升降机上升的加速度为多大？（g取10m/s2）

•«,（（a：

甲乙

【答案】85.5kg11.4m/s2

【解析】以物体为研充对象，对物体进行受力分析及运动状态分析，如题图甲所示，设

人的最大“举力”为F,由牛顿第二定律得机遇一尸=〃八0,

所以尸=〃h（g-ai）=855N,

当他在地面上举物体时，设最多举起质量为〃?o的沥体，则有〃?og一r=0,

所以〃7（）=85.5kg,

此人在某一匀加速上升的升降机中最多能举起〃”=40kg的物体，由于/如=85.5kg>/〃2

=40kg,显然此时升降机一定处于超重状态，对物体进行受力分析和运动情况分析，如题

图乙所示，

由牛顿第二定律得F—img="ns,

F—m->s〜

所以〃,=-----~=11.4m/s2,

"12

即升降机加速上升的加速度为11.4m/s2.

B组能力提升

10.（2021届葫芦岛名校检测）每个小伙伴都有一个飞行梦，现在钢铁侠的梦想就能成为

现实.2020年中国深圳光启公司的马丁飞行背包接受预定，交付期一年.消防员利用马丁飞

行背包在某次高楼火灾观测时，从地面开始竖直飞行的v-t图像如图所示，下列说法正确

的是（）

A.消防员上升的最大高度为225m

B.消防员在30〜90s内正处于下降阶段

C.消防员在150〜180s之间处于失重状态

D.消防员在150〜255s内的平均速度大小为零

【答案】C

【解析】消防员在。〜90s速度为正值向上，由图像与时间轴围成的面积可知消防员上

升的高度。=；X90X15m=675m,故A错误；由图可知，消防员在30〜90s内向上做减

速运动，故B错误；消防员在150〜180s之间向下做加速运动，则处于失重状态，故C正

确；消防员在150〜255s内为位移为图线与坐标轴所围的面枳不为0,则平均速度不为0,

故D错误.

11.（多选）为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯，无人乘行时，扶梯运转得

很慢，有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转.一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这

两个过程，如图所示.则在加速过程中，下列说法正确的是（）

A.顾客受到三个力的作用B.顾客处于超重状态

C.扶梯对顾客没有摩擦力的作用D.顾客对扶梯的压力等于顾客的重力

【答案】AB

【解析】以人为研究对象，加速过程中，人受到静座擦力、重力、支持力三个力的作用

下沿电梯加速上升，A正确：顾客有竖直向上的加速度，因此顾客处于超重状态，B正确：

顾客受到水平方向的静摩擦力作用，C错误：顾客处于超重状态，对扶梯的压力大于顾客的

垂力,D错误.

12.（多选）如图所示，小球8放在真空容器A内，球3的直径恰好等于正方体A的边

长，将它们以初速度的竖直向上抛出，下列说法中正确的是（）

A.若不计空气阻力，上升过程中，A对8有向上的支持力

B.若考虑空气阻力，上升过程中，A对4的压力向下

C.若考虑空气阻力，下落过程中，B对A的压力向上

D.若不计空气阻力，下落过程中，8对4没有压力

【答案】BD

【解析】将容器以初速度如竖直向上抛出后，若不计空气阻力，以整体为研究对象，

根据牛顿第二定律得到加速度为岛再以容器A为研究对象，上升和下落过程其合力等于其

重力，则8对A没有压力，A对8也没有支持力，故A错误，D正确.若考虑空气阻力，

以隹体为研究对象，根据牛顿第二定律得，上升过程加速度大于g;再以球8为研究对象，

根据牛顿第二定律分析，B受到的合力大于重力，4除受到重力外，还应受到向下的压力.A

对4的压力向下，故B正确.若考虑空气阻力，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律得

到，下落过程加速度小于g;再以8为研究对象，根据牛顿第二定律分析，人受到的合力小

于重力，B除受到重力外.还应受到向上的力，即A对B的支持力向上，8对A的压力向

下，故C错误.

13.（多选）如图所示，水平传送带以速度。匀速转动，小物体P、。由通过定滑轮且不

可伸长的轻绳相连，，=0时刻P在传送带左端具有速度S，P与定滑轮间的绳水平，f=fo

时刻尸离开传送带.不计定滑轮质量和摩擦，绳足够K.正确描述小物体户速度随时间变

化的图像可能是（）

【答案】BC

【解析】若功＞。2,且P受到的滑动摩擦力大于。的重力，则可能先向右匀加速，加速

至功后随传送带一起向右匀速，此过程如图B所示，故B正确.若。AS,且P受到的滑

动摩擦力小于。的重力，此时尸一直向右减速，减速到零后反向加速.若汲＞。，尸受到的

滑动摩擦力向左，开始时加速度0=隼誉，当减速至速度为s时，摩擦力反向，若有

此后加速度42=’'广监,故C正确，A、D缙误.

14.（多选）如图所示，倾斜的传送带始终以恒定速率仍运动.一小物块以S的初速度

冲上传送带.小物块从4到B的过程中一直做减速运动，则（）

a

4

A.如果0＞。2,小物块到达8端的速度可能等于0

B.如果功Vs，小物块到达3端的速度可能等于0

C.如果劲＞生，减小传送带的速度，物块到达3端的时间可能增长

D.如果。增大传送带的速度，物块到达4端的时间可能变短

【答案】ABC

【解析】小物块以初速度S从底端冲上传动带，且0大于。2,所以物块在重力沿斜面

的分量及摩擦力作用下做匀减速运动，当速度减为6后，重力沿斜面的分量可以大于向上

的摩擦力，这样合力方向向下，物体继续减速，到达顶端时，速度有可能正好减为零，故A

正确；幼小于。2,所以物块在重力沿斜面的分量及摩擦力作用下做匀减速运动，重力沿斜

而的分量可以大于向上的摩擦力，这样合力方向向下，物体一直减速，到达顶端时，速度有

可能正好减为零，故B正确；由A的分析可知，如果劭＞6,小物块的加速度开始时为gsin

夕+,〃gcos仇速度相等后变为gsin8—"geos。，故开始附加速度大；若减小传送带的速度，

作出两种情况下的图像如图所示，由图可知，传送带速度减小后的图像虚线所示，要达到相

同的位移，用时要长，故C正确；如图0V力，物体一直做减速运动，加速度不变，到达B

端时的位移不变，物体的运动时间不变，故D错误.

15.如图所示，绷紧的传送带与水平面的夹角e=30。，传送带在电动机的带动下，始

终保持如=2m/s的速率运行.现把一质量为m=\0kg的工件(可看作质点)轻轻放在传送带

的底端，经时间，=1.9s,工件被传送到〃=1.5m的高处，并获得了与传送带相同的速度，

取g=10m/s2.求：

(1)工件与传送带之间的滑动摩擦力吊的大小.

(2)工件与传送带之间的相对位移bx的大小.

【答案】⑴75N(2)0.8m

【解析】(1)由题意知高h对应的传送带长为

/__h__?

£-sin3()Tm,

工件速度达到衣)之前，从静止开始做匀加速运动，设匀加速运动的时间为力位移为

XI,为

00

X\=Vt\=-^t\,

因工件最终获得了与传送带相同的速度，所以达到即之后工件将匀速运动，有

L—xi=vo(t—t\),

解得八=0.8s,Ai=08m,

所以加速运动阶段的加速度为

“=与=2.5话2,

在加速运动阶段，根据牛顿第二定律，有

Ff—mgsin3=inat

解得Ff=75N.

(2)在时间h内，传送带运动的位移为

x=vot\=1.6m,

所以在时间八内，工件相对传送带的位移大小为

Ax=x—Xi=0.8m.

达标检测

一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只

有一项是符合题目要求的.

1.牛顿第一定律是建立在理想斜面实验基础上，经抽象分析推理得出的结论，它不是

实验定律.利用如图所示的装置做如下实验：小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜

面向下运动，并沿水平面滑动.水平面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时，小球沿

水平面滑动到的最远位置依次为1、2、3.根据三次实验结果的对比,可以得到的最直接的结

论是()

123

A.如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态

B.如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变

C.如果水平面光滑，小球将沿着水平面一直运动下去

D.小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小

【答案】C

【解析】根据实脸结果，水平面的粗糙程度越低，小球滑得越远，由此得出结论，如果

水平而光滑，小球将沿着水平面一直运动下去，故C正确.

2.关于牛顿运动定律的说法正确的是()

A.牛顿第一定律提出了当物体的合外力为零时，物体将处于静止状态

B.汽车速度越大，刹车后滑行的距离越长，所以惯性越大

C.跳高时，运动员能跳离地面，是因为人对地面的压力大于地面对人的支持力

D.在受到相同的作月力时，决定物体运动状态变化难易程度的唯一因素是物体的质量

【答案】D

【解析】根据牛顿第一定律的内容：当物体不受力或所受合外力为零时，总保持匀速直

线运动或静止状态，故A错误；惯性是物体的固有属性，与物体速度的大小无关，故B错

误；人对地面的压力与地面对人的支持力是一对作用力与反作用力，大小相等，方向相反，

故C错误；观察和实验表明，对于任何物体，在受到相同的作用力时，决定它们运动状态

变化难易程度的唯一因素就是它们的质量，故D正确.

3.下列关于单位制的说法中，正确的是（）

A.在国际单位制中力学的三个基本单位分别是长度单位m、时间单位s、力的单位N

B.长度是基本物理量，其单位m、cm、mm都是国际单位制中的基本单位

C.公式尸=〃心中，各量的单位可以任意选取

D.由F=ma可得到力的单位1N=1kg-m/s2

【答案】D

【解析】三个力学基本物理量分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s,

故A锚误；长度是基本肠理量，其单位in是国阵单位制中的基本单位，cni与nun只是常

用单位，不属于基本单位，故B错误；公式F=〃口中，各物理量的单位都是采用国际单位，

故C错误；公式尸=〃口中，各物理量的单位都是采用国际单位，才由尸=〃也可得到力的单

位1N=1kg-m/s2,故D正确.

4.如图所示，•车内用轻绳悬挂着A、B两球，车向右做匀加速直线运动时，两段轻

A.A球的质量一定等于B球的质量

B.A球的质量一定大于B球的质量

C.入球的质量一定小于B球的质量

D.A球的质量可能大于、可能小于、也可能等于E球的质量

【答案】D

【解析】对A、B整体研究，根据牛顿第二定律得（加A+〃m）gtan。=（5八+"喻。,解得“

=gtana：对8研究，根据牛顿第二定律得〃，叨tan0=maa,解得a=gtan。：因此不论A的

质量是大于、小于还是等于B球的质量，均有a=8,故D正确.

5.如图，自由下落的小球下落一段时间后，与弹簧接触，从它接触弹簧开始，到弹簧

压缩到最短的过程中，以下说法正确的是（）

§1

A.从接触弹簧到速度最大的过程是失重过程

B.从接触弹簧到加速度最大的过程是超重过程

C.从接触弹簧到速度最大的过程加速度越来越大

D.速度达到最大时加速度也达到最大

【答案】A

【解析】当弹簧的弹力等于小球的重力时，小球的加速度为零，此时速度最大；则从接

触弹簧到速度最大的过程，小球的加速度向下，且加速度逐渐减小，是失重过程，故A正

确，C、D错误；当小球到达最低点时小球的加速度最大，则从接触弹簧到加速度最大的过

程中，加速度是先向下减小，失重，然后加速度是向上斓加，超重，故B错误.

6.在以加速度〃匀加速上升的电梯中，有一个质量为〃?的人，下列说法中正确的是()

A.此人对地球的吸引力为/〃(g+a)B.此人对电梯的压力为机(g—4)

C.此人受到的重力为m(g+a)D.此人的视重为

【答案】D

【解析】人随电梯加速上升，故处于超重状态.根据超重定义可知，此人的视重(即人

对电梯的压力大小)应为D正确，B错误；人无•地球的吸引力与人受到的重力是作

用力和反作用力的关系，大小均为〃叫，运动状态的变化不影响人对地球的吸引力及人受到

的重力，故A、C错误.

7.如图所示，质量为叫=2kg和〃?2=3kg的两个物体放置于光滑水平面上，中间用

轻质弹簧秤连接，两个大小分别为Q=30N,尸2=20N的水平拉力分别作用于〃”，，吸上.则

mm

A.弹簧秤示数是26N

B.孙、用2共同运动加速度大小为。=4m/s?

C.突然撤去的瞬间，如的加速度大小为。=3m/s2

D.突然撤去B的瞬间，〃?2的加速度大小为。=4m/s?

【答案】A

【解析】以整体为研究对象，由牛顿第二定律得?|一?2=(加+”?2)用代入数据解得。

=2nVs2：对〃?2受力分析，向左的尸2和向右的弹簧弹力”，由牛顿第二定律得

解得b=26N,故A正确，B错误；在突然撤去尸2的瞬间，因为弹簧的弹力不能发生突变，

所以〃?1的受力没有发生变化，故加速度大小仍为201底，故C错误；突然撤去Q的瞬间，

加2的受力没有来得及变化，所以〃?2的加速度大小仍为a=2m/s2,故D错误.

二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，

有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得。分.

8.如图所示，物体在一外力作用下沿光滑水平面向右运动，它的正前方有一根劲度系

数足够大的弹簧，当物体接触弹簧后，下列说法中正确的是（）

A.物体立即做减速运动

B.物体仍一直做加速运动

C.在一段时间内继续做加速运动，速度继续增大

D.当弹簧处于最大压缩量时，物体的加速度不为零

【答案】CD

【解析】当物体接触弹簧后，弹簧的弹力逐渐增大，开始阶段，弹力小于水平恒力F,

合力方向向右，与速度方句相同，物体做加速运动，后天弹簧的弹力大于F,合力向左，与

速度方向相反，物体开始做减速运动，所以物体接触弹摄后先加速后减速，A、B错误，C

正确：当弹簧处于最大压缩量时，弹力大于£物体的加速度向左，不为零，D正确.

9.如图所示，在光滑水平面上有一个静止的小车，质量为M,小车上静止地放置着一

个木块，质量为〃?，木块和小车间的动摩擦因数为〃=0.3,用水平恒力下拉动小车，g取

10m/s2.下列关于木块的加速度m和小车的加速度G，可能正确的有（）

A.t?i=2m/s2,02=2m/s2B.a\=2m/s2,班=3m/s2

C.a\=3m/s2,02=4m/s2D.a\=3m/s2,ai=1m/s2

【答案】AC

【解析】对上面的木块受力分析，在水平方向只可能受摩擦力，且FW〃mg,因此木块

的加速度最大为4m=£=〃g=3m/s?.若小车与木块一起运动，相对静止，则二者加速度相等，

且小于4m,即0=S=2m/s2<4"，所以是可能的，A正确；若木块与小车发生相对滑动，

则木块的加速度一定是3m/s2,由于拉力作用在小车上，故小车的加速度要大于木块的加速

皮,所以C正确，B、D错误.

10.如图所示，一个质量为50kg的沙发静止在水平地面上，甲、乙两人同时从背面和

侧面分别用E=12ON、B=I6ON的力推沙发，8与B相互垂直，且平行于地面.沙发与

地面间的动摩擦因数〃=03设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取10m/s2下列

说法正确的是（）

A.沙发会被推动

B.沙发将沿着Fi的方向移动，加速度为0.6m*

C.由于Q小于滑动摩擦力，沙发将沿着尸2的方向移动，加速度为0.2m/s2

D.沙发的加速度大小为1m/s2

【答案】AD

【解析】由二力合成可知，两个力的合力大小为F=^/FT+F?=200N,方向在水平前内，

设尸与尸1的夹角为9则sin与=胃=0.8,即6=53°;^./^ax=JuFN=^j?=O.3X5OON=150

N<F,则沙发要做匀加速直线运动，A正确：由牛顿第二定律有产一启ax=〃?a,代入数据得

a=\m/s2,方向沿水平面介于Q、入之间，且与“1夹角为53。，故B、C错误，D正确.

三、非选择题：本题共4小题，共54分.

11.（6分）如图所示为探究小车加速度与所受合力关系的实验示意图局部.该实验中，

两小车各自受到向左的恒定拉力，通过控制铁夹子同时释放让两小车同时由静止开始运动，

然后通过铁夹子同时夹住小车后面的细线使小车同时突然停止运动从而使小车近似做了一

段匀加速直线运动，进而比较两小车的加速度.关于此实验中两小车加速度的判断，下列说

法正确的是.

A.两小车的加速度之比等于位移之比

B.两小车的加速度之比等于位移的反比

C.两小车的加速度之比等于位移平方之比

D.两小车的加速度之比等于位移平方的反比

【答案】A

【解析】两小车运动的时间相等，由位移公式知所以位移和加速度应该成正

比的关系，A正确.

12.（12分）“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图甲所示.

祛码和

甲

⑴下列说法正确的是_______.

A.每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力

B.实验时应先释放小车后接通电源

C.本实验跌码及假码盘B的总质量应远大于小车A的质量

D.在用图像探究加速度与质量关系时，应作。一《图像

⑵某同学在实验中打出的一条纸带如图乙所示，他选择了几个计时点作为计数点，相

邻两计数点间还有4个点没有标出,其中si=7.06cm、52=7.68cm>53=8.30cm>54=8.92

cm,纸带加速度的大小是m/s"保留两位有效数字)

Sy

(3)某同学将长木板右端适当垫高，其目的是.但他把长木板的右端垫得

过高，使得倾角过大.用。表示小车的加速度，尸表示纽线作用于小车的拉力.他绘出的4

一/图像是.

【答案】⑴D(2)0.62⑶平衡摩擦力C

【解析】(1)实验前要平衡摩擦力，每次改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力，故A

错误；实验时应先接通电源，然后再释放小车，故B错误；在破码及硅码盘B的质量远小

于小车A的质量时，小车受到的拉力近似等于硅码及硅码盘受到的重力，故C错误；应用

图像法处理加速度与质量关系实验数据时，为了直观，应作〃一二-图像，故D正确.

(2)根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小，得纸带的加速度

」(0.083-0.0706+0.0892-0.0768)X10-2、,,

为a=------------------------4X0I2------------------------m/s2=0.62m/s2.

(3)将长木板右端适当垫高，其目的是平衡摩擦力；把长木板的右端垫得过高，使得倾

角过大，小车所受重力平行于木板的分力大于小车受到的摩擦力，小车受到的合力大于细线

的拉力，在小车不受力时，小车已经具有一定的加速废，〃一尸图像不过原点，在。轴上有

俄距，因此他绘出的“一户关系图像是C.

13.(18分)水平传送带以。=1.5m/s的速度匀速运动，传送带两端距离为6.75m,

将一物体轻放在传送带的A端，它运动到传送带另一端8所需时间为6s.求：

⑴物体和传送带间的动摩擦因数；

(2)若要使物体以最短时间到达B端，则传送带的速度至少应调为多大？(g取1()m/s2)

rj——-rR

C)(・]

【答案】(1)0.05(2啰m/s

【解析】先判断物体在传送带上的运动情况.

由题设可得：该物体在传送带上运动的平均速度

v=y=1.125m/s.

0+。

假设物体在传送带上一直做匀加速直线运动，则该过程中物体的平均速度3'=